全真模擬預(yù)測(cè)試題(十五)-2020屆高三物理全真模擬預(yù)測(cè)試題(解析板)

1、2020屆高三物理全真模擬預(yù)測(cè)試題（十五）二、選擇題：本題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分.14 .如圖所示，空間有一垂直紙面向外的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量為0.2 kg且足夠長(zhǎng)的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端放置一質(zhì)量為0.1 kg、帶電荷量q=0.2 C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)對(duì)木板施加方向水平向左、大小為0.6 N 的恒力 F,g 取 10 m/s24U（）

2、A.木板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)B.滑塊開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)C.最終木板做加速度為 2 m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，滑塊做速度為10 m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)D.最終木板做加速度為 3 m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，滑塊做速度為1 m/s的勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】 B【解析】由于滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，靜摩擦力能對(duì)滑塊提供的最大加速度為5 m/s2,所以當(dāng)0.6 N的恒力剛作用于木板時(shí)，滑塊與木板組成的系統(tǒng)以a=；=二1 m/s2=2 m/s2的加速度一起運(yùn)動(dòng)；當(dāng)滑塊獲得向左運(yùn)動(dòng)的速度以后，磁場(chǎng)對(duì)其有豎直向上的洛倫茲力，隨速度增大，

3、洛倫茲力增大，大到一定程度后滑塊所受 摩擦力減小，加速度減?。划?dāng)洛倫茲力等于滑塊重力時(shí)，滑塊與木板之間的彈力為零，此時(shí)有qvB=mg,解得v=10m/s,此時(shí)摩擦力消失，滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，而木板在恒力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng),a=; =3 m/s2。所以B正確。MT15 .金屬探測(cè)器已經(jīng)廣泛應(yīng)用于安檢場(chǎng)所，關(guān)于金屬探測(cè)器的論述正確的是（）A.金屬探測(cè)器可用于食品生產(chǎn)，防止細(xì)小的砂石顆?；烊胧称分蠦.金屬探測(cè)器探測(cè)地雷時(shí)，探測(cè)器的線圈中產(chǎn)生渦流C.金屬探測(cè)器探測(cè)金屬時(shí)，被測(cè)金屬中感應(yīng)出渦流D.探測(cè)過(guò)程中金屬探測(cè)器與被測(cè)物體相對(duì)靜止與相對(duì)運(yùn)動(dòng)探測(cè)效果相同【答案】 C【解析】金屬探測(cè)器只能探測(cè)金屬，

4、不能用于食品生產(chǎn)，不能防止細(xì)小的砂石顆?；烊胧称分?，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；金屬探測(cè)器探測(cè)金屬時(shí)，被測(cè)金屬中感應(yīng)出渦流，選項(xiàng) B錯(cuò)誤，C正確；探測(cè)過(guò)程中金屬探測(cè) 器應(yīng)與被測(cè)物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)，相對(duì)靜止時(shí)無(wú)法得到探測(cè)效果，選項(xiàng) D錯(cuò)誤.16. （2019廣西欽州市第三次質(zhì)檢）如圖2所示，一件質(zhì)量為 M的衣服掛在等腰三角形的衣架上，衣架通過(guò)輕繩OA懸掛在天花板下.衣架質(zhì)量為m,頂角0= 120,此時(shí)衣架底邊水平.不計(jì)衣服與衣架間的摩擦，重力加速度為g,則豎直輕繩OA受到的拉力Ft和衣架左側(cè)對(duì)衣服的作用力Fn大小分別為（）11圖2FT = Mg, FN = 3MgB.Ft= Mg , Fn= 2MgC.Ft= (M

