山東臨沂2020屆高三上學(xué)期期末考試化學(xué)試題版含解析

1、高三期末檢測化學(xué)考生注S:L本試卷分第I春（選擇題網(wǎng)初卷俳選擇電兩部分共£00分.考試間加分r也2 .請將各題答案填寫在答題卡上。3 .本法卷主要考試內(nèi)容；高考全部內(nèi)容，%可蟒到的相時原子質(zhì)量：H1016冷23A127Si23Ti4SFc56第I卷（選擇題共40分）一,選擇題（本題包括10小題每小題2分，共20分,每小題只有一個選項符合題期1 .油脂、糖類、蛋白質(zhì)是人體重要的營養(yǎng)素。下列關(guān)于油脂、淀粉和蛋白質(zhì)的說法中正確的A.都易溶解于水B.都是天然高分子化合物C.都含有H、C、N、O四種元素D.都能在酶的催化作用下水解2 .系統(tǒng)命名法是常用的有機化合物命名方法，下列命名正確的是（）

2、A.2-甲基-3-丁快B.2-乙基丁烷C.2甲基-2-丁醇D.2-氯-4-甲基-2-丁烯3.實驗室模擬從海水中提取澳，如圖是有關(guān)實驗原理和裝置能達到實驗?zāi)康牡氖牵ˋ.用裝置甲制取氯氣B.用裝置乙將Br-氧化C.用裝置丙分離出澳的四氯化碳溶液D.用裝置丁將澳和四氯化碳分離4下列電子排布圖所表示的元素原子中，其能量處于最低狀態(tài)的是（）a.卬QDUb.33困皿口匚c.aUJEEU»如囪皿口口ia2a2je»3t2*2P兔1*2*2p3*1»2*2p3*5.下列有關(guān)螺環(huán)4.4壬-1,3,6-三烯（一0）的說法錯誤的是（）互為同分異構(gòu)體B.分子中所有碳原子共平面C.能使酸性

3、KMnO4溶液褪色D.加成得到ImolC9H16的煌需消耗3molH26短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大，它們能組成一種化合物，其結(jié)構(gòu)如圖所示。下列說法正確的是（）A.最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性：Y>XB.原子半徑：Z>W>Y>XC.W與Z形成的化合物Z2W2中只含離子鍵D.W的單質(zhì)難溶于W與X形成的化合物XW27下列四種元素中，其單質(zhì)還原性最強的是（）A.基態(tài)原子最外電子層排布為2s22p5的元_B.基態(tài)原子最外電子層排布為3s1的元素素D.第二周期中基態(tài)原子含有未成對電子最多的元C.原子核外電子數(shù)最少的元素素8實驗室經(jīng)常利用KMnO4來檢驗產(chǎn)物或驗證

4、性質(zhì)，圖示為部分裝置圖，下列說法不正確的是（）A.若X為NaOH溶液時，則KMnO4可用于澳乙烷發(fā)生消去反應(yīng)的產(chǎn)物檢驗B.若X為NaOH溶液時，則KMnO4可用于乙醇發(fā)生消去反應(yīng)的產(chǎn)物檢驗C.若X為CuSO4溶液時，則KMnO4可用于實驗室制取乙快時驗證其性質(zhì)D.若X為濱水，則KMnO4可用于乙醛發(fā)生還原反應(yīng)的產(chǎn)物檢驗9室溫下進行下列實驗，根據(jù)實驗操作和現(xiàn)象所得到的結(jié)論正確的是（）選項實驗操作和現(xiàn)象結(jié)論A向苯與液澳的混合液中加入鐵粉，將產(chǎn)生的氣體直接通入AgNQ溶液，產(chǎn)生淡黃色沉淀苯與澳發(fā)生取代反應(yīng)生成了HBrB將已去除氧化層的鋁箔在酒精燈火焰上灼燒，鋁熔化但不滴落AlO的熔點高于N的熔點熔點

5、彳氐于酒精燈火焰的溫度C將銅絲插入盛有稀硝酸的試管中，微熱，試管口出現(xiàn)紅棕色氣體銅與稀硝酸反應(yīng)產(chǎn)生了NO2D向滴后酚酬:的1mL0.1mol?L-1Na2CO溶液中加水稀釋至10m,L,紅色變淺加水稀釋時，CO32-的水解平衡向逆反應(yīng)方向移動A. AB.BC.CD.D10活性炭吸附法是工業(yè)上提碘的方法之一，其流程如圖：下列說法正確的是（）hI的黃.I麟化空足lit(2b一忐I方隼甲、；T：U越溶液卜CLI,工*注取分海一*ItlWA.反應(yīng)中氧化劑與還原劑物質(zhì)的量之比為1:B.分離操作X的名稱是分液1D.加淀粉可檢驗分液后的水溶液中是否含C.反應(yīng)是氧化還原反應(yīng)有I-11如圖已知反應(yīng)與O82-(a

6、q)+2I-(aq)?2Sd2-(aq)+I2(aq),若往該溶液中加人含F(xiàn)e3+的某溶液，反應(yīng)機理：下列有關(guān)該反應(yīng)的說法不正確的是()2Fe3+(aq)+2I-(aq)?I2(aq)+2Fe2+(aq)2Fe2+(aq)+SO82-(aq)?2Fe3+(aq)+2SO2-(aq)a.增大濃度或I-濃度，反應(yīng)、反應(yīng)的反應(yīng)速率均加快Fe3+、»B. 是該反應(yīng)的催化劑C.因為正反應(yīng)的活化能比逆反應(yīng)的活化能小，所以該反應(yīng)是放熱反應(yīng)D.往該溶液中滴加淀粉溶液，溶液變藍，適當升溫，藍色加深12如圖2019年諾貝爾化學(xué)獎授予在鋰離子電池研究方面做出了貢獻的三位科學(xué)家。高能充電LiFePQ電池的反

