備考2022練習(xí)2015年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)ⅱ）（含解析版） (2)

1、2015年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1（6分）如圖，兩平行的帶電金屬板水平放置。若在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，再由a點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒，該微粒將（）A保持靜止?fàn)顟B(tài)B向左上方做勻加速運(yùn)動(dòng)C向正下方做勻加速運(yùn)動(dòng)D向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)2（6分）如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向平行于ab邊向上當(dāng)金

2、屬框繞ab邊以角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c三點(diǎn)的電勢分別為Ua、Ub、Uc已知bc邊的長度為l下列判斷正確的是（）AUaUc，金屬框中無電流BUbUc，金屬框中電流方向沿abcaCUbc=Bl2，金屬框中無電流DUbc=Bl2，金屬框中電流方向沿acba3（6分）由于衛(wèi)星的發(fā)射場不在赤道上，同步衛(wèi)星發(fā)射后需要從轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過調(diào)整再進(jìn)入地球同步軌道當(dāng)衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上飛經(jīng)赤道上空時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火，給衛(wèi)星一附加速度，使衛(wèi)星沿同步軌道運(yùn)行已知同步衛(wèi)星的環(huán)繞速度約為3.1×103m/s，某次發(fā)射衛(wèi)星飛經(jīng)赤道上空時(shí)的速度為1.55×103m/s，此時(shí)衛(wèi)星的高度與同步軌道的高度相同，轉(zhuǎn)移軌

3、道和同步軌道的夾角為30°，如圖所示，發(fā)動(dòng)機(jī)給衛(wèi)星的附加速度的方向和大小約為（）A西偏北方向，1.9×103m/sB東偏南方向，1.9×103m/sC西偏北方向，2.7×103m/sD東偏南方向，2.7×103m/s4（6分）一汽車在平直公路上行駛。從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率P隨時(shí)間t的變化如圖所示。假定汽車所受阻力的大小f恒定不變。下列描述該汽車的速度v隨時(shí)間t變化的圖線中，可能正確的是（）ABCD5（6分）指南針是我國古代四大發(fā)明之一關(guān)于指南針，下列說明正確的是（）A指南針可以僅具有一個(gè)磁極B指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場C指南針

4、的指向會(huì)受到附近鐵塊的干擾D在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，導(dǎo)線通電時(shí)指南針不偏轉(zhuǎn)6（6分）有兩個(gè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域和，I中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是中的k倍，兩個(gè)速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)與中運(yùn)動(dòng)的電子相比，中的電子（）A運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是中的k倍B加速度的大小是中的k倍C做圓周運(yùn)動(dòng)的周期是中的k倍D做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是中的k倍7（6分）在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂。當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時(shí)，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向西行駛時(shí)，P和Q間的拉力大小仍為F不計(jì)車廂與鐵軌間的

5、摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為（）A8B10C15D188（6分）如圖，滑塊a、b的質(zhì)量均為m，a套在固定豎直桿上，與光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接，由靜止開始運(yùn)動(dòng)。不計(jì)摩擦，a、b可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。則（）Aa落地前，輕桿對b一直做正功Ba落地時(shí)速度大小為Ca下落過程中，其加速度大小始終不大于gDa落地前，當(dāng)a的機(jī)械能最小時(shí)，b對地面的壓力大小為mg三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必做題，每個(gè)考題考生都必須作答，第13為選考題，考生格局要求作答9（6分）某學(xué)生用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)。

6、已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過程中所得到的紙帶的一部分如圖（b）所示，圖中標(biāo)出了五個(gè)連續(xù)點(diǎn)之間的距離。（1）物塊下滑時(shí)的加速度a= m/s2，打C點(diǎn)時(shí)物塊的速度v= m/s；（2）已知重力加速度大小為g，求出動(dòng)摩擦因數(shù)，還需測量的物理量是 （填正確答案標(biāo)號）A物塊的質(zhì)量 B斜面的高度 C斜面的傾角。10（9分）電壓表滿偏時(shí)通過該表的電流是半偏時(shí)通過該表的電流的兩倍某同學(xué)利用這一事實(shí)測量電壓表的內(nèi)阻（半偏法）實(shí)驗(yàn)室提供材料器材如下： 待測電壓表（量程3V，內(nèi)阻約為3000歐），電阻箱R0（最大阻值為99999.9歐），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值100歐，額定電流2A），電源E（

7、電動(dòng)勢6V，內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干（1）虛線框內(nèi)為該同學(xué)設(shè)計(jì)的測量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分，將電路圖補(bǔ)充完整（2）根據(jù)設(shè)計(jì)的電路寫出步驟： （3）將這種方法測出的電壓表內(nèi)阻記為Rv，與電壓表內(nèi)阻的真實(shí)值Rv相比，Rv Rv（填“”“=”或“”），主要理由是 11（12分）如圖，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°；它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場方向的夾角為30°不計(jì)重力。求A、B兩點(diǎn)間的電勢差。12（20分）下暴雨時(shí)，有時(shí)會(huì)發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害。某地

