高考物理易錯題解題技巧及方法大全

1、高考物理易錯題解題技巧及方法大全電磁學(xué)例16、圖中A、B是一對中間開有小孔的平行金屬板，兩小孔的連線與金屬板面相垂直，兩極板的間隔 為l。兩極板間加上低頻交流電壓，A板電勢為零，B板電勢u=U0cost?，F(xiàn)有一電子在t=0時穿過A板上的小孔射入電場。設(shè)初速度和重力的影響均可忽略不計。那么電子在兩極板間可能 A以AB間的某一點為平衡位置來回振動B時而向B板運動，時而向A板運動，但最后穿出B板C一直向B板運動，最后穿出B板，假如小于某個值0，l小于某個l0D一直向B板運動，最后穿出B板，而不管、l為任何值【錯解分析】:錯解：知道初速度和重力的影響不計，即初速度為0，不計重力，那么電子在兩板間只受電

2、場作用，電場力方向在兩小孔的連線上，所以電子做的是直線運動，因為加的電壓是余弦電壓，那么電場大小方向呈周期性變化，一會兒向左一會兒向右，所以物體運動也應(yīng)該是一會兒向左，一會兒向右，即以AB間的某一點為平衡位置來回振動。選A此題的易錯點就在部分同學(xué)對物體的運動理解不透徹，仍然思維定式地認為物體運動的方向由力的方向決定，而忽略了物體的運動是由速度與合外力共同決定的。雖然也選擇了A，但那是錯誤理解下的巧合。至于C項很多學(xué)生都未能選擇【解題指導(dǎo)】:【答案】:AC【解析】：為了不影響我們考慮問題，我們先假設(shè)l無窮大，讓我們研究電子的運動時不受空間的束縛。由于初速度為0，重力不計，只受電場力，所以物體做直

3、線運動。物體的運動情況是由速度和合外力共同決定的，所以必須綜合考慮物體的速度和受力情況。電場力， 所以電子所受的電場力也是以余弦規(guī)律變化，看以下圖0時刻，速度為0，0T/4電場力向右，所以0T/4電子由靜止開場向右加速;T/4時刻電子具有一定的向右的速度，T/4T/2時刻電場力反向，由于速度不能突變，所以T/4T/2電子繼續(xù)向右但做減速運動;于是有：T/4時刻速度最大。由于電場力的變化是對稱的，所以0T/4速度由0至最大值，T/4T/2速度將從最大值減至0。T/2時刻速度為0，T/23T/4電場力仍向左，所以T/23T/4電子由靜止向左加速至最大值;3T/4時刻電子具有最大的向左的速度，3T/

4、4T時刻電場力反向， 所以3T/4T電子做向左的減速運動至速度為0。以此類推，那么電子在無限大的電場里以AB間的某一點為平衡位置來回振動。可用速度時間圖象來加深理解因為L不是無限大，假如L0T/2內(nèi)電子的位移那么，電子將會飛出去;根據(jù)知越小，那么T越大，T/2內(nèi)位移也將越大，假設(shè)T/2內(nèi)位移L那么電子也將飛出去，所以L一定值，一定值時，電子會飛出去。練習(xí)16、圖中A、B是一對平行的金屬板。在兩板間加上一周期為T的交變電壓u。A板的電勢UA=0，B板的電勢UB隨時間的變化規(guī)律為:在0到T/2的時間內(nèi),UB=U0正的常數(shù);在T/2到T的時間內(nèi)，UB=-U0;在T到3T/2的時間內(nèi),UB=U0;在3