7、應(yīng)原理：xLiFePO+nC%電FePQ+LixGn下列說法錯誤的是()A.放電時，電子由電極b經(jīng)導(dǎo)線、用電器、導(dǎo)線到電極aB.充電時，Li+向右移動，電極b的電勢大于電極a的電勢C.充電時，電極b的電極反應(yīng)式：LXQ-xe-nC+xLD.放電時，電極a的電極反應(yīng)式：xFePQ+xLi+xe-xLiFePQ13高鐵酸鉀（K2FeO）是一種高效水處理劑，既能將飲用水消毒殺菌，又能將飲用水凈化，它與水發(fā)生如下反應(yīng)：4K2FeO+10H2r4Fe（OH）3（膠體）+8KOH+3QT.下列說法錯誤的是（）A. K2FeO4能將飲用水消毒殺菌，是因為K2FeO4具有強氧化性B. &FeO能將飲用

8、水凈化，是因為K2FeO4具有吸附性C.可用激光筆照射上述反應(yīng)體系，以判斷是否有膠體產(chǎn)生D.常溫常壓下，若產(chǎn)生5.6LO2,轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為6.02X2014人們通過堿性鋅鎰干電池制成了紙質(zhì)電池”，采用一個薄層紙片（在其一邊鍍鋅，另一邊鍍MnO2）,紙內(nèi)的離子流過”由氧化鋅和水組成的電解液，下列說法正確的是（）A.電池負極反應(yīng)式：Zn-2e-+2OH-ZnO+H2OB.當電解液中有1.204X230個電子經(jīng)過時，溶解了0.1molMnO2C.氧化鋅起傳導(dǎo)電子的作用D.該電池反應(yīng)中MnO2起催化劑作用15用0.100mol?L-1HCl溶液滴定0.100mol?L-1Na2CQ溶液的滴定曲線如圖

9、，已知,下列說法錯誤的是（A. a點溶液中：c(CO2-)>c(HCQ-)B. b點溶液中：c(Na+)>c(HCQ-)+c(CO32-)+c(H2CQ)C. c點溶液中：c(Na+)+c(HT)c(HCQ-)+2c(CQ2-)+c(OH-)D.溶液中水的電離程度：a>b>c>d16.SiH易自燃，但它可用作除去二氧化碳、制取金剛砂等的試劑。cm的轉(zhuǎn)化率反50%500750KXWT125015001750溫度用(1)1956年，英國標準電訊實驗所成功研發(fā)出了硅烷(SiR)熱分解制備多晶硅的方法：SiH4(g)?Si(s)+2H2(g)AH-34.4kJ?mol-1

10、.TC時，向一體積為1L的恒容密閉容器中通入1mol硅烷發(fā)生上述反應(yīng)。達到平衡后，升高溫度，平衡(填芷向"或逆向”)移動；其他條件不變，再充入一定量的硅烷，硅烷的熱分解率(填增大"減小“或不變”)。TC時反應(yīng)達到平衡，生成14.0g硅單質(zhì)，該反應(yīng)的化學(xué)平衡常數(shù)K=。(2)利用SiH4除去二氧化碳，這是一種變廢為寶”制取CHbOH的新方法，試寫出SiH和二氧化碳、水(催化劑存在下)作用生成CHOH和另一種常見原子晶體的化學(xué)方程式：甲醇也可采用煤的氣化、液化制取(CO+2H>?CH3OH),其中CO和H2還可用天然氣來制取：CQ(g)+CH4(g)?2C0(g)+2H2(

11、g)。在某一密閉容器中有濃度均為0.1mol?L-1的CH4和CQ,在一定條件下反應(yīng)，測得CH4的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度及壓強的關(guān)系如圖所示，則壓強pi(選填大于”或小于”)p2.當壓強為p2時，在y點：v(正)(選填大于"小于”或等于“)v(逆)。(3) SiH4與CH在一定條件下反應(yīng)制得的金剛砂(SiQ純度高，其主要理由是。17鈦有生物金屬”和朱來金屬”之稱，鈦及其化合物的應(yīng)用正越來越受到人們的關(guān)注。(1) Ti(BH4)3是一種儲氫材料，可由TiCl4和LiBH4反應(yīng)制得。TiCl4熔點為-24C,沸點為136.4C,室溫下為無色液體，可溶于甲苯和氯代燒，固態(tài)T'iCl4屬于

12、晶體。LiBH4中BH4-的空間型是,B原子的雜化軌道類型是。(2)硫酸氧鈦晶體中陽離子為鏈狀聚合形式的離子，部分結(jié)構(gòu)如圖1所示。該陽離子Ti與O的原子個數(shù)之比為,其化學(xué)式為。(3)鈦與鹵素形成的化合物的熔、沸點如表所示，分析TiCl4、TiBn、Til4的熔點和沸點呈現(xiàn)定規(guī)律的原因：熔點/c沸點/cTiCl4-25136.5TiBr439230TiLl4150377(4) TiO2晶胞是典型的四方系結(jié)構(gòu)，其晶胞結(jié)構(gòu)如圖2所示，晶胞參數(shù)為anm和cnm,設(shè)Na為阿伏加德羅常數(shù)的值，該晶體的密度為(寫出表達式)g?cm-318某校學(xué)習小組的同學(xué)設(shè)計實驗，制備(NH4)2Fe(SQ)2?6H2O并