8、有一傾角為=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時(shí)間內(nèi)，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)1減小為，B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)2減小為0.5，A、B開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)；在第2s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變。已知A開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A離B下邊緣的距離l=27m，C足夠長，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。取重力加速度大小g=10m/s2求：（1）在02s時(shí)間內(nèi)A和B加速度的大?。?）A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。物

9、理選修3-3（15分）13（5分）關(guān)于擴(kuò)散現(xiàn)象，下來說法正確的是（）A溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快B擴(kuò)散現(xiàn)象是不同物質(zhì)間的一種化學(xué)反應(yīng)C擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的D擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生E液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的14（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的U形管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上端與大氣相通，下端開口處開關(guān)K關(guān)閉，A側(cè)空氣柱的長度為l=10.0cm，B側(cè)水銀面比A側(cè)的高h(yuǎn)=3.0cm?，F(xiàn)將開關(guān)K打開，從U形管中放出部分水銀，當(dāng)兩側(cè)水銀面的高度差為h1=10.0cm時(shí)將開關(guān)K關(guān)閉。已知大氣壓強(qiáng)p0=75.0cmHg。（i）求放出部分水銀后A側(cè)空氣柱的長度；（ii

10、）此后再向B側(cè)注入水銀，使A、B兩側(cè)的水銀面達(dá)到同一高度，求注入的水銀在管內(nèi)的長度。物理選修3-4（15分）15如圖，一束光沿半徑方向射向一塊半圓柱形玻璃磚，在玻璃磚底面上的入射角為，經(jīng)折射后射出a、b兩束光線。則（）A在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度B在真空中，a光的波長小于b光的波長C玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率D若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線a首先消失E分別用a、b光在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距16平衡位置位于原點(diǎn)O的波源發(fā)出的簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿水平x軸傳播，P、Q為x軸上的兩個(gè)點(diǎn)（均位于x軸正向），P與

11、O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間已知波源自t=0時(shí)由平衡位置開始向上振動(dòng)，周期T=1s，振幅A=5cm當(dāng)波傳到P點(diǎn)時(shí)，波源恰好處于波峰位置；此后再經(jīng)過5s，平衡位置在Q處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰位置求：（i）P、Q間的距離；（ii）從t=0開始到平衡位置在Q處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰位置時(shí)，波源在振動(dòng)過程中通過的路程物理選修3-5（15分）17實(shí)物粒子和光都具有波粒二象性。下列事實(shí)中突出體現(xiàn)波動(dòng)性的是（）A電子束通過雙縫實(shí)驗(yàn)裝置后可以形成干涉圖樣B射線在云室中穿過會(huì)留下清晰的徑跡C人們利用慢中子衍射來研究晶體的結(jié)構(gòu)D人們利用電子顯微鏡觀測物質(zhì)的微觀結(jié)構(gòu)E光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，光電子的最大

12、初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)18滑塊a、b沿水平面上同一條直線發(fā)生碰撞；碰撞后兩者粘在一起運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過一段時(shí)間后，從光滑路段進(jìn)入粗糙路段兩者的位置x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示求：滑塊a、b的質(zhì)量之比；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比2015年全國統(tǒng)一高考物理試卷（新課標(biāo)）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14題只有一項(xiàng)符合題目要求，第58題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1（6分）如圖，兩平行的帶電金屬板水平放置。若在兩板中間a點(diǎn)從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持

13、靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，再由a點(diǎn)從靜止釋放一同樣的微粒，該微粒將（）A保持靜止?fàn)顟B(tài)B向左上方做勻加速運(yùn)動(dòng)C向正下方做勻加速運(yùn)動(dòng)D向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】CM：帶電粒子在混合場中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】537：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】開始時(shí)刻微粒保持靜止，受重力和電場力而平衡；將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，電容器帶電量不變，間距不變，正對面積也不變，故電場強(qiáng)度的大小不變，電場力的大小不變，方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，根據(jù)平行四邊形定則求解出合力的方向，確定微粒的運(yùn)動(dòng)即可【解答】解：在兩板中間a點(diǎn)

14、從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)，微粒受重力和電場力平衡，故電場力大小F=mg，方向豎直向上；將兩板繞過a點(diǎn)的軸（垂直于紙面）逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，電場強(qiáng)度大小不變，方向逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，故電場力逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)45°，大小仍然為mg；故重力和電場力的大小均為mg，方向夾角為135°，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做勻加速運(yùn)動(dòng)；故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選：D?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是對微利受力分析后結(jié)合牛頓第二定律分析，注意本題中電容器的兩板繞過a點(diǎn)的軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，板間場強(qiáng)大小不變，基礎(chǔ)題目2（6分）如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強(qiáng)磁場中，磁