5、T/2到2T的時間內(nèi)。UB=-U0，現(xiàn)有一電子從A板上的小孔進入兩板間的電場區(qū)內(nèi)。設(shè)電子的初速度和重力的影響均可忽略，那么 A假設(shè)電子是在t=0時刻進入的,它將一直向B板運動;B假設(shè)電子是在t=T/8時刻進入的,它可能時而向B板運動,時而向A 板運動,最后打在B板上;C假設(shè)電子是在t=3T/8時刻進入的,它可能時而向B板運動,時而向A板運動,最后打在B板上;D假設(shè)電子是在t=T/2時刻進入的,它可能時而向B板、時而向A板運動。例17、如圖，光滑平面上固定金屬小球A，用長L0A與另一個金屬小球B連接，讓它們帶上等量同種電荷，彈簧伸長量為x1x2，那么有： 【錯解分析】錯解：應(yīng)選B錯解只注意到電荷

6、電量改變，忽略了兩者間隔 也隨之變化，導(dǎo)致錯誤?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:C【解析】：由題意畫示意圖，B球先后平衡，于是有，因為，所以練習(xí)17、如下圖，真空中AB兩個點電荷的電量分別為+Q和+q，放在光滑的絕緣的程度面上，AB之間用絕緣的輕彈簧連接。當(dāng)系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為.設(shè)彈簧均在彈性限度內(nèi)，那么A.保持Q不變，將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的伸長量等于3B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的伸長量小于3C.保持Q不變，將q變?yōu)?q,平衡時彈簧的縮短量等于D.保持q不變，將Q變?yōu)?Q,平衡時彈簧的縮短量小于例18、在沿程度方向的勻強磁場中，有一圓形金屬線圈可繞沿其直徑的豎直軸自由轉(zhuǎn)動。開場

7、時線圈靜止，線圈平面與磁場方向既不平行也不垂直，所成的銳角為。在磁場開場增強后的一個極短時間內(nèi)，線圈平面A.維持不動B.將向使減小的方向轉(zhuǎn)動C.將向使增大的方向轉(zhuǎn)動D.將轉(zhuǎn)動，因不知磁場方向，不能確定會增大還是會減小【解析】：由楞次定律可知，當(dāng)磁場開場增強時，線圈平面轉(zhuǎn)動的效果是為了減小線圈磁通量的增加，將向使減小的方向轉(zhuǎn)動2線框中產(chǎn)生的熱量為0.75J例19、如下圖，下端封閉、上端開口，高h=5m，內(nèi)壁光滑的細玻璃管豎直放置，管底有質(zhì)量m=10g，電荷量q=0.2C的小球，整個裝置以v=5m/s的速度沿垂直于磁場方向進入B=0.2T，方向垂直紙面向內(nèi)的勻強磁場，由于外力的作用，玻璃管在磁場中

8、的速度保持不變，最終小球從上端管口飛出。g取10m/s2.求小球的電性小球在管中的運動時間。小球在管中運動過程中增加的機械能?！惧e解分析】:錯解：因為不加理解地記憶：洛倫茲力不做功。從而想不明白小球的動能增加了，明明是洛倫茲做了功，但洛倫茲力不做功的。此題求解過程一般不會錯。但解出結(jié)果不代表理解了。特點是最后一問?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:正電;1S;1J【解析】：洛倫茲力不做功，這是大家所認同的，但洛倫茲力不做功并不代表其分力也不做功，如某帶電粒子在磁場中運動某時刻的速度與洛倫茲力的方向如下圖，把洛倫茲力和速度按如以下圖所示進展分解，那么可知在方向上要做負功，在方向上要做正功，而和所做功的代數(shù)

9、和仍然為0。此題解題過程：小球因受到向上的洛倫茲力的作用而向上運動，故小球帶正電。小球的運動可以分成程度方向和豎直方向的運動。小球在程度方向的勻度決定了小球在豎直方向受到的洛倫茲力大小不變，小球在豎直方向上做勻加速上升運動。根據(jù)及和t=1S。小球在運動過程中豎直方向的速度不斷增大，使小球在程度向左方向的洛倫茲力不斷增大，阻礙小球程度方向的運動，做負功。小球在豎直方向的洛倫茲力使小球上升，做正功。小球程度方向速度不變，小球增加的機械能就是豎直方向的洛倫茲力對小球做的功該題中洛倫茲力的兩個分力和都做功，一個做正功，一個做負功，但總功是0.所以還是洛倫茲力不做功。練習(xí)19、如下圖，在程度正交的勻強電