13、探究其分解規(guī)律。/-實驗步驟如下：I.稱取7.0g工業(yè)廢鐵粉放入燒杯中，先用熱的Na2C。溶液洗滌，再水洗，最后干燥。n.稱取6.0g上述處理后的鐵粉加入25mL某濃度硫酸中加熱，加熱過程中不斷補充蒸儲水,至反應(yīng)充分。m.冷卻、過濾并洗滌過量的鐵粉，干燥后稱量鐵粉的質(zhì)量。W.向步驟m的濾液中加入適量(NH4)2SQ晶體，攪拌至晶體完全溶解，經(jīng)一系列操作得干燥純凈的(NH4)2Fe(SQ)2?6H2O。V.將(NH4)2Fe(SO4)2?6H2O脫水得(NH4)2Fe(SQ)2,并進行熱分解實驗。回答下列問題：(1)步驟I用熱的Na2CQ溶液洗滌工業(yè)廢鐵粉的目的是,步驟n中設(shè)計鐵粉過量，是為了。

14、(2)步驟出中稱量反應(yīng)后剩余鐵粉的質(zhì)量，是為了。(3)(NH4)2Fe(S。)2分解的氣態(tài)產(chǎn)物可能有N2、NH3、S。、SO3及水蒸氣，用如圖裝置檢驗部分產(chǎn)物。檢驗氣態(tài)產(chǎn)物中的SO2和SO3時，裝置連接順序依次為(氣流從左至右)；C中盛放的試劑為。裝置A的作用是。檢驗充分分解并冷卻后的瓷舟中鐵的氧化物中是否含有二價鐵，需用到的試劑為c19連二亞硫酸鈉(N&SO0廣泛用于紡織工業(yè)的還原性染色，是最適合木漿造紙的漂白劑。(1)連二亞硫酸鈉溶液暴露于空氣中易吸收氧氣而被氧化生成一種酸式鹽，該反應(yīng)的化學(xué)方程式為。(2)用甲酸鈉(HCOON0生產(chǎn)連二亞硫酸鈉的工藝流程如圖:co；一扇列模件該工藝

15、中可以循環(huán)利用的物質(zhì)是(填名稱)；工系列操作”包括?！胺磻?yīng)”在70c條件下進行，最佳加熱方法是,寫出反應(yīng)”中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程在包裝、保存連二亞硫酸鈉時加入少量的Na2CO3固體，據(jù)此可推測連二亞硫酸鈉具有的性質(zhì)是(填字母)。A.在堿性介質(zhì)中較穩(wěn)定B.具有極強的氧化性20恩必普是我國第三個擁有自主知識產(chǎn)權(quán)的化學(xué)藥物，也是世界上專門用于治療腦血管病的化學(xué)新藥，合成恩必普(J)的一種路線如圖所示：已知：£r!'CTHrIt已知：丁回答下列問題：(1) B的名稱是。(2)碳原子上連有4個不同的原子或基團時，該碳稱為手性碳。用星號(*)標出G中的手性碳：。(3) F中官能團的名稱是。

16、(4) DE的反應(yīng)類型是。(5)恩必普能發(fā)生水解反應(yīng)，HHJ的化學(xué)方程式為。(6)寫出符合下列條件的H的同分異構(gòu)體(只寫一種，填結(jié)構(gòu)簡式，不考慮立體異構(gòu))。苯環(huán)上只有2個取代基；遇FeC3溶液顯色；能發(fā)生水解反應(yīng)和銀鏡反應(yīng)；含有3個甲基；核磁共振氫譜有7組峰，且峰面積之比為1:6:3:1:2:2:1。(7)設(shè)計以甲苯和乙醛為原料合成1-苯基-1-丙烯的合成路線(其他試劑任選)解析版1.【答案】D【解析】解：A.油脂難溶于水，淀粉、蛋白質(zhì)能溶于水，故A錯誤；B.油脂不是高分子化合物，淀粉和蛋白質(zhì)屬于天然高分子化合物，故B錯誤；C.油脂、糖類由C、H、O三種元素組成，蛋白質(zhì)是由CHQN四種元素構(gòu)成

17、的，故C錯誤；D.油脂水解生成高級脂肪酸和甘油，淀粉水解生成葡萄糖，蛋白質(zhì)水解生成氨基酸，所以油脂、淀粉和蛋白質(zhì)都能在酶的催化作用下水解，故D正確。故選：D。A.油脂難溶于水；B.油脂不是高分子化合物；C.油脂、糖類由CHO三種元素組成；D.油脂水解生成高級脂肪酸和甘油，淀粉水解生成葡萄糖，蛋白質(zhì)水解生成氨基酸。本題考查了糖類、油脂和蛋白質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，題目難度不大，注意把握糖類、油脂與蛋白質(zhì)的組成元素的差別，明確油脂、淀粉和蛋白質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)是解題的關(guān)鍵，側(cè)重于考查學(xué)生對基礎(chǔ)知識的應(yīng)用能力。2.【答案】C【解析】解：A.編號應(yīng)從靠近官能團一端開始，正確的命名為：3-甲基-1-丁煥，故A錯誤；B

18、.碳鏈不是最長碳鏈，正確的命名為：3-甲基戊烷，故B錯誤；C.符合系統(tǒng)命名規(guī)則，命名正確，故C正確；D.主鏈不是最長碳鏈，正確的命名為：2-氯-2-戊烯，故D錯誤；故選：Co判斷有機物的命名是否正確或?qū)τ袡C物進行命名，其核心是準確理解命名規(guī)范：(1)烷燒命名原則：長：選最長碳鏈為主鏈；多：遇等長碳鏈時，支鏈最多為主鏈；近：離支鏈最近一端編號；?。褐ф溇幪栔妥钚?。看下面結(jié)構(gòu)簡式，從右端或左端看，均符合“近-離支鏈最近一端編號”的原則；簡：兩取代基距離主鏈兩端等距離時，從簡單取代基開始編號。如取代基不同，就把簡單的寫在前面，復(fù)雜的寫在后面；(2)有機物的名稱書寫要規(guī)范；(3)對于結(jié)構(gòu)中含有苯環(huán)的