15、感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向平行于ab邊向上當(dāng)金屬框繞ab邊以角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c三點(diǎn)的電勢分別為Ua、Ub、Uc已知bc邊的長度為l下列判斷正確的是（）AUaUc，金屬框中無電流BUbUc，金屬框中電流方向沿abcaCUbc=Bl2，金屬框中無電流DUbc=Bl2，金屬框中電流方向沿acba【考點(diǎn)】D9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；DB：楞次定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】53C：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合【分析】金屬框中磁通量不變，故沒有感應(yīng)電流；但導(dǎo)體棒切割磁感線，有感應(yīng)電動(dòng)勢產(chǎn)生，根據(jù)E=BL求解切割電動(dòng)勢即可【解答】解：AB、導(dǎo)體棒bc、ac做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，根據(jù)右手定則，感

16、應(yīng)電動(dòng)勢的方向從b到c，或者說是從a到c，故Ua=UbUc，磁通量一直為零，不變，故金屬框中無電流，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；CD、感應(yīng)電動(dòng)勢大小=Bl（）=Bl2，由于UbUc，所以Ubc=Bl2，磁通量一直為零，不變，金屬框中無電流，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是明確感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件是穿過閉合回路的磁通量發(fā)生改變，要會(huì)根據(jù)E=Blv求解感應(yīng)電動(dòng)勢，會(huì)利用右手定則判斷感應(yīng)電動(dòng)勢的方向3（6分）由于衛(wèi)星的發(fā)射場不在赤道上，同步衛(wèi)星發(fā)射后需要從轉(zhuǎn)移軌道經(jīng)過調(diào)整再進(jìn)入地球同步軌道當(dāng)衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上飛經(jīng)赤道上空時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火，給衛(wèi)星一附加速度，使衛(wèi)星沿同步軌道運(yùn)行已知同步衛(wèi)星的環(huán)繞速度約為

17、3.1×103m/s，某次發(fā)射衛(wèi)星飛經(jīng)赤道上空時(shí)的速度為1.55×103m/s，此時(shí)衛(wèi)星的高度與同步軌道的高度相同，轉(zhuǎn)移軌道和同步軌道的夾角為30°，如圖所示，發(fā)動(dòng)機(jī)給衛(wèi)星的附加速度的方向和大小約為（）A西偏北方向，1.9×103m/sB東偏南方向，1.9×103m/sC西偏北方向，2.7×103m/sD東偏南方向，2.7×103m/s【考點(diǎn)】4F：萬有引力定律及其應(yīng)用；4H：人造衛(wèi)星；4J：同步衛(wèi)星菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】52A：人造衛(wèi)星問題【分析】已知合速度為同步衛(wèi)星的線速度，一個(gè)分速度是在轉(zhuǎn)移軌道上的速度，另一個(gè)分速度待

18、求，運(yùn)用速度合成的平行四邊形法則求解即可【解答】解：合速度為同步衛(wèi)星的線速度，為：v=3.1×103m/s；一個(gè)分速度為在轉(zhuǎn)移軌道上的速度，為：v1=1.55×103m/s；合速度與該分速度的夾角為30度，根據(jù)平行四邊形定則，另一個(gè)分速度v2如圖所示：該分速度的方向?yàn)闁|偏南方向，根據(jù)余弦定理，大小為：=1.9×103m/s。故選：B?！军c(diǎn)評】本題已知合速度和一個(gè)分速度，根據(jù)平行四邊形定則求解另一個(gè)分速度，要結(jié)合余弦定理列式求解，基礎(chǔ)題目4（6分）一汽車在平直公路上行駛。從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的功率P隨時(shí)間t的變化如圖所示。假定汽車所受阻力的大小f恒定不變。下列描

19、述該汽車的速度v隨時(shí)間t變化的圖線中，可能正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】63：功率、平均功率和瞬時(shí)功率菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】52C：功率的計(jì)算專題【分析】對于汽車，受重力、支持力、牽引力和阻力，根據(jù)P=Fv和牛頓第二定律分析加速度的變化情況，得到可能的vt圖象?！窘獯稹拷猓涸?t1時(shí)間內(nèi)，如果勻速，則vt圖象是與時(shí)間軸平行的直線，如果是加速，根據(jù)P=Fv，牽引力減??；根據(jù)Ff=ma，加速度減小，是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為0時(shí)，即F1=f，汽車開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度v1=所以0t1時(shí)間內(nèi)，vt圖象先是平滑的曲線，后是平行于橫軸的直線；在t1t2時(shí)間內(nèi)，功率突然增加，故牽引力突然增加，

