廣東佛山高考物理二模試卷含解析

1、廣東省佛山市2015屆高考物理二模試卷一、本題共4小題，每小題4分，共16分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對的得4分，錯(cuò)選、不選得0分.1. （4分）下列說法中正確的是（）A.E粒子散射實(shí)驗(yàn)表明了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)B.石墨在反應(yīng)堆起到降低核反應(yīng)速度的作用C.燃料鈾在反應(yīng)堆中發(fā)生裂變反應(yīng)D.將鈾棒插入得更深些，反應(yīng)堆的核反應(yīng)速度將降低2. （4分）a、b、c三個(gè)物體在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，其位移時(shí)間圖象中，圖線c是一條x=0.4t的拋物線.有關(guān)這三個(gè)物體在05s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A. a物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B. c物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C. t=5s時(shí)，a物體速度

2、最大D. a、b兩物體都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且速度相同3. （4分）2014年11月歐航局“菲萊”探測器第一次在彗星上實(shí)現(xiàn)軟著陸，人類對外太空的探索翻開了新的篇章.某探測器在太空被一未知行星的引力俘獲，成為其衛(wèi)星，若測得探測器繞行星做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R探測器與行星的連線在時(shí)間t內(nèi)掃過的角度為0,則再結(jié)合萬有引力常量G可知（）A.行星的質(zhì)量C.行星的平均密度B.行星的半徑D.探測器所受引力的大小4. （4分）如圖為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖，磁場方向如圖，某帶電粒子穿過S'孔才T在MNS上的P點(diǎn).則（）A.該粒子-一定帶;負(fù)電B.a極板電勢一定比b極板高C.到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱無關(guān)

3、D.帶電粒子的以比值越大，PS'間距離越大IT二、本題共5小題，每小題6分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全選對的得6分，只選一個(gè)且正確的得3分，錯(cuò)選、不選得0分.5. （6分）如圖是某同學(xué)設(shè)計(jì)的水火箭，現(xiàn)用打氣筒將空氣打入飲料瓶中，則（）售1壓氣體A.飲料瓶內(nèi)氣體密度減小B.飲料瓶內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大C.瓶內(nèi)氣體的分子引力和斥力都在減小D.當(dāng)水火箭將水瞬時(shí)間噴出時(shí)，瓶內(nèi)氣體溫度降低6. （6分）在測量高壓線路的電壓時(shí)，由于電壓過高，通常需借助電壓互感器來測量.某同學(xué)練習(xí)使用電壓互感器，實(shí)驗(yàn)被測線路的電壓u=220V2sin100兀tV,互感器原副線圈匝數(shù)ni=

4、20,n2=440.則正確連接電路時(shí)（）A.ab接PQcd接MNB.線圈ab與cd的磁通量變化率相同c.電壓表讀數(shù)為10，2VD.當(dāng)t=0.01s時(shí)，電壓表讀數(shù)為07. （6分）某同學(xué)在電磁爐面板上豎直放置一紙質(zhì)圓筒，圓筒上套一環(huán)形輕質(zhì)鋁箔，電磁爐產(chǎn)生的交變磁場的頻率、強(qiáng)度及鋁箔厚度可以調(diào)節(jié).現(xiàn)給電磁爐通電，發(fā)現(xiàn)鋁箔懸浮了起來.若只改變其中一個(gè)變量，則（）A.增強(qiáng)磁場，鋁箔懸浮高度將不變8. 鋁箔越薄，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大C.增大頻率，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大D.在剛接通電源產(chǎn)生如圖磁場的瞬間，鋁箔中會(huì)產(chǎn)生如圖所示的電流8. （6分）如圖為示波管的一部分，a、b為電子槍的兩電極，c、d為兩

5、平行金屬板，且c板電勢比d高.則（）A. a為陽極，b為陰極B.電子在cd極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)速度一定會(huì)增大C. ab間電勢差越大，電子在cd極板間動(dòng)能的改變量可能越小D. ab間電勢差越大，電子在cd極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定越短9. （6分）兩個(gè)中間有孔的小球AB用一輕彈簧相連，套在水平光滑橫桿上.小球C用兩等長的細(xì)線分別系在AB球上，靜止平衡時(shí)，兩細(xì)線的夾角為120°.已知小球質(zhì)量均為m彈簧勁度系數(shù)為k.則此時(shí)（）A.水平橫桿對A球的支持力為酶2B.細(xì)線的拉力為空2c.彈簧的壓縮量為Y迦2kD.增大C球質(zhì)量，彈簧彈力將減小二、非選擇題10. （8分）某同學(xué)采用圖甲的電路，測量電流表G1的內(nèi)阻