19、，命名時可以依次編號命名，也可以根據(jù)其相對位置，用“鄰”、“間”、“對”進行命名；（4）含有官能團的有機物命名時，要選含官能團的最長碳鏈作為主鏈，官能團的位次最?。桓鶕?jù)以上原則對該有機物進行命名或?qū)懗鲇袡C物的結(jié)構(gòu)簡式。本題考查了有機物的命名，題目難度中等，該題注重了基礎(chǔ)性試題的考查，側(cè)重對學(xué)生基礎(chǔ)知識的檢驗和訓(xùn)練，該題的關(guān)鍵是明確有機物的命名原則，然后結(jié)合有機物的結(jié)構(gòu)簡式靈活運用即可，有利于培養(yǎng)學(xué)生的規(guī)范答題能力。3.【答案】C【解析】解：A.稀鹽酸與二氧化鎰不反應(yīng)，制備氯氣應(yīng)該用濃鹽酸和二氧化鎰，故A錯誤；B.用裝置乙將Br-氧化，需要把氯氣通入溶液中，氯氣通入溶液時，應(yīng)該長管通入，故B錯誤

20、；C.水與澳的四氯化碳溶液會分層，可以用分液漏斗分離，故C正確；D.用裝置丁將澳和四氯化碳分離，采用的是蒸儲的方法，蒸儲時冷凝管中的冷卻水從下口流入，故D錯誤。故選：CoA.稀鹽酸與二氧化鎰不反應(yīng)；B.氯氣通入溶液時，應(yīng)該長管通入；C.水與澳的四氯化碳溶液會分層；D.冷凝管中的冷卻水從下口流入。本題考查化學(xué)實驗方案的評價，為高頻考點，把握物質(zhì)的性質(zhì)、溶液配制、實驗操作、混合物分離提純、實驗技能為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾?，注意實驗的評價性分析，題目難度不大。4.【答案】D【解析】解：A.、2s能級的能量比2P能量低，電子盡可能占據(jù)能量最低的軌道，不符合能量最低原理，原子處于能量較高的

21、激發(fā)態(tài)，故A錯誤；B.2p能級的3個簡并軌道（能級相同的軌道）只有被電子逐一自旋平行地占據(jù)后，才能容納第二個電子，不符合能量最低原理，原子處于能量較高的激發(fā)態(tài)，故B錯誤；C.2s能級的能量比2P能量低，電子盡可能占據(jù)能量最低的軌道，不符合能量最低原理，即應(yīng)先填滿2s再填2p,原子處于能量較高的激發(fā)態(tài)，故C錯誤；D.能級能量由低到高的順序為：1s、2s、2p；每個軌道最多只能容納兩個電子，且自旋相反，簡并軌道（能級相同的軌道）中電子優(yōu)先單獨占據(jù)1個軌道，且自旋方向相同，能量最低，故D正確；故選：D。遵循洪特規(guī)則、泡利不相容原理、能量最低原理的基態(tài)原子排布能量最低，以此分析。A.2s能級的能量比2

22、P能量低，電子盡可能占據(jù)能量最低的軌道；B.電子優(yōu)先單獨占據(jù)1個軌道；C.2s能級的能量比2P能量低，電子盡可能占據(jù)能量最低的軌道；D.1s、2s、2p能量升高，簡并軌道中電子優(yōu)先單獨占據(jù)1個軌道，且自旋方向相同，能量最低；本題考查原子核外電子排布規(guī)律，題目難度不大，明確核外電子排布規(guī)律為解答關(guān)鍵，注意核外電子排布規(guī)律的理解與靈活運用，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及靈活應(yīng)用能力。5.【答案】B【解析】解：A.有機物分子式為GH。，與<3*分子式相同，結(jié)構(gòu)不同，互為同分異構(gòu)體，故A正確；B.含有飽和碳原子，具有甲烷的結(jié)構(gòu)特點，則所有的碳原子不在同一個平面上，故B錯誤；C.含有碳碳雙鍵，可與酸性

23、高鎰酸鉀反應(yīng)，溶液褪色，故C正確；D.含有3個碳碳雙鍵，則加成得到ImolC的煌需消耗3molH,故D正確。故選：B。有機物含有碳碳雙鍵，結(jié)合烯煌的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)解答該題。本題考查有機物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)，為高頻考點，把握官能團與性質(zhì)、有機反應(yīng)為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，注意選項D為解答的易錯點，題目難度不大6.【答案】A【解析】解：根據(jù)分析可知，X為C,丫為N,Z為Na,W的S元素。A.非金屬性：N>C,則最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性：Y>X,故A正確；B.同一周期從左向右原子半徑逐漸減小，電子層數(shù)越多原子半徑越大，則原子半徑大小為：Z>W>X>Y,故B錯誤；

24、C. NaO中含有離子鍵和共價鍵，故C錯誤；D. W的單質(zhì)為S單質(zhì)，XWCS,硫單質(zhì)易溶于二硫化碳，故D錯誤；故選：Ao短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大，它們能組成一種化合物，其結(jié)構(gòu)如圖所示，X形成4個共價鍵，Z為+1價陽離子，Y形成3個共價鍵，W能夠形成1個共價鍵且得到1個電子，其最外層含有6個電子，結(jié)合原子序數(shù)大小可知，X為C,Y為N,Z為Na,W為S元素，據(jù)此解答。本題考查原子結(jié)構(gòu)與元素周期律的應(yīng)用，題目難度不大，推斷元素為解答關(guān)鍵，注意掌握元素周期律內(nèi)容及常見元素化合物性質(zhì)，試題側(cè)重考查學(xué)生的分析能力及邏輯推理能力。7 .【答案】B【解析】解：A.基態(tài)原子最外電子層排布為