5、+ m)g,FN=3MgD.FT = (M + m)g,1FN=,Mg【解析】以整體為研究對(duì)象可知， 豎直輕繩OA受到的拉力Ft等于衣服和衣架的總重力， 即FT=（M + m）g;分析衣服的受力情況：重力、衣架兩側(cè)的支持力，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性知衣架兩側(cè)對(duì)衣服的支持力大小相等，設(shè)為3一一八Fn.根據(jù)幾何關(guān)系得 Fn與豎直萬(wàn)向的夾角為 30 ,由平衡條件得 2Fncos 30= Mg,得FN = %Mg, C正確.317. （2019衡水金卷調(diào)研卷五）如圖3所示，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑軌道ABCD,其中傾角 0= 37 的斜面AB與半徑為R的圓弧軌道平滑相切于 B點(diǎn)，CD為豎直直徑，O為圓心，質(zhì)量為 m

6、的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)） 從與B點(diǎn)高度差為h的斜面上的A點(diǎn)處由靜止釋放，重力加速度為 g, sin 37 =0.6, cos 37 = 0.8,則下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)h=2R時(shí)，小球過(guò) C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為 27mg5B.當(dāng) h=2R時(shí),小球會(huì)從D點(diǎn)離開(kāi)圓弧軌道做平拋運(yùn)動(dòng)C.調(diào)整h的值,小球能從D點(diǎn)離開(kāi)圓弧軌道，并能落在 B點(diǎn)左側(cè)D.調(diào)整h的值,小球能從D點(diǎn)離開(kāi)圓弧軌道，并能恰好落在B點(diǎn)當(dāng)h=2R時(shí),1從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒可得 mg（h+ R- Rcos = 2mvc2,過(guò)C點(diǎn)時(shí)n mg = mvC-,解得RFN = 27mg,根據(jù)牛頓第三定律可知小球過(guò)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大

7、小為 27mg, A正55確；若小球恰好從D點(diǎn)離開(kāi)圓弧軌道，則mg=m2V01,mg(ho-R- Rcos 9)=2mvo2,解得 Vo= gR, ho=2.3R2R,所以當(dāng)h = 2R時(shí)，小球在運(yùn)動(dòng)到 D點(diǎn)前已經(jīng)脫離軌道，不會(huì)從 D點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；若小球以速度 Vo從D點(diǎn)離開(kāi)后做平拋運(yùn)動(dòng)，有R+ Rcos仁2gto2,解得to = 6R 口6RTJT,且 x=V0t0=-0.6 R, C、D 錯(cuò)誤.10g1018. （2019廣東省汕頭市第二次模擬）如圖4所示，虛線 MN將平面分成I和H兩個(gè)區(qū)域，兩個(gè)區(qū)域分別存在著與紙面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng).一帶電粒子僅在磁場(chǎng)力作用下由I區(qū)運(yùn)動(dòng)到n區(qū).曲線a

8、Pb為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的段軌跡，其中弧 aP、弧Pb的弧長(zhǎng)之比為2： 1,且粒子經(jīng)過(guò)a、b點(diǎn)時(shí)的速度方向均水平向右，下列判斷正確的是（）圖4A. I、n區(qū)域兩個(gè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，大小之比為2： 1B.粒子在I、n區(qū)域兩個(gè)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑之比為2 ： 1C.粒子通過(guò)aP、Pb兩段弧的時(shí)間之比為 1 ： 1D.弧aP與弧Pb對(duì)應(yīng)的圓心角之比為 2 ： 1【答案】 B【解析】粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力不做功，所以在兩個(gè)區(qū)域內(nèi)粒子的速率相等.由兩弧長(zhǎng)之比為2：1,速率相等，可知時(shí)間之比為2 ： 1,故C錯(cuò)誤；由于粒子經(jīng)過(guò) a、b點(diǎn)時(shí)的速度方向均水平向右，可知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角相等，故D錯(cuò)誤；根