10、場和勻強磁場中，E=4V/m，B=2T，一質(zhì)量m=1g的帶正電的小物塊A，從絕緣粗糙的豎直墻壁的M點由靜止下滑，當(dāng)它滑行h=0.8m到達N點時，分開墻壁做曲線運動，當(dāng)A運動到P點時恰好處于平衡狀態(tài)，此時速度方向與程度方向成45角，假設(shè)P與M的高度差H=1.6m，求A沿墻壁下滑時摩擦力做的功P與M間的程度間隔 為多少?g取10m/s2例20、如下圖，勻強磁場方向垂直于紙面向里，勻強電場方向程度向右，一質(zhì)量為m，電量為q的粒子以速度v與磁場方向垂直、與電場方向夾角45射入復(fù)合場中，恰好做直線運動，求電場強度E和磁感應(yīng)強度B的大小?！惧e解分析】:錯解，該題主要是無法把握物體的真實運動情況，自然無法著

11、手處理問題。錯得是百花八門。不知道：有洛倫茲力存在的直線運動一定是勻速直線運動【解題指導(dǎo)】: 【答案】:【解析】：有洛倫茲力存在的直線運動一定是勻速直線運動。因為粒子受重力、電場力和洛倫茲力三個力，要使物體做直線運動，這三個力的合力的方向必須與速度在同一直線更重要的是合力的方向不能變。三個力中重力和電場力是恒力，洛倫茲力總是與速度垂直且大小隨速度變化。假如粒子速度發(fā)生變化，那么洛倫茲力就會發(fā)生變化，合力的方向就會發(fā)生變化，物體將不能做直線運動，所以速度大小不能變。即粒子做直線運動時速度大小不能變，就是勻速直線運動。如以下圖所示，粒子在這三個力作用下必須做勻速直線運動，即這三個力合力為0。將洛倫

12、茲力分解到程度和豎直方向有：程度方向：豎直方向：練習(xí)20、在空間某一區(qū)域中同時存在勻強電場和勻強磁場，勻強磁場方向垂直于紙面向里，大小為B。勻強電場大小方向未知。假如要使一質(zhì)量為m，電量為q的帶正電的粒子可以以速度v在復(fù)合場中作勻速圓周運動，那么電場的大小和方向應(yīng)該如何?例21、如下圖，兩個質(zhì)量均為m的完全一樣的金屬球殼a與b，其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，將它們固定于絕緣支座上，兩球心間的間隔 為L，為球半徑的3倍。假設(shè)使它們帶上等量異種電荷，使其電量的絕對值均為Q，那么，a、b兩球之間的萬有引力FF庫分別為：1因為a，b兩帶電球殼質(zhì)量分布均勻，可將它們看作質(zhì)量集中在球心的質(zhì)點，也可看作點電荷

13、，因此，萬有引力定律和庫侖定律對它們都適用，故其正確答案應(yīng)選A。2依題意，a，b兩球中心間的間隔 只有球半徑的3倍，它們不能看作質(zhì)點，也不能看作點電荷，因此，既不能用萬有引力定律計算它們之間的萬有引力，也不能用庫侖定律計算它們之間的靜電力，故其正確答案應(yīng)選B。a，b兩球所帶異種電荷的互相吸引，使它們各自的電荷分布不均勻，即互相靠近的一側(cè)電荷分布比較密集，又因兩球心間的間隔 L只有其半徑r的3倍，不滿足Lr的要求，故不能將兩帶電球殼看成點電荷，所以不能應(yīng)用庫侖定律。L只有其半徑r的3倍，但由于其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，兩球殼可看作質(zhì)量集中于球心的質(zhì)點。因此，可以應(yīng)用萬有引力定律。a，b兩帶電球