25、2s22p5的元素為F,單質(zhì)氟氣；8 .基態(tài)原子最外電子層排布為3s1的元素，Na,單質(zhì)為鈉；C.原子核外電子數(shù)最少的元素為H,單質(zhì)為氫氣；D.原子含未成對電子最多的第二周期元素是N元素，單質(zhì)為氮氣。金屬性Na>H>N>Cl,鈉的還原性最強。故選：B。根據(jù)原子結(jié)構(gòu)判斷各選項中元素，根據(jù)結(jié)構(gòu)特點與金屬性判斷，金屬性越強，單質(zhì)的還原性越強。本題考查結(jié)構(gòu)位置以性質(zhì)關(guān)系，能夠依據(jù)原子結(jié)構(gòu)判斷各選項中元素，依據(jù)元素金屬性即可判斷單質(zhì)的還原性強弱，題目難度不大。8.【答案】D【解析】解：A.澳乙烷消去生成乙烯，乙烯中混有乙醇等，可用水溶液吸收，燃油用高鎰酸鉀檢驗乙烯，可達到實驗?zāi)康?，故A

26、正確；B.乙醇消去生成乙烯，氫氧化鈉除去乙醇、二氧化硫等，高鎰酸鉀可氧化乙烯，可達到實驗?zāi)康模蔅正確；C.乙快中混有硫化氫等氣體，硫酸銅用于除去硫化氫等雜質(zhì)，乙快可被高鎰酸鉀氧化，可達到實驗?zāi)康?，故C正確；D.乙醛與濱水反應(yīng)，乙醇易溶于水，高鎰酸鉀溶液中基本無現(xiàn)象，故D錯誤。故選：D。A.澳乙烷消去生成乙烯，乙烯可被高鎰酸鉀氧化；8 .乙醇消去生成乙烯，氫氧化鈉除去乙醇、二氧化硫等，高鎰酸鉀可氧化乙烯；C.硫酸銅用于除去硫化氫等雜質(zhì)，乙快可被高鎰酸鉀氧化；D.乙醛與濱水反應(yīng)，乙醇易溶于水。本題考查物質(zhì)的檢驗方案的設(shè)計，為高考常見題型，側(cè)重考查學(xué)生的分析能力和實驗?zāi)芰?，主要把握實驗的合理性和?/p>

27、行性的評價，把握物質(zhì)的性質(zhì)，題目難度不大。9 .【答案】B【解析】解：A.揮發(fā)的澳及生成的HBr均與硝酸銀反應(yīng)，由現(xiàn)象不能判斷發(fā)生取代反應(yīng)，故A錯誤；B.氧化鋁的熔點高，包裹在Al的外面，則鋁熔化但不滴落，故B正確；C.Cu與稀硝酸反應(yīng)生成NQNSf氧氣反應(yīng)生成二氧化氮，則試管口出現(xiàn)紅棕色氣體，故C錯誤；D.加水稀釋促進水解，水解平衡正向移動，故D錯誤；故選：B。A.揮發(fā)的澳及生成的HBr均與硝酸銀反應(yīng)；B.氧化鋁的熔點高，包裹在Al的外面；C.Cu與稀硝酸反應(yīng)生成NQNQ與氧氣反應(yīng)生成二氧化氮；D.加水稀釋促進水解。本題考查化學(xué)實驗方案的評價，為高頻考點，把握物質(zhì)的性質(zhì)、反應(yīng)與現(xiàn)象、水解平衡

28、、實驗技能為解答關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾?，注意實驗的評價性分析，題目難度不大。10.【答案】C【解析】解：A.為C12+2I2c1-+I2+2HO,氧化劑為Cl2,還原劑為I-,則氧化劑與還原劑物質(zhì)的量之比為1:2,故A錯誤；B.碘易升華，方案甲中，分離操作X為升華或加熱、冷凝結(jié)晶，故B錯誤；C.涉及反應(yīng)為3l2+3CQ2=5I-+IQ3-+3CQ或312+6CQ2+3HQ=5I-+IQ3+6HCQ,I元素化合價變化，為氧化還原反應(yīng)，故C正確；D.淀粉與碘離子不反應(yīng)，故D錯誤。故選：CopH=2時，鹵亞硝酸鈉具有氧化性，碘離子具有還原性，二者發(fā)生氧化還原反應(yīng)C12+2I一2C1-+I2+

29、2HO,用活性炭吸附生成的碘單質(zhì)，通過方案甲低溫干燥，升華或加熱、冷凝結(jié)晶可得粗碘；通過方案乙，用濃碳酸鈉溶液吸收碘單質(zhì)，312+3CO2=5I-+IO3+3CO或3l2+6C0+3H2O=5I+IO3-+6HCO,再加入稀硫酸，發(fā)生KIQ+5KI+3H2SO=3ESO+312+3HO,經(jīng)萃取、分液，蒸儲可得粗碘，以此解答該題。本題考查物質(zhì)的制備，為高頻考點和常見題型，側(cè)重學(xué)生綜合應(yīng)用能力和分析能力的考查，注意把握物質(zhì)的性質(zhì)以及工業(yè)流程的分析，題目難度中等。11 .【答案】D【解析】解：A.增大SQ2-濃度或濃度，增大了反應(yīng)、反應(yīng)的反應(yīng)物的濃度，反應(yīng)速率均加快，故A正確；B.若往該溶液中加人含