9、據(jù)0= 3佚口角速度之比為1 ： 2,由v= 3 1可知半徑之比為2 :1,故B正確；根據(jù)qvB=m4導(dǎo),=詈，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為1 ： 2,且根據(jù)運(yùn)動(dòng)方向可知兩個(gè)磁r Bq場(chǎng)的方向相反，故 A錯(cuò)誤.19. （2019福建省南平市5月綜合質(zhì)檢）目前，我國(guó)已經(jīng)發(fā)射了多艘神舟號(hào)載人飛船，使我國(guó)成為繼俄羅斯、美國(guó)之后世界上第三個(gè)獨(dú)立掌握宇宙飛船天地往返技術(shù)的國(guó)家.某載人宇宙飛船繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期1為T(mén),由于地球遮擋，字航員發(fā)現(xiàn)有 6T時(shí)間會(huì)經(jīng)歷 日全食”過(guò)程，如圖5所示.已知地球的半徑為 R,引力常量為G,地球自轉(zhuǎn)周期為 To,太陽(yáng)光可看作平行光，則 （）A.宇宙飛船離地球表面的高度為2R

10、B . 一天內(nèi)飛船經(jīng)歷 日全食”的次數(shù)為T(mén)0C.宇航員觀察地球的最大張角為60D.地球的平均密度為74:2GI【答案】 CD 1【解析】設(shè)飛船距離地面的局度為h,因于航貝發(fā)現(xiàn)有6T時(shí)間會(huì)經(jīng)歷 日全食 過(guò)程，則圓心角為60,由幾何關(guān)系得：（h+ R）sin 30 = R,解彳導(dǎo):h= R,故A錯(cuò)誤；地球自轉(zhuǎn)一圈時(shí)間為 To,飛船繞地球一圈時(shí)間為T(mén),飛船繞一圈會(huì)有一次日全食”，所以每過(guò)時(shí)間 T就有一次 H全食”，得一天內(nèi)飛船經(jīng)歷日全食”的次數(shù)為牛，故B錯(cuò)誤；如圖所示，可知宇航員觀察地球的最大張角“=60。，故C正確；，一 Mm 4 /4 72r3 32 /r3由萬(wàn)有引力提供向心力，則有：G-r-=

11、 m2r,又軌道半徑r= R+ h=2R,則地球質(zhì)量為 M = GT2= 城則地球密度為 尸-=44J23=2,故D正確.20. （2019安徽省黃山市一質(zhì)檢）如圖6甲所示，閉合矩形導(dǎo)線框 abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直， 磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示.規(guī)定垂直紙面向外為磁場(chǎng)的正方向，線框中順時(shí)針電流的方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向，水平向右為安培力的正方向.關(guān)于線框中的感應(yīng)電流i與ad邊所受的安培力 F隨時(shí)間t變化的圖象，下列選項(xiàng)正確的是6a 4 j/s【答案】BC【解析】由題圖B t圖象可知，。1 s時(shí)間內(nèi),B增大，增大，由楞次定律可知，線框中感應(yīng)電流為順時(shí)針

12、方向，為正值；12 s磁通量不變，無(wú)感應(yīng)電流；23 s內(nèi)，B的方向垂直紙面向外，B減小，減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较?，為?fù)值；34 s內(nèi)，B的方向垂直紙面向里，B增大，增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较颍瑸樨?fù)值；由左手定則可知，在01 s內(nèi)，ad受到的安培力方向水平向右，是正的，12 s無(wú)感應(yīng)電流，不受安培力， 23 s時(shí)間內(nèi)，安培力水平向左，是負(fù)的， 34 一 A AB s時(shí)間內(nèi)，安培力水平向右，是正的；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E =95感應(yīng)電流I=5=鬻，由Bt圖象可知，在每一時(shí)間段內(nèi)， 號(hào)是定值，在各時(shí)間段內(nèi)I是定彳1, ad邊受到的安培力F R R Z

13、mAt= BIL, I、L不變，B均勻變化，則安培力 F均勻變化，不是定值，故 B、C正確，故A、D錯(cuò)誤.21. （2019湖北省十方g市調(diào)研）如圖7所示，三根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線 A、B、C互相平行，其橫截面為等腰直角三23其中I為通電導(dǎo)線的電流強(qiáng)度,r角形的三個(gè)頂點(diǎn)，三根導(dǎo)線中通入的電流大小相等，且A、C中電流方向垂直于紙面向外，B中電流方向垂直于紙面向內(nèi)；已知通電導(dǎo)線在其周?chē)a(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為到通電直導(dǎo)線的距離， k為常量.下列說(shuō)法正確的是 （）c)rA(r圖7A. A所受磁場(chǎng)作用力的方向與 B、C所在平面垂直B. B所受磁場(chǎng)作用力的方向與 A、C所在平面垂直C. A、B單位長(zhǎng)度所受的磁場(chǎng)