14、殼的整體來說，滿足萬有引力的適用條件，不滿足庫侖定律的適用條件，故只有選項D正確。1cm，面積均為10cm2Q1=210-8C，Q2=-210-8C，假設(shè)在兩板之間的中點放一個電量q=510-9C的點電荷，求金屬板對點電荷的作用力是多大?例22、如下圖，把一個不帶電的枕型導(dǎo)體靠近帶正電的小球，由于靜電感應(yīng)，在a，b端分別出現(xiàn)負、正電荷，那么以下說法正確的選項是：A.閉合K1B.閉合K2C.閉合K1D.閉合K2K2K2。選D。D。K1，K2都閉合前，對于枕型導(dǎo)體它的電荷是守恒的，a，b出現(xiàn)的負、正電荷等量。當(dāng)閉合K1K2中的任何一個以后，便把導(dǎo)體與大地連通，使大地也參與了電荷轉(zhuǎn)移。因此，導(dǎo)體本身

15、的電荷不再守恒，而是導(dǎo)體與大地構(gòu)成的系統(tǒng)中電荷守恒。由于靜電感應(yīng)，a端仍為負電荷，大地遠處感應(yīng)出等量正電荷，因此無論閉K1K2，都是有電子從地流向?qū)w，應(yīng)選答案C。v垂直電場線射入電場，在穿越電場的過程中，粒子的動能由Ek2Ek，假設(shè)這個帶電粒子以速度2v垂直進入該電場，那么粒子穿出電場時的動能為多少?m，帶電量為q，初速度v;勻強電場為E，在y方向的位移為y，如下圖。Y軸上的偏移量一樣。實際上，由于程度速度增大帶電粒子在電場中的運動時間變短。在Y軸上的偏移量變小。x軸方向，垂直于速度方向為y軸方向。設(shè)粒子的的質(zhì)量m，帶電量為q，初速度v;勻強電場為E，在y方向的位移為y。速度為2v時通過勻強

16、電場的偏移量為y，平行板板長為L。兩次入射帶電粒子的偏移量之比為練習(xí)23、A、B兩支手槍在同一高度沿程度方向各射出一粒子彈，打在前方100m遠處的同一塊豎直靶上，如下圖，A槍擊中了a點，B槍擊中了b點，a、b兩點的豎直高度差為5cm。假設(shè)A槍子彈分開槍口時的速度大小為500m/s，求B槍子彈分開槍口時的速度大小。不計空氣阻力，取g=10m/s2。例24、一均勻帶電金屬小球固定在空間A點，小球帶電量為-2Q，設(shè)無窮遠處電勢為0，電場中某點B的電勢為，假設(shè)將金屬球的帶電量由-2Q變?yōu)?Q，那么B點的電勢將如何變化?【錯解分析】:錯解：因為產(chǎn)生電場的電荷量變少了，所以空間的電場變?nèi)趿?，將電荷從B點挪

17、動至無窮遠時電場力做功少了，即B與無窮遠間的電勢差U變小了，所以變小了。產(chǎn)生錯誤的原因是沒有按照電勢差的定義來斷定。【解題指導(dǎo)】:【答案】: 變大了【解析】：電場變?nèi)趿?，那么將電荷從B點挪動至無窮遠處電場力做的功變少了。根據(jù)公式知B間的電勢差變小了，因為電勢沿著電場線方向降低，產(chǎn)生電場的電荷為負電荷，所以B點的電勢低于處的電勢。因為=0，所以B點電勢小于0，B與電勢差變小，即B點電勢與0靠近了，負數(shù)與0靠近是變大了。練習(xí)24、A，B兩塊平行帶電金屬板，A板帶負電，B板帶正電，并與大地相連接，P為兩板間一點。假設(shè)將一塊玻璃板插入A，B兩板間，那么P點電勢將怎樣變化。例25、一個質(zhì)量為m，帶有電荷

