北京市海淀區(qū)2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期12月學(xué)業(yè)水平考試適應(yīng)性練習(xí)物理試題

1、海淀區(qū)高中學(xué)業(yè)合格考試適應(yīng)性練習(xí)第一部分選擇題（共60分）一、本題共20小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題意的。（每小題3分，共60分）.下列物理量中，屬于標(biāo)量的是 （）A.位移B.洛倫茲力C.電流D.磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】【詳解】ABCD.有大小又有方向，遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，位移、洛倫茲力、磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，電流為標(biāo)量，故C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co.如圖所示，小孩沿水平方向推靜止在水平地面上的大木箱，但沒(méi)有推動(dòng)，在這個(gè)過(guò)程中,木箱共受到作用力的個(gè)數(shù)為 （）A. 1個(gè)B. 2個(gè)C. 3個(gè)D. 4個(gè)【答案】D【解析】【詳解】ABCD.因木箱靜止，對(duì)木箱受力分

2、析可知，水平方向有推力和摩擦力，豎直方向有 重力和支持力，一共 4個(gè)力，故D正確ABC錯(cuò)誤故選Do3.如圖所示，物體受到兩個(gè)相互垂直的共點(diǎn)力Fi和F2的作用，其大小分別為5N和12N,這兩個(gè)力的合力大小為（）7N13N17N60N【答案】B【解析】【詳解】ABCD.由力的合成用平行四邊形法則可知合力大小為F合=- 52+122 N=13N故B正確ACD錯(cuò)誤。故選Bo.真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間靜電力的大小為F。若保持其中一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量不變，將另一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間靜電力的大小變?yōu)锳. 2FB. FC. D. F24

3、【答案】C【解析】【詳解】ABCD.設(shè)真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷電荷量分別為q、Q,它們之間的作用力大小為F=kQqr若保持兩點(diǎn)間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，另一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量不變，則兩點(diǎn)間的作用力大小二叫2r故C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co.如圖所示的電路中，電阻 R 8.0 ,電源的內(nèi)阻r 1.0 ,不計(jì)電流表的內(nèi)阻。閉合開 關(guān)S后，電流表的示數(shù)I 1.0A,則電源的電動(dòng)勢(shì) E等于（）C. 9.0VD. 10.0VA. 1.0VB. 8.0V【答案】C【解析】【詳解】ABCD.當(dāng)閉合開關(guān)后,由閉合電路的歐姆定律可知E=I R+r =1 8+1 V=9V故C正確ABD錯(cuò)誤。故

4、選Co.如圖所示，一通電直導(dǎo)線位于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)線與磁場(chǎng)方向垂直。磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 0.1T,導(dǎo)線長(zhǎng)度L 0.2m。當(dāng)導(dǎo)線中的電流I 1.0A時(shí)，該導(dǎo)線所受安培力的大小 為（） TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark16 o Current Document XXXXB HYPERLINK l bookmark18 o Current Document XX / XXXXXXXXXXA. 0.01NB. 0.02NC. 0.03ND. 0.04N【答案】B【解析】【詳解】ABCD.由安培力公式可知F=BIL=0.1 1 0.2N=0.02N故B正確ACD錯(cuò)誤。故

5、選Bo.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電粒子兩次以不同速率垂直磁場(chǎng)邊界從a點(diǎn)射入，兩次運(yùn)動(dòng)軌跡分別為I、n,對(duì)應(yīng)入射速率分別為 v1、v2,在磁場(chǎng)中受到的洛倫茲力大小分別為Fl、F2 ,在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為tl、t2 ,則下列正確的是（）A.粒子帶正電ViV2FlF2D. tit2詳解】A.由左手定則可知粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤;BC.粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，可知2 mv qvB=r解得錯(cuò)誤;由圖可知，軌跡由洛倫茲力公式可知粒子速度大冰D.粒子在勻強(qiáng)磁qBrm則軌跡n的速度比軌跡I大;F 二qvB茲力大，則軌跡n粒子所受的洛倫茲力比軌跡洛倫茲力提