14、作用力大小之比為1： 2D. A、B單位長(zhǎng)度所受的磁場(chǎng)作用力大小之比為1 ,監(jiān)【答案】 BC【解析】由安培定則可知：A處的合磁場(chǎng)方向沿 AC方向指向C,所以A所受磁場(chǎng)作用力的方向與 A、C所在平面垂直，A錯(cuò)；由安培定則可知：B處的合磁場(chǎng)方向沿 AC方向指向C,所以B所受磁場(chǎng)作用力的方kI向與A、C所在平面垂直，B對(duì)；通電導(dǎo)線在其周?chē)鷱V生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B = _,根據(jù)磁場(chǎng)的疊加知:rA處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 22k,而B(niǎo)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為寸2：,所以A、B單位長(zhǎng)度所受的磁場(chǎng)作用力大小之 比為1 ： 2, C對(duì)，D錯(cuò).22. (2019安徽省 江南十校”二模)為測(cè)一遙控電動(dòng)小車(chē)的額定功率，進(jìn)行了如

15、下實(shí)驗(yàn)：將電動(dòng)小車(chē)、紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器等按如圖1甲所示安裝；接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源(其打點(diǎn)周期為0.02 s);使電動(dòng)小車(chē)以額定功率加速運(yùn)動(dòng)，達(dá)到最大速度一段時(shí)間后關(guān)閉小車(chē)電源，待小車(chē)靜止在斜面上后 再關(guān)閉打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源(小車(chē)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)中所受阻力恒定).在上述過(guò)程中，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上所打的部分點(diǎn)跡如圖乙所示(紙帶左端接在小車(chē)上)，請(qǐng)分析紙帶數(shù)據(jù)，回答下列問(wèn)題：(結(jié)果均保留2位有效數(shù)字):(1)該電動(dòng)小車(chē)運(yùn)動(dòng)白最大速度為 m/s.(2)關(guān)閉小車(chē)電源后，小車(chē)的加速度大小為 m/s2.(3)若小車(chē)的質(zhì)量為0.4 kg,則小車(chē)的額定功率是 W.【答案】 (1)2.0 (2)4.0 (3)3.2【解析】(1

16、)根據(jù)紙帶可知，當(dāng)所打的點(diǎn)點(diǎn)距均勻時(shí)，表示小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度最大，故有Vm=；m/s= 2.0 m/s；0.048.00 10 2(2)關(guān)閉電源后小車(chē)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于不知道中間確切的關(guān)閉電源的時(shí)間，故采用紙帶最后四組數(shù)據(jù)計(jì)算，根據(jù)逐差法可得(4.28 5.56) 10 2 m=2aiT2, (4.93 6.21) 10 2 m= 2a2T2,兩式相加可得a=ai+ a2r4.93 6.21 + 4.285.564X0.042M02 m/s2 = 4.0 m/s2,負(fù)號(hào)表示加速度方向與運(yùn)動(dòng)方向相反;(3)當(dāng)小車(chē)達(dá)到額定功率，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)有F = Ff,故小車(chē)的額定功率為：P= Fvm=

17、FfVm= m|a|vm =0.4 4.0 &0 W=3.2 W.23. (2019山東省青島市5月二模)某同學(xué)用如圖2甲所示電路測(cè)量電流表 Gi的內(nèi)阻ri.供選擇的儀器如 下：待測(cè)電流表 Gi(05 mA,內(nèi)阻約200 ;)電流表G2(010 mA,內(nèi)阻約100 ;)定值電阻 Ri(100 Q) 定值電阻R2(200 %)滑動(dòng)變阻器 R3(01 000日)滑動(dòng)變阻器 R4(0400 Q);電源E(電動(dòng)勢(shì)6 V,內(nèi)阻可不 計(jì))；開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干.圖2(1)實(shí)驗(yàn)中要求電流表Gi能達(dá)到滿(mǎn)偏，則定值電阻應(yīng)選 (填Ri”或R2)滑動(dòng)變阻器應(yīng)選(填R3”或R4”)按照電路圖，閉合開(kāi)關(guān)s前應(yīng)將滑動(dòng)觸頭移至