20、是加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)P=Fv，牽引力減??；再根據(jù)Ff=ma，加速度減小，是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為0時(shí)，即F2=f，汽車開始做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)速度v2=所以在t1t2時(shí)間內(nèi)，即vt圖象也先是平滑的曲線，后是平行于橫軸的直線。故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是明確汽車恒定功率的加速過程是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，注意速度不能突變，基礎(chǔ)題目。5（6分）指南針是我國古代四大發(fā)明之一關(guān)于指南針，下列說明正確的是（）A指南針可以僅具有一個(gè)磁極B指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場C指南針的指向會(huì)受到附近鐵塊的干擾D在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導(dǎo)線，導(dǎo)線通電時(shí)指南針不偏轉(zhuǎn)【考點(diǎn)】

21、C1：磁現(xiàn)象和磁場；C5：地磁場菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】指南針又稱指北針，主要組成部分是一根裝在軸上的磁針，磁針在天然地磁場的作用下可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)并保持在磁子午線的切線方向上，磁針的北極指向地理的北極，利用這一性能可以辨別方向常用于航海、大地測量、旅行及軍事等方面物理上指示方向的指南針的發(fā)明由三部曲組成：司南、磁針和羅盤他們均屬于中國的發(fā)明【解答】解：A、不存在單獨(dú)的磁單極子，指南針也不例外，故A錯(cuò)誤；B、指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場，地磁場是南北指向的，故B正確；C、指南針的指向會(huì)受到附近鐵塊的干擾，是由于鐵塊被磁化后干擾了附近的地磁場，故C正確；D、在指南針正上方附近沿指針方向放置一直

22、導(dǎo)線，根據(jù)安培定則，電流的磁場在指南針位置是東西方向的，故導(dǎo)線通電時(shí)指南針偏轉(zhuǎn)90°，故D錯(cuò)誤；故選：BC?！军c(diǎn)評】指南針在航海上的應(yīng)用對地理大發(fā)現(xiàn)和海上貿(mào)易有極大的促進(jìn)作用指南針的發(fā)明源于中國古人如何定向問題的研究，也表明古人對如何定向問題的重視為此，指南針被譽(yù)為中國古代四大發(fā)明之一6（6分）有兩個(gè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域和，I中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是中的k倍，兩個(gè)速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)與中運(yùn)動(dòng)的電子相比，中的電子（）A運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是中的k倍B加速度的大小是中的k倍C做圓周運(yùn)動(dòng)的周期是中的k倍D做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是中的k倍【考點(diǎn)】CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題

23、】536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】電子在磁場中做的圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力作為向心力，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式和半徑公式逐項(xiàng)分析即可【解答】解：設(shè)中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為kB，A、根據(jù)電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑公式r=可知，中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為，中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為，所以中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是中的k倍，所以A正確；B、電子在磁場運(yùn)動(dòng)的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為a=，所以中的電子加速度的大小為，中的電子加速度的大小為，所以的電子的加速度大小是中的倍，所以B錯(cuò)誤；C、根據(jù)電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期公式T=可知，中的電子運(yùn)動(dòng)周期為，中的電子運(yùn)動(dòng)周期為，所以中的電子

24、運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是中的k倍，所以中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的周期是中的k倍，所以C正確；D、做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度=，所以中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為，中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為，在的電子做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是中的倍，所以D錯(cuò)誤；故選：AC?！军c(diǎn)評】本題是對粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的基本考查，解決本題的關(guān)鍵是抓住洛倫茲力作為向心力，根據(jù)向心力的不同的公式來分析不同的關(guān)系，記住平時(shí)的得出的結(jié)論可以快速的分析問題7（6分）在一東西向的水平直鐵軌上，停放著一列已用掛鉤連接好的車廂。當(dāng)機(jī)車在東邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向東行駛時(shí)，連接某兩相鄰車廂的掛鉤P和Q間的拉力大小為F；當(dāng)機(jī)車在西邊拉著這列車廂以大小為a的加速度向西行駛時(shí)，

25、P和Q間的拉力大小仍為F不計(jì)車廂與鐵軌間的摩擦，每節(jié)車廂質(zhì)量相同，則這列車廂的節(jié)數(shù)可能為（）A8B10C15D18【考點(diǎn)】1G：勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的綜合運(yùn)用；37：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】根據(jù)兩次的情況，利用牛頓第二定律得出關(guān)系式，根據(jù)關(guān)系式分析可能的情況即可【解答】解：設(shè)PQ兩邊的車廂數(shù)為P和Q，當(dāng)機(jī)車在東邊拉時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Pma，當(dāng)機(jī)車在西邊拉時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得，F(xiàn)=Qma，根據(jù)以上兩式可得，即兩邊的車廂的數(shù)目可能是2和3，或4和6，或6和9，或8和12，等等，所以總的車廂的數(shù)目可能是5、10、15、20，所以可能的是BC