6、ri.其中電流表G量程為05mA內(nèi)阻約200Q;電流表G量程為010mA內(nèi)阻約400;定值電阻Ro阻值為200;電源電動(dòng)勢約為3V.請回答下列問題：圖中留乙可供選擇的滑動(dòng)變阻器R阻值范圍為01000Q,險(xiǎn)阻值范圍為020.則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選，（填寫R或R）.圖甲中，若要求G表示數(shù)變大，變阻器滑動(dòng)頭P應(yīng)向端移動(dòng)（填寫A或B）.清用筆畫線在乙圖完成實(shí)物連線.若實(shí)驗(yàn)中讀得G表和G表的讀數(shù)為Ii和I2,則G表的內(nèi)阻r1=（用11、I2及R表示）11. （10分）某小組利用氣墊導(dǎo)軌裝置探究“做功與物體動(dòng)能改變量之間的關(guān)系”.圖1中,遮光條寬度為d,光電門可測出其擋光時(shí)間t,滑塊與力傳感器的總質(zhì)量為M祛碼盤

7、的質(zhì)量為ma,不計(jì)滑輪和導(dǎo)軌摩擦.實(shí)驗(yàn)步驟如下：調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌使其水平.并取5個(gè)質(zhì)量均為m的祛碼放在滑塊上：用細(xì)繩連接祛碼盤與力傳感器和滑塊，讓滑塊靜止放在導(dǎo)軌右側(cè)的某一位置，測出遮光條到光電門的距離為S;從滑塊上取出一個(gè)祛碼放在祛碼盤中，固定滑塊使其靜止，記錄此時(shí)力傳感器的值為F.接通電源，釋放滑塊后，記錄此時(shí)力傳感器的值為F',測出遮光條經(jīng)過光電門的擋光時(shí)間t;再從滑塊上取出一個(gè)祛碼放在祛碼盤中，重復(fù)步驟，并保證滑塊從同一個(gè)位置靜止釋放；重復(fù)步驟，直至滑塊上的祛碼全部放入到祛碼盤中.請完成下面問題：（a）測量遮光條寬度時(shí)，應(yīng)該使用圖2游標(biāo)卡尺上的（選填A(yù)、RC）部件.若用十分度的游標(biāo)

8、卡尺測得遮光條寬度d如圖3,則d=mm（b）滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度可用v=（用題中所給的字母表示，下同）計(jì)算.（c）在處理步驟所記錄的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，甲同學(xué)理解的合外力做功為W=FS,則其對應(yīng)動(dòng)能變化量應(yīng)當(dāng)是k1=.乙同學(xué)理解的合外力做功為將F'S,則其對應(yīng)動(dòng)能變化量應(yīng)當(dāng)是Ek2二；d)丙同學(xué)按照乙同學(xué)的思路，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到F-U-的圖線如圖4所示，則其斜率k=.t主足二笄包c(diǎn)m圖2圖4圖312. (18分)如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌相距L、足夠長，與水平面成0角傾斜放置構(gòu)成一個(gè)斜面.導(dǎo)軌間用一阻值為R的電阻絲相連，R上方磁場垂直斜面向上，R下方磁場沿斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.初始時(shí)金屬

9、棒ab、cd放在金屬導(dǎo)軌上設(shè)法使其保持靜止，棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為W，且tan0.兩棒質(zhì)量均為m電阻均為R,導(dǎo)軌電阻不計(jì).釋放cd棒的同時(shí)，對ab施加一沿導(dǎo)軌向上的變力F,使其以恒定加速度a由靜止開始沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng).求：(1) t時(shí)刻通過ab棒的電流；(2) t時(shí)刻ab棒所受拉力F的大??；(3)當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時(shí)，通過cd棒的電流及電阻R的發(fā)熱功率P.13. (18分)如圖，光滑平臺(tái)左端與半徑R=0.6m的半圓光滑軌道相切，且都固定.平臺(tái)上A、B兩滑塊間壓縮有一輕質(zhì)彈簧(用細(xì)線拴住)，其中m=1.5kg,m=1kg.緊靠平臺(tái)右側(cè)放有M=4kg的木板，其上表面與平臺(tái)等高.剪斷細(xì)線