18、-q的小物塊，可在程度軌道Ox上運動，O端有一與軌道垂直的固定墻，軌道處于勻強電場中，場強大小為E，方向沿Ox軸正方向，如下圖，小物體以初速v0 x0沿Ox軌道運動，運動時受到大小不變的摩擦力f作用，且fW合=Ek，得fEq的含義。當(dāng)物塊初速度向右時，先減速到零，由于fO處的往復(fù)運動過程中位移為x0s。根據(jù)動能定理有q的小滑塊可視為質(zhì)點以初動能從a點出發(fā)，沿直線AB向b點運動，其中小滑塊第一次經(jīng)過O點時的動能為初動能的n倍n1例26、如下圖，長為L的絕緣，一端于O點，另一端連接一質(zhì)量為m的帶電小球，倍，要使小球能在豎直平面內(nèi)做圓周運動，那么小球經(jīng)過最高點的速度最小為多少?【錯解分析】:錯解一、

19、忽略電場的作用，直接應(yīng)用結(jié)論，小球在最高點的最小速度為0。錯解二、不知桿與繩的區(qū)別，不會用合場的思想類比重力場進展解題，錯解答案較多?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:【解析】：這是一個復(fù)合場問題：重力場與電場的復(fù)合場，我們最習(xí)慣于研究重力場中的豎直平面內(nèi)的圓周運動，我們就把復(fù)合場類比于重力場進展解題，首先確定復(fù)合場方向即小球的平衡位置。受力分析知，小于的平衡位置為與豎直方向夾角30，復(fù)合場的等效成重力場的等效加速度為,如以下圖A點是平衡位置，B點是等效重力場中的最高點，C點是幾何上最高點，也就是我們要求的最高點因為是桿子所以B點的最小速度為0，再在BC間用動能定理可求得C點的速度;或類比于重力場中的運

20、動進展計算，最后只需將g改成即可。【小結(jié)】用等效的觀點解決陌生的問題，能收到事半功倍的效果。然而等效是有條件的。在學(xué)習(xí)交流電的有效值與最大值的關(guān)系時，我們在有發(fā)熱一樣的條件將一個直流電的電壓電流等效于一個交流電。此題中，把兩個場疊加成一個等效的場，前提條件是兩個力做功都與途徑無關(guān)。練習(xí)26、如下圖，長為L的絕緣細線，一端懸于O點，另一端連接一質(zhì)量為m的帶負電小球，置于程度向右的勻強電場中，在O點，現(xiàn)將細線向右程度拉直后從靜止釋放，細線碰到釘子后要使小球剛好饒釘子O在豎直平面內(nèi)作圓周運動，求OO長度。和，帶電量分別為和，用細絕緣線懸掛后，分別與豎直線成夾角和，且兩球處于同一程度線上，假設(shè)，那么下

21、述結(jié)論正確的選項是 A.一定等于B.一定滿足C.一定等于D.必須同時滿足【錯解分析】:錯解：認為當(dāng)、帶電量不等時，庫侖力F1與F2也不相等，且認為越大，庫侖力越大，因此錯誤地選出A、B、D，其實庫侖力的大小與及的乘積有關(guān)，并且不管和誰大誰小或是相等，均應(yīng)滿足?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:C【解析】：兩小球同處于一程度線上，對兩小球分別進展受力分析，的受力分析如下圖，受重力、細線的拉力T1和對它的庫侖力F1，由于兩球都處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件對兩球分別列受力平衡方程，從而得出重力、庫侖力和夾角三者的關(guān)系式，然后再由，分析得出最后結(jié)論。對有得同理對有當(dāng)時，那么有，且與帶電量是否等于無關(guān)。該題還可以用