26、。故選：BC?！军c(diǎn)評】本題不是確切的數(shù)值，關(guān)鍵的是根據(jù)牛頓第二定律得出兩次之間的關(guān)系，根據(jù)關(guān)系來判斷可能的情況，本題比較靈活，是道好題8（6分）如圖，滑塊a、b的質(zhì)量均為m，a套在固定豎直桿上，與光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接，由靜止開始運(yùn)動(dòng)。不計(jì)摩擦，a、b可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為g。則（）Aa落地前，輕桿對b一直做正功Ba落地時(shí)速度大小為Ca下落過程中，其加速度大小始終不大于gDa落地前，當(dāng)a的機(jī)械能最小時(shí)，b對地面的壓力大小為mg【考點(diǎn)】62：功的計(jì)算；6B：功能關(guān)系；6C：機(jī)械能守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】a、b組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守

27、恒，通過b的動(dòng)能變化，判斷輕桿對b的做功情況。根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒求出a球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小。【解答】解：A、當(dāng)a到達(dá)底端時(shí)，b的速度為零，b的速度在整個(gè)過程中，先增大后減小，動(dòng)能先增大后減小，所以輕桿對b先做正功，后做負(fù)功。故A錯(cuò)誤。B、a運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，b的速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得：mAgh=mAvA2，解得vA=故B正確。C、b的速度在整個(gè)過程中，先增大后減小，所以a對b的作用力先是動(dòng)力后是阻力，所以b對a的作用力就先是阻力后是動(dòng)力，所以在b減速的過程中，b對a是向下的拉力，此時(shí)a的加速度大于重力加速度，故C錯(cuò)誤；D、ab整體的機(jī)械能守恒，當(dāng)a的機(jī)械能最小時(shí)，b的速度最大，

28、此時(shí)b受到a的推力為零，b只受到重力的作用，所以b對地面的壓力大小為mg，故D正確；故選：BD?！军c(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道a、b組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，以及根據(jù)能量的守恒。可以知道當(dāng)a的機(jī)械能最小時(shí)，b的動(dòng)能最大。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必做題，每個(gè)考題考生都必須作答，第13為選考題，考生格局要求作答9（6分）某學(xué)生用圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)裝置測量物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，物塊下滑過程中所得到的紙帶的一部分如圖（b）所示，圖中標(biāo)出了五個(gè)連續(xù)點(diǎn)之間的距離。（1）物塊下滑時(shí)的加速度a=3.25m/s2，打C點(diǎn)時(shí)物塊的速度v=1.79m/

29、s；（2）已知重力加速度大小為g，求出動(dòng)摩擦因數(shù)，還需測量的物理量是C（填正確答案標(biāo)號）A物塊的質(zhì)量 B斜面的高度 C斜面的傾角?！究键c(diǎn)】M5：測定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度；M9：探究影響摩擦力的大小的因素菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題【分析】（1）根據(jù)x=aT2可求加速度，根據(jù)求解C點(diǎn)的速度；（2）對滑塊根據(jù)牛頓第二定律列式求解動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式進(jìn)行分析即可。【解答】解：（1）根據(jù)x=aT2，有：解得：a=3.25m/s2打C點(diǎn)時(shí)物塊的速度：v=m/s=1.79m/s（2）對滑塊，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinmgcos=ma解得：=故還需要測量斜面的傾角，故選：C；故答案為：（1）3.

30、25，1.79；（2）C?！军c(diǎn)評】實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材，安排實(shí)驗(yàn)步驟，分析實(shí)驗(yàn)誤差，進(jìn)行數(shù)據(jù)處理等等。10（9分）電壓表滿偏時(shí)通過該表的電流是半偏時(shí)通過該表的電流的兩倍某同學(xué)利用這一事實(shí)測量電壓表的內(nèi)阻（半偏法）實(shí)驗(yàn)室提供材料器材如下： 待測電壓表（量程3V，內(nèi)阻約為3000歐），電阻箱R0（最大阻值為99999.9歐），滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值100歐，額定電流2A），電源E（電動(dòng)勢6V，內(nèi)阻不計(jì)），開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干（1）虛線框內(nèi)為該同學(xué)設(shè)計(jì)的測量電壓表內(nèi)阻的電路圖的一部分，將電路圖補(bǔ)充完整（2）根據(jù)設(shè)計(jì)的電路寫出步驟：移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓

31、最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動(dòng)變阻器的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；（3）將這種方法測出的電壓表內(nèi)阻記為Rv，與電壓表內(nèi)阻的真實(shí)值Rv相比，RvRv（填“”“=”或“”），主要理由是電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測量值的偏大【考點(diǎn)】N6：伏安法測電阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題【分析】（1）待測電壓表電阻遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器R1的電阻值，故滑動(dòng)變阻器R1采用分壓式接法；待測電壓表和電阻箱R0采用串聯(lián)式接法；（2）采用先測量一個(gè)適

32、當(dāng)?shù)碾妷?，然后增加電阻箱電阻，使電壓表半偏，則電阻箱的讀數(shù)即視為等于電壓表的電阻；（3）電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測量值的偏大【解答】解：（1）待測電壓表電阻（3000歐姆）遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器R1的電阻值（100歐姆），故滑動(dòng)變阻器R1采用分壓式接法；電路圖如圖所示：（2）移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動(dòng)變阻器滑片的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；（3）電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不

33、變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測量值的偏大，故RvRv；故答案為：（1）如圖所示；（2）移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，以保證通電后電壓表所在支路分壓最小，閉合開關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R1，使電壓表的指針滿偏，保證滑動(dòng)變阻器的位置不變，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱R0使電壓表的指針半偏，讀取電阻箱所示的電阻值，此即為測得的電壓表內(nèi)阻；（3），電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測量值的偏大【點(diǎn)評】考查半偏法測電阻的原理，明確串聯(lián)電阻后會(huì)引起測量支路的電阻的增大，其分壓要變大，此為誤差的來源11（12分）如圖，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q

34、0）的粒子在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60°；它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場方向的夾角為30°不計(jì)重力。求A、B兩點(diǎn)間的電勢差?！究键c(diǎn)】65：動(dòng)能定理；AB：電勢差；AG：電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】532：電場力與電勢的性質(zhì)專題【分析】粒子水平方向受電場力，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；豎直方向不受力，故豎直分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)；結(jié)合運(yùn)動(dòng)的合成與分解的知識得到A點(diǎn)速度與B點(diǎn)速度的關(guān)系，然后對A到B過程根據(jù)動(dòng)能定理列式求解?！窘獯稹拷猓涸O(shè)帶電粒子在B點(diǎn)的速度大小為vB，粒子在垂直電場方向的分速度不變

35、，故：vBsin30°=v0sin60° 解得：設(shè)A、B間的電勢差為UAB，由動(dòng)能定理，有：聯(lián)立解得：答：A、B兩點(diǎn)間的電勢差為?！军c(diǎn)評】本題關(guān)鍵是通過運(yùn)動(dòng)的合成與分解得到A點(diǎn)速度和B點(diǎn)速度的關(guān)系，然后結(jié)合動(dòng)能定理列式求解即可，基礎(chǔ)題目。12（20分）下暴雨時(shí)，有時(shí)會(huì)發(fā)生山體滑坡或泥石流等地質(zhì)災(zāi)害。某地有一傾角為=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一質(zhì)量為m的石板B，其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。假設(shè)某次暴雨中，A浸透雨水后總質(zhì)量也為m（可視為質(zhì)量不變的滑塊），在極短時(shí)間內(nèi)，A、B間的動(dòng)摩擦

36、因數(shù)1減小為，B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)2減小為0.5，A、B開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)；在第2s末，B的上表面突然變?yōu)楣饣?保持不變。已知A開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，A離B下邊緣的距離l=27m，C足夠長，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。取重力加速度大小g=10m/s2求：（1）在02s時(shí)間內(nèi)A和B加速度的大?。?）A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間?！究键c(diǎn)】1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；37：牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】522：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題【分析】（1）對A、B受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可以求出加速度的大??；（2）根據(jù)A、B的加速度的大小，利用速度時(shí)間的關(guān)系式和它們之間的距離可以計(jì)算時(shí)間的大小。【解

37、答】解：（1）在02s時(shí)間內(nèi)，A和B的受力如圖所示，其中f1、N1是A與B之間的摩擦力和正壓力的大小，f2、N2是B與C之間的摩擦力和正壓力的大小，方向如圖所示。由滑動(dòng)摩擦力公式和力的平衡條件得：f1=1N1 N1=mgcosf2=2N2 N2=N1+mgcos規(guī)定沿斜面向下為正，設(shè)A和B的加速度分別為a1和a2，由牛頓第二定律得：mgsinf1=ma1mgsin+f1f2=ma2有三種可能性：a1a2；a1=a2；a1a2。下面根據(jù)題中的已知條件進(jìn)行判斷：a1a2；若B、C之間光滑，則A和B一起以加速度gsin37°勻加速下滑，而實(shí)際情況是B、C之間有摩擦力，所以A或者B的加速度一