10、后，B以VB=9m/s的速度沖上木板.已知B與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)科1=0.5,木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為科2,兩滑塊都可看作質(zhì)點(diǎn)，不考慮A與B分離后再對B運(yùn)動(dòng)的影響，取g=10m/s2.求：(1) A滑至半圓軌道最高點(diǎn)Q時(shí)，軌道對其壓力的大??；(2)要保證B不滑出木板，木板白最短長度記為L.試討論并求出廣與L的關(guān)系式，求出L的最小值.廣東省佛山市2015屆高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、本題共4小題，每小題4分，共16分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對的得4分，錯(cuò)選、不選得0分.1. （4分）下列說法中正確的是（）A.E粒子散射實(shí)驗(yàn)表明了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)B.石

11、墨在反應(yīng)堆起到降低核反應(yīng)速度的作用C.燃料鈾在反應(yīng)堆中發(fā)生裂變反應(yīng)D.將鈾棒插入得更深些，反應(yīng)堆的核反應(yīng)速度將降低考點(diǎn)：核反應(yīng)堆.分析：原子核反應(yīng)堆中鈾棒是核反應(yīng)堆的燃料，鎘棒是吸收中子的材料，慢化劑（如石墨、重水等）起減慢裂變產(chǎn)生的快中子的速度，冷卻劑把反應(yīng)堆的熱量傳遞出去，同時(shí)使反應(yīng)堆冷卻.解答：解：Aa粒子散射實(shí)驗(yàn)說明原子具有核式結(jié)構(gòu)，不能說明原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；故A錯(cuò)誤；日石墨在反應(yīng)堆中起到將快中子轉(zhuǎn)換為熱中子的作用，可以加快核反應(yīng)速度；故B錯(cuò)誤；C核反應(yīng)堆中的燃料鈾發(fā)生裂變反應(yīng)，從而釋放出大量熱量；故C正確；D將鈾棒插入的更深一些后，與中子接觸的鈾原子增大，反應(yīng)堆的核反應(yīng)速度將加快，

12、故D錯(cuò)誤；故選：C.點(diǎn)評：本題考查核電站的工作原理及“粒子散射實(shí)驗(yàn)，要明確各種材料在受控核反應(yīng)中所起的作用.2. （4分）a、b、c三個(gè)物體在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，其位移時(shí)間圖象中，圖線c是一條x=0.4t的拋物線.有關(guān)這三個(gè)物體在05s內(nèi)的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A. a物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B. c物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C. t=5s時(shí)，a物體速度最大D. a、b兩物體都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且速度相同考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題.分析：位移圖象傾斜的直線表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，圖象的斜率大小等于速度大小，斜率的正負(fù)表示速度方向.圖線c是一條x=0.4t2的拋物線，結(jié)合1c二.

13、口at2判斷c的運(yùn)動(dòng)性質(zhì).解答：解：A、位移圖象傾斜的直線表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則知a、b兩物體都做勻速直線運(yùn)動(dòng).由圖看出斜率看出，a、b兩圖線的斜率大小、正負(fù)相反，說明兩物體的速度大小相等、方向相反，所以速度不同.故AD錯(cuò)誤；日圖線c是一條x=0.4t2的拋物線，結(jié)合其二.口七毛瓜2可知，c做初速度為0,加速度為0.8m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確.C圖象的斜率大小等于速度大小，根據(jù)圖象可知，t=5s時(shí)，c物體速度最大.故C錯(cuò)誤.故選：B點(diǎn)評：本題是為位移-時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，并能根據(jù)圖象的信息解出物體運(yùn)動(dòng)的速度大小和方向.3. （4分）2014年11月歐航局“菲萊”探測