18、 端(填a”或b”.)(2)在圖乙所示實(shí)物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接.(3)實(shí)驗(yàn)步驟如下：按電路圖連接電路，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭移至一端；閉合開(kāi)關(guān)S,移動(dòng)滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄Gi、G2的讀數(shù)|1、|2；多次移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，記錄相應(yīng)的Gi、G2的讀數(shù)Ii、|2；以Ii為縱坐標(biāo)，I2為橫坐標(biāo)，作出相應(yīng)圖線，如圖丙所示.若圖中直線的斜率為k,請(qǐng)用題中所給符號(hào)寫(xiě)出待測(cè)電流表內(nèi)阻的表達(dá)式1=.【答案】R2 R3 a(2)如圖所示1QT)R2【解析】(1)因?yàn)殡娏鞅鞧2的量程是待測(cè)電流表 Gi的2倍，所以定值電阻和待測(cè)電流表內(nèi)阻接近,R3；為保證電路安全，應(yīng)將滑動(dòng)觸頭

19、定值電阻應(yīng)選 R2；滑動(dòng)變阻器采用限流式接法，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用 移至a端，使電路中的起始電流最小.(2)據(jù)電路圖連實(shí)物圖如圖:(3)根據(jù)電流關(guān)系可得：I2=li+詈，又9=k，解彳導(dǎo)：ri = (1-1)R2. R212k24. (2019河北省石家莊二中期中)如圖1甲所示，在水平地面上放置一個(gè)質(zhì)量為m=4 kg的物體，讓其在隨位移均勻減小的水平推力作用下運(yùn)動(dòng)，推力F隨位移x變化的圖象如圖乙所示.已知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 -0.5, g= 10 m/s2.求：(1)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的最大加速度為多少？(2)距出發(fā)點(diǎn)多遠(yuǎn)時(shí)物體的速度達(dá)到最大？(3)物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是多少？【答

20、案】 (1)20 m/s2 (2)3.2 m (3)10 m【解析】(1)由牛頓第二定律，得：F- mg= ma當(dāng)推力F=100 N時(shí)，物體所受的合力最大，加速度最大，代入數(shù)值解得a = m科羅20 m/s2(2)由題圖可得推力 F是隨位移x變化的，當(dāng)推力等于摩擦力時(shí)，加速度為0,速度最大則 F= mg= 20 N由題圖得到F與x的函數(shù)關(guān)系式F= 10025x則得到x=3.2 m(3)由題圖得到推力對(duì)物體做的功等于F x圖線與x軸所圍 面積”，得推力做功 W= 200 J根據(jù)動(dòng)能定理： W-mgx= 0代入數(shù)據(jù)得xm= 10 m.25. (2019湖南省三湘名校第三次大聯(lián)考)如圖2所示，直角坐

21、標(biāo)系xOy的x軸水平，y軸豎直，處于豎直向下、大小為 Eo的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，過(guò) 。點(diǎn)，傾角為0= 60的足夠大斜面固定在坐標(biāo)系中.質(zhì)量為 m、帶電荷量為+ q的粒子從y軸上的P點(diǎn)，以某一速度沿 x軸正方向射入，經(jīng)過(guò)時(shí)間t,在坐標(biāo)平面內(nèi)加上另一勻強(qiáng)電場(chǎng)巳 再經(jīng)過(guò)時(shí)間t,粒子剛好沿垂直于斜面的方向到 達(dá)斜面，且到達(dá)斜面時(shí)速度為零.不計(jì)粒子重力，求:圖2(1)粒子的初速度大小；(2)P點(diǎn)與x軸的距離；(3)勻強(qiáng)電場(chǎng)E的電場(chǎng)強(qiáng)度大小.【答案】 (1) ,聞E0t (2)11qE0t之(3)Eom2m【解析】(1)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，第一個(gè)時(shí)間 t內(nèi)，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)加速度a=qE m加上電場(chǎng)E時(shí)，