38、定都小于gsin37°。如果a1a2，那么B對A就會(huì)產(chǎn)生沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力，A的加速度將大于gsin37°，B的加速度也將大于gsin37°，這與上面的分析結(jié)果矛盾，因此a1絕不會(huì)小于a2。a1=a2；a1a2；假設(shè)a1=a2，可計(jì)算出a1=a2=2 m/s2，而A能夠達(dá)到的最小加速度為3 m/s2。所以實(shí)際情況為a1a2，據(jù)此，計(jì)算出a1=3 m/s2，a2=1 m/s2。（2）在t1=2s時(shí)，設(shè)A和B的速度分別為v1和v2，則v1=a1t1=6m/sv2=a2t1=2m/stt1時(shí)，設(shè)A和B的加速度分別為a1和a2，此時(shí)A與B之間摩擦力為零，同理可得：a1

39、=6m/s2a2=2m/s2即B做減速運(yùn)動(dòng)。設(shè)經(jīng)過時(shí)間t2，B的速度減為零，則有：v2+a2t2=0聯(lián)立式得：t2=1s在t1+t2時(shí)間內(nèi)，A相對于B運(yùn)動(dòng)的距離為：s=12m27m此后B靜止不動(dòng)，A繼續(xù)在B上滑動(dòng)。設(shè)再經(jīng)過時(shí)間t3后A離開B，則有：ls=可得：t3=1s（另一解不合題意，舍去）設(shè)A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t總，有：t總=t1+t2+t3=4s（利用下面的速度圖線求解也可）答：（1）在02s時(shí)間內(nèi)A和B加速度的大小分別為3m/s2和1m/s2；（2）A在B上總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為4s。【點(diǎn)評】本題是對牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合的應(yīng)用，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)的情況和受力的情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式

40、來求解，本題的難度比較大。物理選修3-3（15分）13（5分）關(guān)于擴(kuò)散現(xiàn)象，下來說法正確的是（）A溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快B擴(kuò)散現(xiàn)象是不同物質(zhì)間的一種化學(xué)反應(yīng)C擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的D擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生E液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的【考點(diǎn)】85：擴(kuò)散菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】541：分子運(yùn)動(dòng)論專題【分析】擴(kuò)散現(xiàn)象是指物質(zhì)分子從高濃度區(qū)域向低濃度區(qū)域轉(zhuǎn)移，直到均勻分布的現(xiàn)象，速率與物質(zhì)的濃度梯度成正比擴(kuò)散是由于分子熱運(yùn)動(dòng)而產(chǎn)生的質(zhì)量遷移現(xiàn)象，主要是由于密度差引起的擴(kuò)散現(xiàn)象等大量事實(shí)表明，一切物質(zhì)的分子都在不停地做無規(guī)則的運(yùn)動(dòng)【解答】解：A、溫度越高，分子熱運(yùn)

41、動(dòng)越激烈，所以擴(kuò)散進(jìn)行得越快，故A正確；B、擴(kuò)散現(xiàn)象是分子熱運(yùn)動(dòng)引起的分子的遷移現(xiàn)象，沒有產(chǎn)生新的物質(zhì)，是物理現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；CD、擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的分子遷移現(xiàn)象，可以在固體、液體、氣體中產(chǎn)生，擴(kuò)散速度與溫度和物質(zhì)的種類有關(guān)，故CD正確；E、液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體分子的熱運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，故E錯(cuò)誤。故選：ACD?！军c(diǎn)評】擴(kuò)散現(xiàn)象是分子的遷移現(xiàn)象從微觀上分析是大量分子做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)時(shí)，分子之間發(fā)生相互碰撞的結(jié)果由于不同空間區(qū)域的分子密度分布不均勻，分子發(fā)生碰撞的情況也不同這種碰撞迫使密度大的區(qū)域的分子向密度小的區(qū)域轉(zhuǎn)移，最后達(dá)到均勻的密度分布14（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的U形

42、管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上端與大氣相通，下端開口處開關(guān)K關(guān)閉，A側(cè)空氣柱的長度為l=10.0cm，B側(cè)水銀面比A側(cè)的高h(yuǎn)=3.0cm。現(xiàn)將開關(guān)K打開，從U形管中放出部分水銀，當(dāng)兩側(cè)水銀面的高度差為h1=10.0cm時(shí)將開關(guān)K關(guān)閉。已知大氣壓強(qiáng)p0=75.0cmHg。（i）求放出部分水銀后A側(cè)空氣柱的長度；（ii）此后再向B側(cè)注入水銀，使A、B兩側(cè)的水銀面達(dá)到同一高度，求注入的水銀在管內(nèi)的長度?！究键c(diǎn)】99：理想氣體的狀態(tài)方程；9K：封閉氣體壓強(qiáng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】54B：理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】（i）在同一段水銀柱中，同一高度壓強(qiáng)相等；先計(jì)算出A側(cè)氣體的初狀態(tài)氣壓和末狀態(tài)氣壓，然后