6、供向心力，可知2 mv qvB=r2 r v=TI大，故BC解得2 mT =I的圓qB可知粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相同，軌跡圓心角越大運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)，由圖可知，軌跡 心角比軌跡n大，則軌跡I的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，故 D正確。故選D。請(qǐng)閱讀下述文字，第24屆冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)將于 2022年由北京和張家口聯(lián)合舉辦。高山滑雪是比賽項(xiàng)目之一，因其驚險(xiǎn)刺激深受觀眾喜愛。如下圖所示，運(yùn)動(dòng)員收起滑雪杖， 從高處加速下滑的過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員受到的阻力不可忽略。完成下列題目：.關(guān)于滑雪板與賽道之間的相互作用力，下列說(shuō)法正確的是（）A.滑雪板對(duì)賽道的作用力大于賽道對(duì)滑雪板的作用力B.滑雪板對(duì)賽道的作用力小于賽道對(duì)滑雪板的作用力

7、C.滑雪板對(duì)賽道的作用力與賽道對(duì)滑雪板的作用力大小相等D.滑雪板對(duì)賽道的作用力與賽道對(duì)滑雪板的作用力方向相同.若圖中部分賽道可以看作與水平方向夾角為的斜面，運(yùn)動(dòng)員受到的重力為G,則運(yùn)動(dòng)員對(duì)賽道壓力的大小為（）A.GsinB.GcosC.GtanD. G.運(yùn)動(dòng)員收起滑雪杖從高處加速下滑的過(guò)程中，其機(jī)械能 （）A.保持不變B.逐漸減小C.逐漸增大D.先增大后減小.運(yùn)動(dòng)員收起滑雪杖從高處加速下滑的過(guò)程中，其受到的合力所做的功為W,則（）A. W 0B. W 0C. W 0D.無(wú)法確士7E【答案】8. C 9. B 10. B 11. C【解析】【8題詳解】ABCD.滑雪板對(duì)賽道的作用力和賽道對(duì)滑雪板

8、的作用力是相互作用力，其大小相等，方向相反，故C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co【9題詳解】ABCD.對(duì)運(yùn)動(dòng)員受力分析可知，運(yùn)動(dòng)員所受到的支持力B正確ACD錯(cuò)誤。FN = G cos運(yùn)動(dòng)員對(duì)賽道壓力和運(yùn)動(dòng)員所受到的支持力是相互作用力，故 故選B?！?0題詳解】ABCD.因運(yùn)動(dòng)員受到的阻力不可忽略， 且阻力對(duì)運(yùn)動(dòng)員做負(fù)功，則運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能逐漸減小, 故B正確ACD錯(cuò)誤。故選B?！?1題詳解】ABCD.由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能變化量等于合外力做功，因運(yùn)動(dòng)員加速下滑動(dòng)能增大，則合力 做功大于零，故 C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co請(qǐng)閱讀下述文字卜圖為描述某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線,a、b、c是同一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，其電場(chǎng)強(qiáng)度

9、大小分別為Ea、Eb、Ec ,電勢(shì)分別為ac, a、b、c三點(diǎn)間距離滿足 ab bc。完成下列題目c的比較，下列說(shuō)法正確的是EcEaEbA.B.EaEbEcC.EaEbEcD.EaEbEc13.關(guān)于ac的關(guān)系，下列說(shuō)法正確的是A.B.C.D.14.把負(fù)點(diǎn)電荷沿電場(chǎng)線由 a點(diǎn)移至c點(diǎn)的過(guò)程中,關(guān)于電場(chǎng)力對(duì)電荷所做的功和電荷電勢(shì)能的變化，下列說(shuō)法正確的是A.電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能增加C.電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加B.電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少D.電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能減少【答案】12. A 13. BD 14. C【解析】 【12題詳解】ABCD.因電場(chǎng)線越密場(chǎng)強(qiáng)越大，由圖可知，場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系為Ea Eb

10、Ec故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A?！?3題詳解】AB.沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，由圖可知，電勢(shì)大小關(guān)系為 a b c故B正確A錯(cuò)誤；CD.因電場(chǎng)線越密場(chǎng)強(qiáng)越大， 則相同距離時(shí)電場(chǎng)線越密電勢(shì)差越大，由圖可知，電勢(shì)大小關(guān)系為a b b c故D正確C錯(cuò)誤；故選BD。【14題詳解】ABCD.由圖，負(fù)點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力向左，所以把負(fù)點(diǎn)電荷沿電場(chǎng)線由a點(diǎn)移至c點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，故 C正確ABD錯(cuò)誤。 故選Co 請(qǐng)閱讀下述文字，地球本身是一個(gè)巨大磁體。地球的地理兩極與地磁兩極并不重合，因此,磁針并非準(zhǔn)確地指向南北，其間有一個(gè)夾角，這就是地磁偏角，簡(jiǎn)稱磁偏角。我國(guó)宋代科學(xué)家沈括在夢(mèng)溪筆談中最