30、Fe3+的某溶液，發(fā)生反應(yīng)2Fe3+(aq)+2I-(aq)?I?(aq)+2Fe2+(aq),2Fe2+(aq)+SQ2-(aq)?2Fe3+(aq)+2SO2-(aq),總反應(yīng)為：GO2-(aq)+2I-(aq)?2SO2-(aq)+12(aq),鐵離子為反應(yīng)的催化劑，故B正確；C.始變等于正逆反應(yīng)的活化能之差，則正反應(yīng)的活化能比逆反應(yīng)的小，反應(yīng)所以該反應(yīng)是放熱反應(yīng)，故C正確；D.S2O2-(aq)+2I-(aq)?2SO2-(aq)+12(aq)為放熱反應(yīng)，升溫平衡逆向進行，碘單質(zhì)濃度減小，藍色變淺，故D錯誤；故選：D。A.化學(xué)反應(yīng)速率的影響因素分析，增大濃度、升高溫度、催化劑等可以加快

31、反應(yīng)速率；B.參與反應(yīng)過程最后又生成的物質(zhì)為反應(yīng)的催化劑；C.圖象分析可知反應(yīng)物能量高于生成物；D.往該溶液中滴加淀粉溶液，玉帶碘單質(zhì)溶液變藍，S2Q2-(aq)+2I-(aq)?2SO2-(aq)+I2(aq),反應(yīng)為放熱反應(yīng)，升溫平衡逆向進行。本題考查反應(yīng)熱與焰變，為高頻考點，把握反應(yīng)中能量變化、催化劑對反應(yīng)影響、反應(yīng)速率為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，注意化學(xué)平衡影響因素的分析判斷，題目難度不大。12 .【答案】CD【解析】解：A.原電池中電子流向是負極-導(dǎo)線-用電器-導(dǎo)線-正極，則電子由電極b經(jīng)導(dǎo)線、用電器、導(dǎo)線到電極a,故A正確；B.充電時，陰極與外電源的負極b極相接，則Li

32、+向陰極即b極移動，所以電極b的電勢大于電極a的電勢，故B正確；C.充電時，陰極與外電源的負極b極相接，陰極電極反應(yīng)式：FePO+Li+eLiFePO%故C錯誤；D.放電時，電極a的電極反應(yīng)式：nC+xLi+xe-=LixC,故D錯誤；故選：CD充電,根據(jù)電池總反應(yīng)式xLiFePO,+nCft電FePO+LixG可知,Fe的化合價升高、發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，則b電極為負極，負極反應(yīng)式為LiFePO,-e=FePO+Li+,C的化合價降低、發(fā)生得電子的還原反應(yīng)，a電極為正極，正極反應(yīng)式為nC+xLi+xe-=LixC,放電時，原電池中電子流向是負極-導(dǎo)線-用電器-導(dǎo)線-正極，陽離子移向正極、陰

33、離子移向負極；充電時，陰極、陽極分別與外電源的負極、正極相接，電極反應(yīng)式正好相反，據(jù)此分析解答。本題考查了原電池和電解池原理、電極反應(yīng)書寫、電子流向判斷等知識點，掌握基礎(chǔ)是解題關(guān)鍵，題目難度中等。13 .【答案】BD【解析】解：A.KFeO具有強氧化性，可用于消毒殺菌，則KFeQ能將飲用水消毒殺菌，是因為KFeO具有強氧化性，故A正確；B.KFeO與水反應(yīng)生成Fe(OH3膠體，具有吸附性，可用于吸附水中的懸浮雜質(zhì)，能將飲用水凈化，不是因為KFeO具有吸附性，故B錯誤；C.膠體具有丁達爾效應(yīng)，所以可用激光筆照射上述反應(yīng)體系，以判斷是否有膠體產(chǎn)生，故C正確；D.常溫常壓下，氣體體積無法計算，故D錯

34、誤；故選：BDA. KFeO具有強氧化性，可用于消毒殺菌；B. KFeO與水反應(yīng)生成Fe(OH3膠體，具有吸附性；C.膠體具有丁達爾效應(yīng)；D.常溫常壓下，氣體體積無法計算。本題考查氧化還原反應(yīng)，題目難度中等，注意把握元素化合價的判斷方法，從化合價變化的角度分析氧化還原反應(yīng)。14.【答案】A【解析】解：A.電池白負極Zn是電子被氧化，電極反應(yīng)式為：Zn+2OH-2e"ZnO+hD,故A正確；B.電子只能在導(dǎo)線中移動，不能流經(jīng)電解液，故B錯誤；C.氧化鋅和水組成的電解液不能起傳導(dǎo)電子的作用，故C錯誤；D.該電池中正極MnO#電子被還原生成MnOOH則二氧化鎰不是催化劑，故D錯誤。故選：A

35、o由電池組成可知，電池的負極Zn是電子被氧化，電極反應(yīng)式為：Zn+2Ol42e-ZnO+hQ正極MnO#電子被還原生成MnOOH反應(yīng)式為2MnO+2HO+2e2MnOOH+2OH以此解答。本題考查原電池工作原理，題目難度不大，本題注意根據(jù)電池原理判斷正負極反應(yīng)，注意電極反應(yīng)式的書寫，電子只能在導(dǎo)線中移動，不能流經(jīng)電解液，為易錯點。15.答案】AC【解析】解：A.a點溶質(zhì)為等物質(zhì)的量濃度的碳酸鈉、碳酸氫鈉、NaCl,但是CG水解程度大于HCO,所以c(C©-)vc(HCO),故A錯誤；B. b點溶質(zhì)為等物質(zhì)的量濃度的碳酸氫鈉和NaCl,溶液中存在物料守恒c(Na)=2c(C),即存在c