43、根據(jù)玻意耳定律列式求解；（ii）兩側(cè)水銀面等高后，根據(jù)玻意耳定律求解氣體的體積；比較兩個(gè)狀態(tài)，結(jié)合幾何關(guān)系得到第二次注入的水銀柱的長度?！窘獯稹拷猓海╥）以cmHg為壓強(qiáng)單位。設(shè)A側(cè)空氣柱長度l=10.0cm時(shí)壓強(qiáng)為p，當(dāng)兩側(cè)的水銀面的高度差為h1=10.0cm時(shí)，空氣柱的長度為l1，壓強(qiáng)為p1，由玻意耳定律，有：pl=p1l1由力學(xué)平衡條件，有：p=p0+ph 打開開關(guān)放出水銀的過程中，B側(cè)水銀面處的壓強(qiáng)始終為p0，而A側(cè)水銀面處的壓強(qiáng)隨空氣柱長度的增加逐漸減小，B、A兩側(cè)水銀面的高度差也隨著減小，直至B側(cè)水銀面低于A側(cè)水銀面h1為止，由力學(xué)平衡條件，有：p1=p0Ph1 聯(lián)立，并代入題目數(shù)

44、據(jù)，有：l1=12cm（ii）當(dāng)A、B兩側(cè)的水銀面達(dá)到同一高度時(shí)，設(shè)A側(cè)空氣柱的長度為l2，壓強(qiáng)為P2，由玻意耳定律，有：pl=p2l2由力學(xué)平衡條件有：p2=p0聯(lián)立式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：l2=10.4cm設(shè)注入水銀在管內(nèi)的長度為h，依題意，有：h=2（l1l2）+h1聯(lián)立式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：h=13.2cm答：（i）放出部分水銀后A側(cè)空氣柱的長度為12cm；（ii）注入的水銀在管內(nèi)的長度為13.2cm?！军c(diǎn)評】本題中封閉氣體經(jīng)歷兩次等溫過程，關(guān)鍵是找出初狀態(tài)和末狀態(tài)的氣壓和體積（長度）關(guān)系，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解，不難。物理選修3-4（15分）15如圖，一束光沿半徑方向射向一塊半

45、圓柱形玻璃磚，在玻璃磚底面上的入射角為，經(jīng)折射后射出a、b兩束光線。則（）A在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度B在真空中，a光的波長小于b光的波長C玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率D若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線a首先消失E分別用a、b光在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距【考點(diǎn)】H3：光的折射定律；H5：全反射；HC：雙縫干涉的條紋間距與波長的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】54D：光的折射專題【分析】根據(jù)折射定律公式n=判斷折射率大小，根據(jù)v=判斷玻璃中的光速大??；根據(jù)c=f真空中波長大小；根據(jù)公式判斷條紋間距大小?！窘獯稹拷猓篈

46、C、光線a的偏折程度大，根據(jù)折射定律公式n=，光線a的折射率大；再根據(jù)公式v=，光線a在玻璃中的傳播速度小，故A正確，C錯(cuò)誤；B、光線a的折射率大，說明光線a的頻率高，根據(jù)c=f，光線a在真空中的波長較短，故B正確；D、若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線a的折射角先達(dá)到90°，故先發(fā)生全反射，先消失，故D正確；E、光線a在真空中的波長較短，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式，分別用a、b光在同一個(gè)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置上做實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距小于b光的干涉條紋間距，故E錯(cuò)誤；故選：ABD?！军c(diǎn)評】本題綜合考查了光的折射、全反射和干涉，關(guān)鍵是記住幾個(gè)公式：折射率定義公式n=、光速公式v=

47、、雙縫干涉條紋間距公式，基礎(chǔ)題目。16平衡位置位于原點(diǎn)O的波源發(fā)出的簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿水平x軸傳播，P、Q為x軸上的兩個(gè)點(diǎn)（均位于x軸正向），P與O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間已知波源自t=0時(shí)由平衡位置開始向上振動(dòng)，周期T=1s，振幅A=5cm當(dāng)波傳到P點(diǎn)時(shí)，波源恰好處于波峰位置；此后再經(jīng)過5s，平衡位置在Q處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰位置求：（i）P、Q間的距離；（ii）從t=0開始到平衡位置在Q處的質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰位置時(shí)，波源在振動(dòng)過程中通過的路程【考點(diǎn)】F4：橫波的圖象；F5：波長、頻率和波速的關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】（i）根據(jù)題意P與O的距離為35cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間，所以O(shè)P=，根據(jù)周期計(jì)算距離；（ii）根據(jù)周期計(jì)算時(shí)間的長短，根據(jù)振幅計(jì)算通過的路程的大小【解答】解：（i）由題意，O、P兩點(diǎn)間的距離與波長之間滿足OP=波速