14、器第一次在彗星上實(shí)現(xiàn)軟著陸，人類對外太空的探索翻開了新的篇章.某探測器在太空被一未知行星的引力俘獲，成為其衛(wèi)星，若測得探測器繞行星做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R探測器與行星的連線在時(shí)間t內(nèi)掃過的角度為0,則再結(jié)合萬有引力常量G可知（）A.行星的質(zhì)量C.行星的平均密度B.行星的半徑D.探測器所受引力的大小考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用.專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題.分析：根據(jù)轉(zhuǎn)過的角度和時(shí)間求出角速度的大小，根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合軌道半徑和角速度求出行星的質(zhì)量.解答：解：A、根據(jù)探測器與行星的連線在時(shí)間t內(nèi)掃過的角度為0,可以得出角速度的大小為：8/，根據(jù)萬有引力提供向心力，有：G典二姓幺解得：M史二二史

15、gtr2GGt?A正確.日根據(jù)題目中物理量，無法求出行星的半徑，則無法得出行星的體積，所以無法求出行星的平均密度，故B、C錯(cuò)誤.D由于探測器的質(zhì)量未知，無法求出探測器所受的引力大小，故D錯(cuò)誤.故選：A.點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運(yùn)用，基礎(chǔ)題.S'孔才T在M版上4. （4分）如圖為質(zhì)譜儀的結(jié)構(gòu)原理圖，磁場方向如圖，某帶電粒子穿過的P點(diǎn).則（）MxXXA.該粒子-一定帶;負(fù)電B.a極板電勢一定比b極板高C.到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱無關(guān)D.帶電粒子的/比值越大，PS'間距離越大IT考點(diǎn)：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理.分析：粒子經(jīng)過

16、速度選擇器時(shí)所受的電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向判斷電荷的電性.根據(jù)平衡求出粒子經(jīng)過速度選擇器的速度.通過帶電粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)，根據(jù)半徑的大小判斷粒子比荷的大小.解答：解：A粒子在里的磁場中向右運(yùn)動(dòng)，向上偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；日由左手定則可知，粒子在選擇器中受向上的洛倫茲力，由qE=qvB,此時(shí)粒子受力平衡，電場力的方向向下，所以電場強(qiáng)度的方向也向下，a極板電勢一定比b極板高.故B正確;C由qE=qvB可知，粒子的速度：v=JL,到達(dá)P點(diǎn)粒子的速度大小與ab間電磁場強(qiáng)弱有Bab關(guān).故C錯(cuò)誤；2D由洛倫茲力提供向心力得：qvB普L,則：B=上知荷質(zhì)比越

17、大，r越小，PS間距離越ritBr小，越靠近狹縫，故D錯(cuò)誤.故選：B.點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng).二、本題共5小題，每小題6分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全選對的得6分，只選一個(gè)且正確的得3分，錯(cuò)選、不選得0分.5. （6分）如圖是某同學(xué)設(shè)計(jì)的水火箭，現(xiàn)用打氣筒將空氣打入飲料瓶中，則（）管1壓氣體A.飲料瓶內(nèi)氣體密度減小B.飲料瓶內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大C.瓶內(nèi)氣體的分子引力和斥力都在減小D.當(dāng)水火箭將水瞬時(shí)間噴出時(shí)，瓶內(nèi)氣體溫度降低考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程.專題：理想氣體狀態(tài)方程專題.分析：在向瓶中打入氣體的過程中

18、，氣體的質(zhì)量增加，體積不變，密度增大，壓強(qiáng)也在增大，由于分子間的距離減小，故引力和斥力都增大，水火箭將水瞬時(shí)間噴出時(shí)，瓶內(nèi)氣體對外做功，氣體沒來得及吸熱，故溫度降低解答：解：A、打氣筒將空氣打入飲料瓶中，瓶內(nèi)的氣體質(zhì)量增多，而體積不變，故密度增大，故A錯(cuò)誤；日在打氣的過程中，相當(dāng)于是質(zhì)量不變的氣體，壓縮體積，使體積減小，則壓強(qiáng)增大，故B正確；C瓶內(nèi)氣體的分子間的距離在減小，故引力和斥力都增大，故C錯(cuò)誤；D當(dāng)水火箭將水瞬時(shí)間噴出時(shí)，氣體對外做功，而此瞬間過程沒有吸熱，故瓶內(nèi)溫度降低，故D正確；故選：BD點(diǎn)評：會(huì)從題干找出物理現(xiàn)象，概括出物理規(guī)律，知道氣體質(zhì)量增加，體積不變，壓強(qiáng)增大，在對外做功的