22、受力分析的三角形圖與實物三角形相似來解題。如上圖中兩個紅色的三角形練習(xí)28、如下圖，ACB是一光滑的足夠長的、固定在豎直平面內(nèi)的型框架，其中CA、CB邊與豎直方向的夾角均為。P、Q兩個輕質(zhì)小環(huán)分別套在CA、CB上，兩根細繩的一端分別系在PQ環(huán)上，另一端和一繩套系在一起，結(jié)點為O。將質(zhì)量為m的鉤碼掛在繩套上，OP、OQ兩根細繩拉直后的長度分別用 表示，假設(shè)：=2:3，那么兩繩受到的拉力之比F1：F2等于 1：12：33：24：9例29、如下圖的直線是真空中的某電場的一條電場線，AB是這條電場線上的兩點。一個帶負電的粒子在只受電場力的情況下，以速度經(jīng)過A點向B點運動，經(jīng)一段時間后，該帶電粒子以速度

23、經(jīng)過B點，且與的方向相反，那么 A.A點的電勢一定低于B點的電勢B. A點的場強一定大于B點的場強C.該帶電粒子在A點的電勢能一定小于它在B點的電勢能D.該帶電粒子在A點的動能和電勢能之和一定等于它在B點的動能和電勢能之和【錯解分析】:錯解：AB錯解分析：由于該帶電粒子只在電場力的作用下由A點運動，最后能返回，說明由A到B的運動一定是減速運動。故帶電粒子受電場力的方向向左，電場的方向向左，所以A點的電勢一定低于B點的電勢，選項A正確。錯誤原因在誤認為粒子受力的方向就是電場的方向，本質(zhì)上正電荷受電場力的方向與電場的方向一樣，而負電荷受電場力的方向與電場的方向相反;由于該帶電粒子只在電場力的作用下

24、由A點運動，最后能返回，說明A點的場強一定大于B點的場強，否那么不能返回。選項B正確。錯誤原因在誤認為帶電粒子總是由場強大的地方向場強小的地方運動，本質(zhì)上粒子怎樣運動是由粒子的初速度和受力情況共同決定的?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:D【解析】：由于該帶電粒子只在電場力的作用下由A點運動，最后能返回，說明由A到B的運動一定是減速運動，先向右減速，速度減為零后再向左加速運動至B點，可以肯定電子受到的電場力是向左的，那么說明電場線是向右的，順著電場線方向電勢降低，所以A的電勢一定大于B的電勢;A錯。單憑一條電場線是無法判斷場強大小， B錯;負電荷順著電場線方向運動，電場力做負功，電勢能增加，選項C正確;

25、但帶電粒子的動能和電勢能之和是守恒的類似機械能守恒定律，選項D正確。練習(xí)29、如下圖，等量的異種點電荷，固定在程度線上的MN兩點上，電荷量均為Q.有一質(zhì)量為m電荷量為+q的小球可視為點電荷，固定在長為L的絕緣輕質(zhì)細桿的一端，細桿的另一端可繞O點且與MN垂直的程度軸無摩擦的轉(zhuǎn)動，O點位于MN的垂直平分線上的距MN為L處?，F(xiàn)把桿拉起到程度位置，由靜止釋放，小球經(jīng)過最低點B時的速度為。取O處電勢為零，忽略q對+Q、-Q形成得出的影響。求：1小球經(jīng)過B點時對輕桿的拉力的大小2在+Q、-Q形成的電場中，A點的電勢3小球繼續(xù)向左擺動，經(jīng)過與A等高度的C點時的速度例30、如下圖，用絕緣絲線懸掛著的環(huán)形導(dǎo)體，

26、位于與其所在平面垂直且向右的勻強磁場中，假設(shè)環(huán)形導(dǎo)體通有如下圖方向的電流I，試判斷環(huán)形導(dǎo)體的運動情況。N極正對環(huán)形導(dǎo)體圓面的左側(cè)，而通電環(huán)形導(dǎo)體，即環(huán)形電流的磁場N極向左根據(jù)右手定那么來斷定，它將受到等效N極的排斥作用，環(huán)形導(dǎo)體開場向右加速運動。誤將勻強磁場等效于條形磁鐵的磁場?！窘忸}指導(dǎo)】:【答案】:仍然靜止不動【解析】：利用左手定那么判斷。可將環(huán)形導(dǎo)體等分為假設(shè)干段，每小段通電導(dǎo)體所受安培力均指向圓心。由對稱性可知，這些安培力均為成對的平衡力。故該環(huán)形導(dǎo)體將保持原來的靜止狀態(tài)。練習(xí)30、有一自由的矩形導(dǎo)體線圈，通以電流I。將其移入通以恒定電流I的長直導(dǎo)線的右側(cè)。其ab與cd邊跟長直導(dǎo)體AB