11、早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也?！蓖瓿上铝蓄}目：15.將可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針平行于地表放在赤道上，下圖為小磁針靜止時(shí)的示意圖，根據(jù)上述材料，請(qǐng)判斷圖中可能正確的是（黑色一端代表小磁針N極）16.為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培假設(shè)：地球的磁場(chǎng)是由繞著過(guò)地心的軸的環(huán)形電流引起的。在下圖中能正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是【答案】15. C 16. B【解析】【15題詳解】ABCD.因地理北極是地磁場(chǎng)南極，則小磁針N極應(yīng)指向地理南極，故 C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co【16題詳解】ABCD.由右手螺旋定則可知，環(huán)形電流應(yīng)在赤道，方向由東向西，故 B正確ACD錯(cuò)誤。故

12、選B。請(qǐng)閱讀下述文字，2019年中小學(xué)開學(xué)初，某區(qū)城管局對(duì)緊鄰學(xué)校經(jīng)營(yíng)彈弓的店鋪給予批評(píng)警告。彈弓具有一定的危險(xiǎn)性，其結(jié)構(gòu)如下圖所示，使用時(shí)先將彈九放在彈套內(nèi)，然后將橡皮筋水平拉開，利用橡皮筋的彈力將彈丸水平彈射出去。不計(jì)空氣阻力。完成下列題目：.從松手到橡皮筋松弛的過(guò)程中，關(guān)于橡皮筋中的彈力及彈性勢(shì)能的說(shuō)法正確的是A.彈力逐漸減小，彈性勢(shì)能逐漸減小B.彈力逐漸減小，彈性勢(shì)能逐漸增大C.彈力逐漸增大，彈性勢(shì)能逐漸減小D.彈力逐漸增大，彈性勢(shì)能逐漸增大.下圖中能正確反映從松手到橡皮筋松弛的過(guò)程中，彈丸水平速度隨時(shí)間變化關(guān)系的是A.若在同一位置水平射出彈丸，將橡皮筋拉的更長(zhǎng)，彈丸射出時(shí)速度更大，則

13、彈丸在空中的飛行時(shí)間將A.變長(zhǎng)B.變短C.不變D.無(wú)法確士7E.彈丸從彈套水平飛出時(shí)，距地高度為h,水平速度為v0,重力加速度為g,則彈丸的水平射程為A. vojB. Vo2hC. Vo J2ghD.M 2gh【答案】17. A 18. C 19. C 20. A【解析】【17題詳解】ABCD.由題可知，橡皮筋逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)則彈力逐漸減小，且彈力對(duì)外做正功彈性勢(shì)能減小, 故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A?！?8題詳解】ABCD.從松手到橡皮筋松弛的過(guò)程中，橡皮筋逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)則彈力逐漸減小，由牛頓第二 定律可知彈丸加速度逐漸減小，又v-t圖像中斜率代表加速度，則斜率逐漸減小，故 C正確ABD錯(cuò)誤。故選C

14、o【19題詳解】ABCD.由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知， 運(yùn)動(dòng)時(shí)間只與離地面的距離有關(guān)，因在同一高度拋出則時(shí)間相同，故C正確ABD錯(cuò)誤。故選Co【20題詳解】ABCD.由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間h=3 gt2水平方向位移X=VotX = Vo解得故A正確BCD錯(cuò)誤。故選Ao第二部分非選擇題（共40分）二、填空題（本題共3小題。每小題4分，共12分）21.某探究小組用自制“滴水計(jì)時(shí)器”研究小車在水平桌面上的直線運(yùn)動(dòng)。如左圖所示，將該計(jì)時(shí)器固定在小車旁， 用手輕推一下小車，在小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中滴水計(jì)時(shí)器等時(shí)間間隔地滴下小水滴，已知30s內(nèi)恰好有46個(gè)小水滴落在桌面上。右圖記錄了桌面上連續(xù)的6個(gè)水滴的位置。（1