19、瞬間，氣體相當(dāng)于絕熱過程即可6. （6分）在測量高壓線路的電壓時(shí)，由于電壓過高，通常需借助電壓互感器來測量.某同學(xué)練習(xí)使用電壓互感器，實(shí)驗(yàn)被測線路的電壓u=220sin100兀tV,互感器原副線圈匝數(shù)ni=20,n2=440.則正確連接電路時(shí)（）A.ab接PQcd接MNB.線圈ab與cd的磁通量變化率相同C.電壓表讀數(shù)為10血VD.當(dāng)t=0.01s時(shí)，電壓表讀數(shù)為0考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理.專題：交流電專題.分析：電壓互感器是利用電磁感應(yīng)制成的，原副線圈的電壓值比等于電路之比，電壓表測量的是有效值解答：解：A、電壓互感器變壓器原副線圈的電壓之比與匝數(shù)成正比，故ab接PQcd接MN故A正確；日變

20、壓器是由于原線圈的電流變化引起磁通量的變化，故通過副線圈的磁通量變化率與原線圈的相同，故B正確；C電壓表測量的是有效值，故原線圈電壓為U=220V,故副線圈電壓為u45端X22。厘0V,故CD錯(cuò)誤故選：AB點(diǎn)評：本題實(shí)質(zhì)是電壓互感器的簡單運(yùn)用，電壓互感器是利用變壓器原理將電壓減小到可測范圍進(jìn)行測量的儀器7. （6分）某同學(xué)在電磁爐面板上豎直放置一紙質(zhì)圓筒，圓筒上套一環(huán)形輕質(zhì)鋁箔，電磁爐產(chǎn)生的交變磁場的頻率、強(qiáng)度及鋁箔厚度可以調(diào)節(jié).現(xiàn)給電磁爐通電，發(fā)現(xiàn)鋁箔懸浮了起來.若只改變其中一個(gè)變量，則（）A.增強(qiáng)磁場，鋁箔懸浮高度將不變B.鋁箔越薄，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大C.增大頻率，鋁箔中產(chǎn)生的感應(yīng)電

21、流增大D.在剛接通電源產(chǎn)生如圖磁場的瞬間，鋁箔中會(huì)產(chǎn)生如圖所示的電流考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：A根據(jù)安培力F=BIL,結(jié)合安培力與重力的大小關(guān)系，從而確定高度的變化；日根據(jù)電阻定律R=p-,結(jié)合1=-,即可求解；SRc頻率的變化，導(dǎo)致磁場的變化，根據(jù)e=A1,及i=|,即可求解；D根據(jù)楞次定律，即可求解.解答：解：A、發(fā)現(xiàn)鋁箔懸浮了起來，是由于磁場的變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)致安培力出現(xiàn)，當(dāng)磁場增大時(shí)，出現(xiàn)感應(yīng)電流增大，則安培力增大，那么高度會(huì)升高，使其周圍的磁場會(huì)變?nèi)?，?dǎo)致安培力變小，仍與重力平衡，故A錯(cuò)誤；日根據(jù)電阻定律R=p,鋁箔越薄，S越小，則電阻越大，再由

22、I=1,可知，感應(yīng)電流越小，故B錯(cuò)誤；C當(dāng)增大頻率，導(dǎo)致磁場的變化率變大，則感應(yīng)電動(dòng)勢增大，那么感應(yīng)電流增大，故C正確；D在剛接通電源產(chǎn)生如圖磁場的瞬間，根據(jù)楞次定律：增則反，可知，鋁箔中會(huì)產(chǎn)生如圖所示的電流，故D正確；故選：CD點(diǎn)評：考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律與電阻定律的應(yīng)用，理解鋁箔懸浮的原因，掌握楞次定律的內(nèi)容.8. （6分）如圖為示波管的一部分，a、b為電子槍的兩電極，c、d為兩平行金屬板，且c板電勢比d高.則（）abdA.a為陽極，b為陰極B.電子在cd極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)速度一定會(huì)增大C. ab間電勢差越大，電子在cd極板間動(dòng)能的改變量可能越小D. ab間電勢差越大，電子在c