36、(Nai)=2c(HCO)+c(CO2-)+c(HCO),所以c(Nai)>c(HCO)+c(CO2-)+c(HCO),故B正確；C. c點溶質(zhì)為碳酸氫鈉、氯化鈉，溶液中存在電荷守恒c(Na+)+c(H)c(HCO)+2c(CO2-)+c(OH)+c(Cl-),所以c(Na+)+c(H)>c(HCO)+2c(CO2-)+c(OH),故C錯誤；D.碳酸鈉和碳酸氫鈉都促進水電離，且碳酸鈉濃度越大水電離程度越大，碳酸鈉濃度：a>b>c>d,則水電離程度：a>b>c>d,故D正確；故選：AQA.a點溶質(zhì)為等物質(zhì)的量濃度的碳酸鈉、碳酸氫鈉、NaCl,但是C

37、G-水解程度大于HCO;B. b點溶質(zhì)為等物質(zhì)的量濃度的碳酸氫鈉和NaCl,溶液中存在物料守恒c(Na)=2c(C);C. c點溶質(zhì)為碳酸氫鈉、氯化鈉，溶液中存在電荷守恒；D.碳酸鈉和碳酸氫鈉都促進水電離，且碳酸鈉濃度越大水電離程度越大。本題考查酸堿混合溶液定性判斷，側(cè)重考查分析判斷及計算能力，明確各點溶液中溶質(zhì)成分及其性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，注意電荷守恒和物料守恒的靈活運用，題目難度不大。16.【答案】鐳化剖逆向減小23SiH4+4CO+2HO4CHOH+3SiO小于大于兩種反應(yīng)物為氣體，另一種生成物是氫氣，制取的SiC固體顯然是高純度的【解析】解：(1)次含變?yōu)樨摚瑸榉艧岱磻?yīng)，則升高溫度平衡逆向

38、移動；其他條件不變，再充入一定量的硅烷，看成增大壓強，平衡逆向移動，硅烷的熱分解率減小，故答案為：逆向；減?。籘C時反應(yīng)達到平衡，生成14.0g硅單質(zhì)，Si的物質(zhì)的量為孫“1川=0.5mol,體積為1L,則SiH4(g)=Si0+2H2(g)00轉(zhuǎn)化0.5051TO0511 戶r該反應(yīng)的化學(xué)平衡常數(shù)K二二2,U百故智變?yōu)椋?;(2)和二氧化碳、水(催化劑存在下)作用生成CHOH和另一種常見原子晶體為SiO2,催化劑反應(yīng)為3SiH4+4CO+2HO4CHOH+3SiO,催化H故答案為：3SiH4+4CG+2HO4CHOH+3SiO;由圖可知，升高溫度轉(zhuǎn)化率增大，正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)；增大壓強，平衡逆

39、向移動，轉(zhuǎn)化率減小，p2時對應(yīng)轉(zhuǎn)化率小，則p1小于口；壓強為p2時，在y點小于平衡時轉(zhuǎn)化率，則平衡正向移動，則y點：v(正)大于v(逆)，故答案為：小于；大于；(3)SiH4與CH在一定條件下反應(yīng)制得的金剛砂(SiC)純度高，其主要理由是兩種反應(yīng)物為氣體，另一種生成物是氫氣，制取的SiC固體顯然是高純度的，故答案為：兩種反應(yīng)物為氣體，另一種生成物是氫氣，制取的SiC固體顯然是高純度的。(1)始變?yōu)樨?，為放熱反?yīng)；其他條件不變，再充入一定量的硅烷，看成增大壓強，平衡逆向移動；TT時硅單質(zhì),的物質(zhì)的班=0.5molr型/JLi(XSiHq(g)=Si(5)+2H?(g)開始100轉(zhuǎn)化0,5S51鈿

40、0.51K為生成物濃度哥之積與反應(yīng)物濃度哥之積，純固體不能代入K的計算中；(2)SiH，和二氧化碳、水(催化劑存在下)作用生成CHO用口另一種常見原子晶體為SiOz；由圖可知，升高溫度轉(zhuǎn)化率增大，正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)；增大壓強，平衡逆向移動，轉(zhuǎn)化率減??；壓強為p2時，在y點小于平衡時轉(zhuǎn)化率，則平衡正向移動；(3)SiH，與CH在一定條件下反應(yīng)制得的金剛砂(SiC)純度高，因反應(yīng)物與另一種生成物均為氣體。本題考查化學(xué)平衡及計算，為高頻考點，把握平衡移動的影響因素、平衡三段法、K的計算為解答關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查，注意圖象的分析，題目難度不大。17 .|【答案】|分子正四面體形sp31：1Ti

41、O2+(或TiO：n+)TiCl，、TiBr，、Til，都是分子晶體，而且組成和結(jié)構(gòu)相似，具相對分子質(zhì)量依次增大，分子間作用力逐漸增大，2+16x4因而三者的熔點和沸點依次升高.15【解析】解：(1)TiCl4熔點為-24C,沸點為136.4C,室溫下為無色液體，可溶于甲苯和氯代燒，可知固態(tài)T'iCI4屬于分子晶體，故答案為：分子；3+1-1x4BH-中B原子孤電子對數(shù)=?=0,價層電子對數(shù)=4+0=4,微粒空間構(gòu)型與其VSEPR莫型相同為正四面體形，B原子雜化軌道數(shù)目為4,B原子采取sp3雜化，故答案為：正四面體形；sp3;(2)每個Ti連接2個O原子，每個O原子為2個Ti原子共用，

