高考物理專題輔導-第四講機械能守恒

1、1第四講 機械能守恒2動能定理 1，2，3，4，5，6機械能守恒 7，8，9，10天體運動、引力勢能 MmEGr11，12，13，14，153 1。水桶中有深度為H的水，水桶的底部有半徑為r的圓孔，把孔塞拔掉后，圓孔處水流初速v是多少？4解：研究厚度為x的薄層水，設221vxsxsgHgHv2（同落體）2.rs由動能定理5 2。跳水運動員從高于水面H=10 m的跳臺落下假如運動員質量為m=60kg其體形可等效為長度L=1.0m，直徑d = 0.30m的圓柱體，不計空氣阻力運動員入水后，水的等效阻力F作用于圓柱體的下端面，F(xiàn)的數(shù)值隨入水深度y變化的函數(shù)圖像如圖所示，該曲線可近似地看作為橢圓的一部

2、分，該橢圓的長、短軸分別與坐標軸oy和oF重合橢圓與y軸相交于y = h與F軸相交于F = (52)mg處了確保運動員的安全，試計算水的深度至少應為多深?(水的密度=1.0l03kgm3)y6解：設運動員起跳時為初狀態(tài)，入水后到達最深處時為末狀態(tài)初、末狀態(tài)動能都是零，整個過程中有三個力做功，重力做功為WG，水的浮力做功為Wf，水的阻力做功為WF，由動能定理可知GfFWWW0（1）GWmg(Hh)（2）222f11d1WL ( ) gLLd g228 （3）運動員從B運動到C時，水的浮力均勻增大，做的功為設水深為h，則BCD10mhLd7將（2）、（3）、（4）、(5)式代入（1）式，可解得22

3、2mH(1 8)L dh4.9(m)(5 8) m(1 4)Ldm從C到D，浮力做的功為2f21WLd (hL)g4 （4）F1 55Wmghmgh4 28 （5）水的阻力做功為圖中曲線下的面積8 3。如圖，繩長l，將小球拉至繩水平狀態(tài)后讓其自由下落，求小球能獲得的最大的豎直速度9解1：cos21sin2vvmvmgly22cossin2 glvy求極值。用高等數(shù)學0sincos2cos,cossin232zz21tan2,)22(tan1也可以用初等數(shù)學來求極值，請同學們考慮。10解2：當 0yF時yv有極大值.mgTlmvmgTmvmglsin/sin21sin22,vTcosmax vv

4、y11 4軸的質量為m、半徑為r的輕輪，其軸上系有繩子，在輪子所在的平面內沿水平方向拉繩，輪子沿柵欄無跳動地滾動，柵欄由彼此間距為l的平行的水平細桿構成，（ lnkmg。 262112Fkmg dmv212vFf dm解：機車啟動后經d路程，有：令 f = kmg得：222012011222vvvFf dm22220222vvFf dm車廂被帶動可視為完全非彈性碰撞，車廂1被帶動的速度記為v20，有：故于是223023022439vvvv27222021222221211nvFf dFf dnmnmnFnf dnnm 2222222212121212nFdnfdmmnnnnnn以此類推，得：故

5、011213nnFvdnkgnm評析評析：倒車啟動的好處不言而喻，大家可以試一試若F=30kmg，那么倒車后可拉動多少車廂？(開動后阻力迅速減小)28 10玩具列車由許多節(jié)車廂組成，它以恒定速度沿水平軌道行駛，進入“死圈”，列車全長為L，圈半徑為R，但L2R，問列車應具有多大初速度，才能不讓任何一節(jié)車廂脫軌。29(1)設列車的“線密度”為，則由機械能守恒有(2)不難判斷軌道頂部的車廂最容易脫離軌道該車廂受力如圖所示，兩個T是兩邊其它車廂對它的拉力將代入，有30(3)用虛功原理求T對左半側或右半側的列車來說，移動一小段s，T做的功是Ts，效果是使s長的車廂升高2R高度，因而有gRT2Tss 2R