23、d極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定越短考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系.專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題.分析：電子在加速電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力做功eU,根據(jù)動(dòng)能定理列式得出v與U的關(guān)系式，在偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)量為由偏轉(zhuǎn)電壓和加速電壓有關(guān)解答：解：A、要是電子在加速電場中加速，則電子逆著電場線運(yùn)動(dòng)，故b板電勢高，故a為陰極b為陽極，故A錯(cuò)誤；日電子在cd極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力做正功，故動(dòng)能增大，速度增大，故B正確；Cab間電勢差越大，有動(dòng)能定理可得離開加速電場時(shí)的速度越大，電子在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)量可能變小，故在偏轉(zhuǎn)電場中電場力做功變少，故動(dòng)能改變量可能變少，故C正確；Dab間電勢差越大，有動(dòng)能定理可得，當(dāng)只要能達(dá)到C板，則

24、時(shí)間相同，故D錯(cuò)誤；故選：BC點(diǎn)評：此題關(guān)鍵運(yùn)用動(dòng)能定理研究加速過程，要知道粒子加速獲得的速度與極板間的距離無關(guān)，而在偏轉(zhuǎn)電場中偏轉(zhuǎn)量即與加速電壓有關(guān)，由于偏轉(zhuǎn)電壓有關(guān)；9. （6分）兩個(gè)中間有孔的小球AB用一輕彈簧相連，套在水平光滑橫桿上.小球C用兩等長的細(xì)線分別系在AB球上，靜止平衡時(shí)，兩細(xì)線的夾角為120°.已知小球質(zhì)量均為m彈簧勁度系數(shù)為k.則此時(shí)（）ABA.水平橫桿對A球的支持力為酶2B.細(xì)線的拉力為我2c.彈簧的壓縮量為Y迦2kD.增大C球質(zhì)量，彈簧彈力將減小考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；胡克定律.專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題.分析：對小球受力分析后根據(jù)平衡條件得到彈

25、簧的彈力，根據(jù)胡克定律求解出壓縮量；根據(jù)幾何關(guān)系得到彈簧的長度.解答：解：對三個(gè)小球分別進(jìn)行受力分析如圖：則：由對稱性可知，左右彈簧對C的拉力大小相等，與合力的方向之間的夾角是30。，所以：2FiSin30°=mg得：Fi=鳴=mg；則又于A球分析可知，A球受重力、支持力和C球的拉力，豎直方向支持力Fwmg+FXsin30°故A正確，B錯(cuò)誤；2Fi的水平分力的作用,CXAA進(jìn)行受力分析如圖，則水平方向受到水平彈簧向左的彈力與由受力平衡得:F2=Ecos30°同理，對B進(jìn)行受力分析得B端的彈力也等于F2；所以彈簧的彈力是'1:2套在水平光滑橫桿上的輕彈簧的形

26、變量：x'=叱速；故C正確；2kD增大C球質(zhì)量，繩子上的拉力將增大，由以上分析可知，彈簧的彈力將增大；故D錯(cuò)誤;故選：AC.點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是對小球受力分析后根據(jù)平衡條件求得彈力，然后根據(jù)胡克定律并幾何關(guān)系列式求解即可.二、非選擇題10. （8分）某同學(xué)采用圖甲的電路，測量電流表G1的內(nèi)阻ri.其中電流表G量程為05mA內(nèi)阻約200Q;電流表G量程為010mA內(nèi)阻約400;定值電阻Ro阻值為200;電源電動(dòng)勢約為3V.請回答下列問題：圖中國乙可供選擇的滑動(dòng)變阻器Ri阻值范圍為01000Q,用阻值范圍為020.則滑動(dòng)變阻器應(yīng)選，R（填寫R或R）.圖甲中，若要求G表示數(shù)變大，變阻器滑動(dòng)頭P應(yīng)