42、即每個Ti占有1個O原子，該陽離子Ti與O的原子數(shù)之比為1:1,其化學(xué)式為：TiO2+(或TiOn2n+),故答案為：1:1;TiO2+(或TiOn2n+)；(3) TiCl4、TiBr,、Til4都是分子晶體，而且組成和結(jié)構(gòu)相似，其相對分子質(zhì)量依次增大，分子間作用力逐漸增大，因而三者的熔點和沸點依次升高，故答案為：TiCl4、TiB4、Til4都是分子晶體，而且組成和結(jié)構(gòu)相似，其相對分子質(zhì)量依次J=T增大，分子間作用力逐漸增大，因而三者的熔點和沸點依次開g,晶胞空度二(4)晶胞中Ti原物目二1十8乂!=2r0窿？數(shù)目=2*4=1=4r故2g+dOZmxaxlO表的61。7m)=/裝第5凸，一

43、一48X2+16X4故普親為：AS.-HJ-(1)TiC%的熔沸點很低，可溶于甲莘和氯代麻，符合分子晶體性質(zhì)：EHJ中B原？電子又擻一3+1；1x4=。,價鼻子5HMt=4+O=4,tMVSEPR儂相同.B原子雜化航道數(shù)目為4;(2)每個Ti連接2個O原子，每個O原子為2個Ti原子共用，即每個Ti占有1個O原子；(3)均為分子晶體相對分子質(zhì)量越大，分子間作用力越強晶體的熔灑點越高;|(4)均攤法計算晶胞中Ti原子、O原子數(shù)目，計算晶胞質(zhì)量，晶體密度=晶胞質(zhì)量+晶胞體積。本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，涉及晶體類型與性質(zhì)、空間構(gòu)型與雜化方式的判斷、晶胞的計算，需要學(xué)生具備扎實的基礎(chǔ)與靈活運用的能力，難度

44、中等。18 .【答案】除去鐵粉表面的油污確保溶液中不含F(xiàn)e3+確定步驟IV中加入(NH)2SO晶體的質(zhì)量D一CAB-A鹽酸酸化的氯化鋼溶液吸收二氧化硫，防止污染空氣稀硫酸、高鎰酸鉀溶液【解析】解：(1)步驟I用熱的NaCO溶液洗滌工業(yè)廢鐵粉的目的是除去鐵粉表面的油污，步驟n中設(shè)計鐵粉過量，是為了確保溶液中不含F(xiàn)e3+,故答案為：除去鐵粉表面的油污；確保溶液中不含F(xiàn)e3+;(2)步驟出中稱量反應(yīng)后剩余鐵粉的質(zhì)量，是為了確定步驟IV中加入(NH)2SO晶體的質(zhì)量，故答案為：確定步驟IV中加入(NH)2SO晶體的質(zhì)量；(3)檢驗氣態(tài)產(chǎn)物中的SO和SO時，D先連接C,利用鹽酸酸化的氯化鋼溶液可檢驗三氧

45、化硫，再連接B,利用品紅褪色可檢驗二氧化硫，最后連接A吸收尾氣，則裝置連接順序依次為AC-B-A,C中盛放的試劑為鹽酸酸化的氯化鋼溶液，故答案為：DCBA;鹽酸酸化的氯化鋼溶液；二氧化硫有毒，不能排放在環(huán)境中，則裝置A的作用為吸收二氧化硫，防止污染空氣，故答案為：吸收二氧化硫，防止污染空氣；亞鐵離子具有還原性，可溶于稀硫酸，滴加高鎰酸鉀溶液，若不褪色則不含亞鐵離子，反之含有，則檢驗充分分解并冷卻后的瓷舟中鐵的氧化物中是否含有二價鐵，需用到的試劑為稀硫酸、高鎰酸鉀溶液，故答案為：稀硫酸、高鎰酸鉀溶液。(1)碳酸鈉水解顯堿性，有利于油污的水解；Fe可防止亞鐵離子被氧化；(2)過量的鐵粉不參與制備(

46、NH)2Fe(SO)2?6HO的反應(yīng)；(3)檢驗氣態(tài)產(chǎn)物中的SO和SO時，D先連接C,利用鹽酸酸化的氯化鋼溶液可檢驗三氧化硫，再連接B,利用品紅褪色可檢驗二氧化硫，最后連接A吸收尾氣；二氧化硫有毒，不能排放在環(huán)境中；亞鐵離子具有還原性，可溶于稀硫酸，滴加高鎰酸鉀溶液，若不褪色則不含亞鐵離子，反之含有。本題考查物質(zhì)的制備及含量測定實驗，為高頻考點，把握物質(zhì)的性質(zhì)、發(fā)生的反應(yīng)、制備原理為解答關(guān)鍵，側(cè)重分析與實驗?zāi)芰Φ目疾椋⒁庠鼗衔镏R的應(yīng)用，題目難度不大。19 .【答案】2NaS2Q+3Q+2HO=4NaHSC或2NcbS2Q+Q+2hbO=4NaHSO乙醇洗滌、干燥脫水水浴力口熱HCOONa+2SONaO+NaSO+CO+HOA【解析】解：(1)連二亞硫酸鈉溶液暴露于空氣中易吸收氧氣而被氧化生成一種酸式鹽，可能生成硫酸氫鈉或亞硫酸氫鈉，方程式為2Na2sO+3O+2h2O=4NaHS破ZNaSO+Q+ZHOudNaHSO故答案為：2NaS2O+3O+2HO=4NaHSM2NaS2O+Q+2HO=4NaHSO(2)反應(yīng)后過濾所得濾液中含有乙醇，可循環(huán)利用，含結(jié)晶水合物Na&O?2HO經(jīng)洗滌、干燥脫水可得NaSO,故答案為：乙醇；洗滌、干燥脫水；“反應(yīng)”在70c條件下進行，加熱穩(wěn)定低于水的沸