27、在同一平面內(nèi)且互相平行，如下圖。試判斷將該線圈從靜止開場釋放后的受力和運動情況。不計重力練習(xí)題參考答案練習(xí)16、【答案】:AB【解析】：因為電壓恒定且周期性變化，所以電場力恒定呈周期性變化，電子在電場中做的是勻變速運動。注意對電子進展受力分析并結(jié)合速度判斷電子的運動情況。要會靈敏運動周期力下運動的對稱性。練習(xí)17、【答案】:B【解析】：設(shè)彈簧的原長為，由庫侖定律和胡克定律得，當(dāng)電荷量為q時，;當(dāng)電荷量為3q時，設(shè)彈簧的伸長量為，由上述兩式得，即.同理有，即.應(yīng)選項B正確.練習(xí)18、【答案】:BD【解析】：磁通量的計算公式為，開場時磁通量最大為0.25Wb，MN與PQ重合時，磁通量為0。所以變化

28、量為0.25Wb。加速度的產(chǎn)生是因為安培力，據(jù) ,可知加速度大小與速度有關(guān)，所以有開場時加速度最大，最后加速度最小。計算知加速度最大是8m/s2;根據(jù)動能定理求解線框發(fā)熱，D正確。練習(xí)19、【答案】: 0.6m【解析】：A從M到N做變加速運動，到達N點時洛倫茲力與電場力大小相等，將分開壁，之后在豎直平面內(nèi)做復(fù)雜的曲線運動通過P，1M到N有，在N點電場力與洛倫茲力平衡有2從N到P的過程用動能定理s=0.6m練習(xí)20、【答案】: 方向豎直向上【解析】：有洛倫茲力存在的勻速圓周運動中，除洛倫茲力外物體所受的其它力合力必須為0，所以粒子所受的重力與電場力必須互相抵消即，這就相當(dāng)于粒子只受洛倫茲力。不管

29、帶電粒子以怎樣的速度垂直于磁場方向進入復(fù)合場，均能做勻速圓周運動。練習(xí)21、【答案】:【解析】：易錯點：容易用庫侖公式求解。點電荷受到兩板帶電荷的作用力，此二力大小相等，方向一樣，由為庫侖定律有：，方向指向帶負電的金屬板。如圖：庫侖定律只適用于點電荷間互相作用，此題中兩個帶電金屬板面積較大，相距較近，不能再看作是點電荷，應(yīng)用庫侖定律求解就錯了。練習(xí)22、【答案】:AC【解析】：因為是緩慢挪動，每個狀態(tài)均可以看作一個平衡態(tài)，處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部場強處處為零。C點場強為0是因為感應(yīng)電荷在C點產(chǎn)生的電場與電荷Q在C點產(chǎn)生的電場互相抵消，所以感應(yīng)電荷在C點和D點產(chǎn)生的電場大小等于電荷Q在C點和D點產(chǎn)生的電場，所以C正確。E選項考察知識點與例7一樣，用導(dǎo)線連接導(dǎo)體后，導(dǎo)體與大地構(gòu)成的系統(tǒng)中電荷守恒。由于靜電感應(yīng)，導(dǎo)體上全部是正電荷，大地遠處感應(yīng)出等量電荷 447m/s【解析】：看右圖側(cè)視圖AB子彈做的均是平拋運動，于是對A有：對B有：x=447m/s易錯點：不少同學(xué)誤認為兩子彈是同時打到木板上的。仔細分析題意知，它們并不是同時的。練習(xí)24、【答案】:上升【解析】：按