27、向B端移動(dòng)（填寫A或B）.清用筆畫線在乙圖完成實(shí)物連線.口（I?"I|）EI1、若實(shí)驗(yàn)中讀得G表和G表的讀數(shù)為11和|2,則G表的內(nèi)阻ri=R）;（用T一I2及R表本）考點(diǎn)：伏安法測電阻.專題：實(shí)驗(yàn)題.分析：分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)分壓接法的要求確定滑動(dòng)變阻器；明確測量電路與哪一部分并聯(lián)，則可分析如何使變阻器的滑片移動(dòng)而得到更大的電壓；根據(jù)原理圖可得出對應(yīng)的實(shí)物圖；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及歐姆定律可得出G表的內(nèi)阻.解答：解：由電路圖可知，本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇小電阻；故選：R;為了使電流表電流增大，則應(yīng)使并聯(lián)的滑動(dòng)變阻器部分增大；故滑片應(yīng)向B端移動(dòng);根據(jù)給出的原理圖可得出其實(shí)物圖；如

28、圖所示；Gi表與定值電阻R并聯(lián)，由歐姆定律可知，G表兩端的電壓U=（I2-|i）R；,IT（I2-I|）則G的內(nèi)阻r=R）;hzi故答案為：R2B;如圖所不；（4）、一-R;1I點(diǎn)評：本題考查電阻測量實(shí)驗(yàn)，要注意明確電路結(jié)構(gòu)，再根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖確定所選用的實(shí)驗(yàn)儀器及接法；并由歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)結(jié)果.11.（10分）某小組利用氣墊導(dǎo)軌裝置探究“做功與物體動(dòng)能改變量之間的關(guān)系”.遮光條寬度為d,光電門可測出其擋光時(shí)間t,滑塊與力傳感器的總質(zhì)量為量為00,不計(jì)滑輪和導(dǎo)軌摩擦.實(shí)驗(yàn)步驟如下：調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌使其水平.為m的祛碼放在滑塊上：圖1中,M祛碼盤的質(zhì)并取5個(gè)質(zhì)量均庭碼盤JA用細(xì)繩連接祛碼盤與力傳感器和

29、滑塊,到光電門的距離為S;從滑塊上取出一個(gè)祛碼放在祛碼盤中,讓滑塊靜止放在導(dǎo)軌右側(cè)的某一位置，測出遮光條固定滑塊使其靜止，記錄此時(shí)力傳感器的值為F.接通電源，釋放滑塊后，記錄此時(shí)力傳感器的值為F',測出遮光條經(jīng)過光電門的擋光時(shí)間t;再從滑塊上取出一個(gè)祛碼放在祛碼盤中，重復(fù)步驟，并保證滑塊從同一個(gè)位置靜止釋放；重復(fù)步驟，直至滑塊上的祛碼全部放入到祛碼盤中.請完成下面問題：(a)測量遮光條寬度時(shí)，應(yīng)該使用圖的游標(biāo)卡尺測得遮光條寬度d如圖3,2游標(biāo)卡尺上的B(選填A(yù)、B、C)部件.若用十分度則d=10.2mm(b)滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度可用v=-A(用題中所給的字母表示，下同)計(jì)算.(c)在

30、處理步驟所記錄的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，甲同學(xué)理解的合外力做功為W=FS,則其對應(yīng)動(dòng)能變化量應(yīng)當(dāng)是ki2乙同學(xué)理解的合外力做功為W=F'S,則其對應(yīng)動(dòng)能變化量應(yīng)當(dāng)是k2=(M+5m+iriQ)d，d)丙同學(xué)按照乙同學(xué)的思路，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到f-W的圖線如圖At4所示，則其斜率2sA-i圖21主尺二LW0茅斥尺圖310考點(diǎn)：專題：分析：探究功與速度變化的關(guān)系.實(shí)驗(yàn)題.a、根據(jù)游標(biāo)卡尺的使用方法及讀數(shù)方法進(jìn)行分析解答;b、由平均速度公式可求得經(jīng)過光電門的速度；b中求出的速度c、根據(jù)給出的信息明確兩同學(xué)所用的拉力是作用在哪一個(gè)物體上的，再由列出動(dòng)能變化的表達(dá)式；d、根據(jù)動(dòng)能定理的表達(dá)式得出F-擊的關(guān)系式