6、 g gRv32LRgRv430可解得評析：本題有二個要點：（1）分析頂點，（2）虛功 求力。31 11從地球表面以第一宇宙速度朝著與豎直方向成角的方向發(fā)射一拋射體，忽略空氣阻力和地球轉動的影響，試問拋射體能上升多高？設地球半徑為。32解：第一宇宙速度 0GMvR，其機械能： 201022MmMmEmvGGRR所以以 0v向任何方向都不可能飛離地球，只 能以地心為焦點作橢圓運動， 由開普勒第二定律：0maxsinBv Rv r得： 0m a xm a xs ins inBvRG M Rvrr0m a xm a xsinsinBvRG M Rvrr332max1:22BMmMmCOEmvGGrR

7、 代入 maxr上升高度 (1 cos )(1 cos )RR舍上升高度 maxcosrRR34 12質量為m1和m2的兩質點相距為l，從靜止開始，由于萬有引力作用而相向運動，試求從開始運動直到相遇所需的時間。 35 解：在宇宙空間參照系中研究m1，在m1參照系中研究m2由此可見，m2相對m1的運動等同于一個質量為m1+m2的力心不動時的情況，可認為m2運動的直線軌跡是一個退化的橢圓(a=c，b=0)，有2a=l由開普勒第三定律有203023TrTa因為36，所以即 評析：本題巧妙地利用了退化的思路，迂回解決了問題。37 13以第一宇宙速度發(fā)射(垂直向上發(fā)射)的導彈經一段時間后在離發(fā)射點不遠處

8、返回地面，計算導彈在空中飛行的時間，地球半徑 R = 6400km。38解：第一宇宙速度即環(huán)繞速度機械能守恒：由上兩式可解得：因為是豎直向上拋射，所以b很小，橢圓退化為一根直線，即a=R(焦點在地心O點)。在物體拋射到返回地面的整個過程中，物體與地心O的連線掃過的面積為而面積速度(即單位時間里掃過的面積)因此3922CABeC A 14某國發(fā)射一顆周期T0=1天的不用動力飛行的衛(wèi)星，其軌道平面為赤道平面，容易理解，如圖，若衛(wèi)星取一橢圓軌道，那么它相對地心的角速度便不是定值，與地面上的參考點之間會發(fā)生相對運動，假設該國僅擁有經度范圍為2的赤道領空，那么發(fā)射者就必須將衛(wèi)星軌道的偏心率e限制在一個很

9、小的范圍內，以保證衛(wèi)星不離開本國領空，設橢圓的半長軸為A，半短軸為B，則有 ，試確定e的最大可能值。40 解：如圖所示，衛(wèi)星的角速度有時比地球快有時比地球慢，設衛(wèi)星在C和C點時和地球角速度相同，都為c，那么在C和C點右邊的軌道上衛(wèi)星的角速度都小于c(1)在1位置有將C=eA代人，并用(1一e)n=1ne的近似公式，可得，如果衛(wèi)星在C點時OC和地球上的OB重合，那么此后OA將追逐OC，直到衛(wèi)星到C時OA和OC重合只要AOB=2o，便符合題意C是地球的角速度241(2)由解析幾何的知識可知：從焦點到橢圓上橫坐標為x的點的距離r = A+ex。再用開普勒第三定律因為 故 ABCC 可看作矩形，圖中陰

10、影部分面積1e衛(wèi)星從C經過2到 C的時間，由上式可得42地球從OB和OC重合轉到OA和OC/重合的時間故而可以解得3e8.7 104此值即e的最大值。43 15從北極發(fā)射一導彈，落在赤道上(經歷緯度90o)。求能量最省的發(fā)射速度。引力常數(shù)6.6710-11 m3/(kgs2)，地球半徑Re =64106m，地球質量Me=601024kg。忽略空氣阻力。44分析與解分析與解 如圖所示，圖中A點是北極發(fā)射點，B點為導彈落地點，在赤道上。導彈在地球外部空間的軌道是橢圓軌道的一部分。根據對稱性，橢圓長軸MN是直角的角平分線。導彈在地球引力場中按橢圓軌道運動，機械能為 amMGEe245 為使能量取最小值，應取最小的半長軸值。設橢圓軌道的兩焦點在F1和F2處，其中F1必在地球中心。因北極發(fā)射點A在橢圓軌道上，依橢圓的性質，有關系aAFAF221其中 ，所以只有當 取最小值時，