15、）由右圖可知，小車在桌面上是 運(yùn)動(dòng)的（選填“從右向左”或“從左向右”）。（2）該小組同學(xué)根據(jù)右圖的數(shù)據(jù)判斷出小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。滴水計(jì)時(shí)器滴下如右圖中點(diǎn)A處的水滴時(shí)，小車的速度大小為 m/s。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）.從右向左 （2）. 0.16【解析】【詳解】（1）.1由題可知，小車做減速運(yùn)動(dòng)，則相同時(shí)間內(nèi)水滴間隔逐漸增小，故小車從右 向左運(yùn)動(dòng)。（2）.2所取兩水滴的時(shí)間間隔為,302t= s= s453由勻變速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知， 中間時(shí)刻的速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，則小車的速度大小x vA-7100+117 103 m/s=0.16m/s22.如圖所示，利用電流傳感器可以

16、在計(jì)算機(jī)上觀察電容器充電、放電過(guò)程中電流的變化情況。先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電， 在充電過(guò)程中電容器極板 a帶電（選填“正”或“負(fù)”）。充電完畢后，把開關(guān) S擲向2端，電容器通過(guò)電阻 R放電，電流傳感器將電流信息傳人計(jì)算機(jī)， 描繪出電流隨時(shí)間變化的關(guān)系。 下面四個(gè)選項(xiàng)中描繪電容器放電過(guò)程中電流隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是 。rz?接計(jì)算機(jī)廠砒傳感器【答案】(1),正 (2). A【解析】【詳解】(1),1因電容器極板a與電池正極相連，故極板 a帶正電;(2) 2放電過(guò)程中電荷量逐漸減小，由電容公式c=QU可知當(dāng)電荷量減少時(shí)電壓逐漸減小，則電流逐漸減小但不是均勻減小，故A正確BCD錯(cuò)

17、誤。故選Ao23.如圖是向心力演示儀的示意圖，轉(zhuǎn)動(dòng)手柄1,可使變速塔輪2和3以及長(zhǎng)槽4和短槽5隨之勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，槽內(nèi)的小球就做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由橫臂6的擋板對(duì)小球的壓力提供，球?qū)醢宓姆醋饔昧νㄟ^(guò)橫臂的杠桿使彈簧測(cè)力套筒7下降，從而露出標(biāo)尺8,標(biāo)尺8上露出的紅白相間等分格子的多少可以顯示出兩個(gè)球所受向心力的大小。皮帶分別套在塔輪2和3上的不同圓盤上，可改變兩個(gè)塔輪的轉(zhuǎn)速比，以探究物體做圓周運(yùn)動(dòng)向心力大小的影響因素?，F(xiàn)將小球 A和B分別放在兩邊的槽內(nèi)，如圖所示。要探究向心力與角速度的關(guān)系，應(yīng)保證兩球的質(zhì)量和運(yùn)動(dòng)半徑相同，使兩球的角速度 (選填“相同”或“不同”)。皮帶套的兩個(gè)塔輪

18、的半徑分別為RA、Rbo某次實(shí)驗(yàn)讓 RA 2RB ,則A、B兩球的角速度之比為【答案】(1),不同 (2). 1:2【詳解】(1).1由控制變量法可知，要探究向心力與角速度的關(guān)系，應(yīng)保證兩球的質(zhì)量和運(yùn)動(dòng)半徑相同，使兩球的角速度不同；(2).2因兩球的線速度相同，由_ Vr可知當(dāng)Ra 2Rb時(shí)，則2 a= b。三、計(jì)算論證題(本題共5小題。第24題、第25題各5分，第26題、第27題、 第28題各6分，共28分)解題要求：寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和結(jié)果。有 數(shù)值計(jì)算的題，結(jié)果必須明確寫出數(shù)值和單位。24.如圖所示，用F 6.0N的水平拉力,使質(zhì)量m 2.0kg的物體由靜止開始沿光滑水平面做勻加