31、，聯(lián)系公式可得出對應(yīng)的斜率.解答：解：(a)本實(shí)驗(yàn)中要求測量厚度，故應(yīng)采用外測量爪進(jìn)行測量；故選：B;讀數(shù)為：10mm2X0.1mm=10.2mmb、由平均速度公式可得，經(jīng)過光電門的速度vJ_;tc、甲將力傳感器為拉力，則其做功應(yīng)對應(yīng)小車的動(dòng)能的改變量；故動(dòng)能改變量為：Ek=一22(M+4mv=（M+加）M2At2乙應(yīng)是以祛碼盤的重力為拉力，則動(dòng)能應(yīng)為小車與祛碼共同的動(dòng)能增加量；故動(dòng)能增加量為:CM+5nH-nin5d2Eki=；2At2(2叱)心2sAt2-（JI+Brrd-）d2d、由F'S=可知，F(xiàn)2At2(M+5rrri-mn)故圖象的斜率為：2S故答案為：a、B;10.2;b

32、、c、（M+3）2At2（M+5m+m。）d22At2d、（M+5/叱）M2S點(diǎn)評：本題考查驗(yàn)證動(dòng)能定理的實(shí)驗(yàn)，解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理，即驗(yàn)證動(dòng)能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，掌握光電門的應(yīng)用，明確用光電門求解瞬時(shí)速度的方法.12.(18分)如圖，兩平行金屬導(dǎo)軌相距L、足夠長，與水平面成0角傾斜放置構(gòu)成一個(gè)斜面.導(dǎo)軌間用一阻值為R的電阻絲相連，R上方磁場垂直斜面向上，R下方磁場沿斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B.初始時(shí)金屬棒ab、cd放在金屬導(dǎo)軌上設(shè)法使其保持靜止，棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為W，且tan0.兩棒質(zhì)量均為m電阻均為R,導(dǎo)軌電阻不計(jì).釋放cd棒的同時(shí)，對ab施加一沿導(dǎo)軌向

33、上的變力F,使其以恒定加速度a由靜止開始沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng).求：(1) t時(shí)刻通過ab棒的電流；(2) t時(shí)刻ab棒所受拉力F的大小；(3)當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時(shí)，通過cd棒的電流及電阻R的發(fā)熱功率P.考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；電功、電功率；安培力.專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.分析：(1)ab棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，由v=at求出t時(shí)刻的速度，由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢,再由閉合電路歐姆定律求通過ab棒的電流；(2)分析ab棒的受力情況，求出安培力大小，再由牛頓第二定律求拉力F的大小；(3)當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時(shí)，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡.由平衡條件和安培力公式求出感應(yīng)電流的大小，再由功率

34、公式求解電阻R的發(fā)熱功率P.解答：解：(1)t時(shí)刻，ab棒的速度為v=at此時(shí)ab棒接入電路部分產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為E=BLv=BLat通過ab棒的感應(yīng)電流為1=工Rb總電阻ExrJrWr22解得i=JLd3R(2) ab棒受力如圖所示沿導(dǎo)軌方向，由牛頓第二定律得:F-mgsin0-f1-F安1=ma又f1=Ni=mgcos0F安1=BIL聯(lián)立解出F=mgsin0+mgcos0+ma+。、3R(3) cd棒受力如圖所示，易知cd棒先做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，然后做加速度逐漸變大的變減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)cd棒合外力為零時(shí)，速度最大.m由平衡條件得：mgsin0=(mgcos0+BIcdL)解出IcdJ",：NBL又IR=Icd故此時(shí)電阻R上的發(fā)熱功率為P=t2R=(mgsin8-2r【RNBL答：(1) t時(shí)刻通過ab棒的電流為型邑??；3R22(2) t時(shí)亥Uab棒所受拉力F的大小為mgsin0+科mgcos0+ma+?BLat；3R(3)當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時(shí)，通過cd棒的電流為mg-"9-"mgC電阻r的發(fā)熱BL玨*/mgsin-kLmgcos9、2c功率P為()、R.UBL點(diǎn)評：本題中電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合，安培力是橋梁，推導(dǎo)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律推導(dǎo)安培力表達(dá)式是關(guān)鍵.