22、粒子做勻減速直線運(yùn)動(dòng).粒子在豎直方向的速度vy= at此時(shí)合速度方向垂直于斜面：v0= tan 0vy可解得粒子的初速度 vo= 3qE0tm1 c(2)第一個(gè)時(shí)間t內(nèi)，粒子在豎直方向的位移y1=2at2水平方向的位移X1 = vot在第二個(gè)時(shí)間t內(nèi)，粒子在豎直方向的位移也為y1，水平方向的位移 X2=y1tan 0P 點(diǎn)到 x 軸的距離 l = 2y1 + (X1 + X2)tan 0代入數(shù)據(jù)得：1 =若或2m在第二個(gè)時(shí)間t內(nèi)，在豎直方向：qEy qEo= ma在水平方向：但=vm t所以 E= Ex2+ Ey2解得：E =甲E033. (2019廣西欽州市第三次質(zhì)檢)(1)關(guān)于氣體的內(nèi)能和

23、熱力學(xué)定律，下列說(shuō)法正確的是 .A.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能B.質(zhì)量和溫度都相同的氣體，內(nèi)能一定相同C.熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體D. 一定量的理想氣體在等溫膨脹過(guò)程中，一定吸收熱量E. 一定量的理想氣體，溫度越高，氣體分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，氣體內(nèi)能越大 1(2)如圖2所示，絕熱圓筒水平放置，圓筒內(nèi)有一絕熱活塞C,活塞的長(zhǎng)度是圓筒長(zhǎng)的 主 活塞的中心與3圓筒中心重合，整個(gè)裝置置于溫度恒為300 K、壓強(qiáng)恒為1.0 05 Pa的大氣中.現(xiàn)用導(dǎo)熱材料 A、B封閉圓筒的兩端，然后把圓筒左端放入一溫度恒定的密閉熱源中，并保持圓筒水平，發(fā)現(xiàn)活塞緩慢向右移動(dòng).當(dāng)115活塞移動(dòng)距離等于活塞長(zhǎng)度的土?xí)r，活塞保

24、持靜止.不計(jì)活塞與圓筒內(nèi)壁間的摩擦，求：右端氣體此時(shí)的壓強(qiáng)；熱源的溫度.【答案】(1)ADE (2)1.25 X105 Pa450 K【解析】(1)做功和熱傳遞在改變內(nèi)能上是等效的，都可以使內(nèi)能發(fā)生變化，A正確；溫度相同，則B錯(cuò)誤；熱量可能從低分子平均動(dòng)能相同；質(zhì)量相同，若為不同的氣體則分子數(shù)目不同，內(nèi)能不一定相同,溫物體傳到高溫物體，但要引起其他變化，不是自發(fā)過(guò)程，C錯(cuò)誤；一定量的理想氣體在等溫膨脹過(guò)程中，對(duì)外做功，內(nèi)能不變，根據(jù) AU = W+ Q可知Q0,故一定從外界吸收熱量，D正確；理想氣體內(nèi)能與體積E正確.無(wú)關(guān)，一定量的理想氣體，溫度越高，氣體分子運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大，氣體內(nèi)能越大,1(2)設(shè)活塞橫截面積為S,圓筒長(zhǎng)為L(zhǎng),對(duì)右側(cè)氣體：初態(tài)：pB=1.0 M0 Pa, Vb=JS3末態(tài)：Pb = ? , Vb= (1- 115)LS由玻意耳定律得 PbVb= pbVb ,解得：Pb = 1.25 105 Pa1對(duì)左側(cè)氣體：初態(tài)：Pa=1.0 105 Pa, Ta = 300 K, Va = LS3末態(tài)：Pa= pb= 1.25 105 Pa, Ta=?,11Va (3+ i?