19、速直線運(yùn)動(dòng)。求：(1)物體加速度的大小 a；(2)物體在t 2.0s時(shí)的速度大小V?！敬鸢浮?1) 3.0m/s2 (2) 6.0m/s【解析】【詳解】(1)根據(jù)牛頓第二定律F2a - 3.0m/sm(2) t 2.0s時(shí)物體的速度大小at 6.0m/s25.如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度 E 2.0 104N/C。將電荷量q 1.0 10 8C的點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上，它們間的距離 d 0.1m。(1)求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U ab(2)求電荷所受電場(chǎng)力的大小 F;(3)若該點(diǎn)電荷只在電場(chǎng)力作用下，從A點(diǎn)由靜止釋放，該點(diǎn)電荷將如何運(yùn)動(dòng)。【答案】(1) 2.0

20、 103V (2) 2.0 10 4N (3)初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥俊驹斀狻?1) A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab Ed 2.0 103V(2)電荷所受電場(chǎng)力一 一 一4F Eq 2.0 10 N(3)該電荷將由A點(diǎn)沿AB方向做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。26.帶有轉(zhuǎn)盤的圓形餐桌是中國(guó)飲食文化的重要構(gòu)成。每逢佳節(jié)，親朋好友團(tuán)聚在餐桌周圍，共同品嘗美味佳肴。如圖所示，某位親屬面前的茶托、茶杯和杯中茶水的總質(zhì)量為0.2kg,距中心轉(zhuǎn)軸的距離為 0.5m,該親屬輕轉(zhuǎn)中間的轉(zhuǎn)盤，使茶杯隨轉(zhuǎn)盤以0.2m/s的速率勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中茶杯和轉(zhuǎn)盤相對(duì)靜止。(1)求茶杯的向心加速度大??；(2)求桌面對(duì)茶

21、托的摩擦力大??；(3)有的同學(xué)認(rèn)為，桌面對(duì)茶托的摩擦力與茶托的運(yùn)動(dòng)方向相反，你認(rèn)為他的說(shuō)法正確嗎？請(qǐng)說(shuō)明理由?！敬鸢浮?1) a 0.08m/s2 (2) f0.016N (3)不正確【解析】【詳解】(1)茶杯的向心加速度大小2v2a 一 0.08m/sr(2)桌面對(duì)茶托的摩擦力大小2. vf m 0.016Nr(3)不正確；茶托所桌面一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，沿運(yùn)動(dòng)方向不受力，僅受指向中心轉(zhuǎn)軸 的摩擦力。.如圖是我國(guó)自主建設(shè)的北斗導(dǎo)航系統(tǒng)示意圖。2019年9月23日5時(shí)10分，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第四十七、四十八顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，向?qū)崿F(xiàn)全球組網(wǎng)又邁

22、出了堅(jiān)實(shí)的一步。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由不同軌道衛(wèi)星構(gòu)成，如圖所示，1為赤道；2為近地衛(wèi)星軌道，在該軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，繞行半徑可近似為地球半徑R; 3為赤道上空的地球靜止同步衛(wèi)星軌道，在該軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，繞行半徑為r； 4為軌道平面與赤道平面有一定夾角的傾斜地球同步軌道，在該軌道上衛(wèi)星運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同。將各軌道看作圓形軌道(1)求靜置于赤道上的物體與軌道3上的衛(wèi)星的向心加速度大小之比；(2)求軌道3上的衛(wèi)星與軌道 4上的衛(wèi)星的繞行半徑之比；(3)請(qǐng)判斷靜置于赤道上的物體與軌道2上的衛(wèi)星誰(shuí)的繞行線速度更大，并說(shuō)明理由?！敬鸢浮?1) R (2) JGMT2 (3)軌道2上的線速度更大 r4 2【解析】【詳解】(1)由2a0r解得曳 Ra3 r(2)由萬(wàn)有引力公式GMm2- r22m rTGMT24 21:1由于軌道3和軌道4上衛(wèi)星的運(yùn)行周期相同，因而軌道半徑比為(3)軌道2上的衛(wèi)星繞行線速度更大,得靜置于赤道上物體的線速度小于軌道3上衛(wèi)星的線速度。又解得因此軌道3上衛(wèi)星線速度小于軌道2上衛(wèi)星線速度。因此軌道2上的衛(wèi)星繞行線速度更大