2022-2023學(xué)年江蘇省揚州市蔣王中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、下列有關(guān)物理學(xué)史的說法中正確的是A開普勒利用萬有引力定律測出了地球的質(zhì)量B卡文迪許利用扭秤實驗裝置測算出引力常量GC伽利略通過實驗和邏輯推理說明力是維持物體運動的原因D牛頓將斜面實驗的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動2、如圖所示，一傾斜的勻質(zhì)圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離2.5m處有一小物體與圓盤始終保持相對靜止，物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為，（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），盤面與水平面的夾角為，g取，則的最大值是（ ）ABC1.0rad/sD0.5rad/s3、如圖所示電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，開關(guān)S閉合后，平行金

3、屬板中的帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，電流表和電壓表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器滑片P向b端滑動過程中，下列說法正確的是AR3的功率變大B電壓表、電流表示數(shù)都變小C液滴將向下運動D電容器C所帶電量增加4、如圖所示，某極地衛(wèi)星的運行軌道平面通過地球的南北兩極(軌道可視為圓軌道)，若已知該衛(wèi)星從地球上北緯30的正上方，按圖示方向第一次運行至南緯60正上方時所用時間為t，地球半徑為R(地球可看作均勻球體)，地球表面的重力加速度為g，引力常量為G，由以上條件無法求出的物理量是( )A衛(wèi)星運動的周期B衛(wèi)星所受的向心力C地球的質(zhì)量D衛(wèi)星距離地面的高度5、小球從空中由靜止下落，與水平地面相碰后反彈至某一高度，其速度v

4、隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖所示則（ ）A小球反彈后離開地面的速度大小為5m/sB小球反彈的最大高度為0.45mC與地面相碰，小球速度變化量的大小為2m/sD小球下落過程中的加速度小于上升過程中加速度6、在檢測汽車性能的實驗中，讓一輛汽車做初速度為零的勻加速直線運動，測得勻加速結(jié)束前連續(xù)兩個1s內(nèi)的位移分別24m和32m，則汽車勻加速的總路程為A75mB81mC96mD112m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是_A懸浮在液體中的微粒越大，某一瞬間撞擊它

5、的液體分子數(shù)越多，布朗運動越明顯B液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力C分子平均速率大的物體的溫度一定比分子平均速率小的物體的溫度高D自然界中進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性E.外界對氣體做功，氣體的內(nèi)能可能減小8、如圖所示，當(dāng)電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（ ）A電容器C兩端的電壓增大B電容器C兩極板間的電場強(qiáng)度增大C電壓表的讀數(shù)減小DR1消耗的功率增大9、一足夠長的傳送帶與水平面的夾角為，以一定的速度勻速運動。某時刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊奈飰K（如圖a所示）。以此時為時刻記錄了物塊之后在傳送帶上運動的速度隨時間的變化關(guān)系，如圖

6、b所示圖中取沿斜面向上的運動方向為正方向，其中兩速度大小。已知傳送帶的速度保持不變。則下列判斷正確的是（ ）A若物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，則B內(nèi)，物塊沿皮帶向下運動，內(nèi)沿皮帶向上運動，時刻回到原位置C內(nèi)，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大D內(nèi)，傳送帶對物塊做的功等于物塊動能的減少量10、如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強(qiáng)電場中，在O點固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電場線垂直，靜電力常數(shù)為k。則（）AA點的電場強(qiáng)度大小為BB點的電場強(qiáng)度大小為CD點的電場強(qiáng)度大小可能為0DA、C兩點的電場強(qiáng)度相同三、

7、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖所示的裝置測物塊與水平桌面間的動摩擦因數(shù)，先將物塊放在水平桌面的最右端，在桌面最右端正上方O點處用懸線懸掛一個小球。先將小球向右拉至與懸點O等高的位置，由靜止釋放小球，小球下落后恰好能沿水平 向左的方向撞擊物塊，物塊被撞擊后，在桌面上向左最遠(yuǎn)滑到Q點，用刻度尺測量出Q點到桌面最右端的距離s。再將物塊放回桌面的最右端，將小球向左拉至與懸點O等高的位置，由靜止釋放小球， 小球下落后恰好能沿水平向右的方向撞擊物塊，物塊被撞擊后從桌面上飛出，落點為P， 測出桌面到水平地面的髙度h，再測出P點到N

8、點（桌面最右端M點在水平地面的投影）的距離x。（1）要測量物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)，下列說法正確的是_。A需要測量物塊的質(zhì)量mB需要測量小球的質(zhì)量m0C不需要測量物塊的質(zhì)量m和小球的質(zhì)量m0D需要測量擺線的長度L（2）根據(jù)測得的物理量算出動摩擦因數(shù)的表達(dá)式為=_；（3）若將小球向右拉時，小球釋放的位置比懸點O略低了一些，則測得的動摩擦因數(shù)與實際值相比_（選填“偏大”或“偏小”）。12（12分）如圖所示，是某同學(xué)在做“研究勻加速直線運動”的實驗中得到的紙帶，在紙帶上選取了A、B、C、D、E等5個計數(shù)點，每相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒畫出來，其相鄰點間距離如圖所示 （1）打點計時器從打下A點到打

9、下C點的時間內(nèi)，小車的平均速度是_ m/s（小數(shù)點后保留兩位有效數(shù)字），這條紙帶的_ （左或右）端與小車相連（2）兩計數(shù)點間的時間間隔著用T表示，則小車運動的加速度的計算式a= _ （逐差法，用s和T表示）其大小為_ m/s2（小數(shù)點后保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接質(zhì)量 M=6.0kg 的物塊 A，物塊 A 靜止在水平面上裝置的中間部分是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，

10、并能平滑對接傳送帶以 u=1.0m/s 逆時針勻速運動傳送帶的右邊是一個半徑 R=1.15m 位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道某時刻起將一個質(zhì)量m=1.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放已知物塊 B 與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.1，傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m，物塊 B 與 A 發(fā)生的碰撞為彈性碰撞取g=10m/s1求：(1)物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能；(1)如果物塊 A、B 每次碰撞后，物塊 A 再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當(dāng)它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊 B 從第1次與物塊 A 碰撞結(jié)束后，到第 5 次與物塊A碰撞前,物塊B一共在傳送帶上運動了多

11、長時間14（16分）如圖所示，傾角為 =的斜面與足夠大的光滑水平面在D處平滑連接,斜面上有A、B、C三點,AB、BC、CD間距均為20cm ,斜面上BC部分粗糙 ,其余部分光滑。2塊完全相同、質(zhì)量均勻分布的長方形薄片(厚度忽略不計) ,緊挨在一起排在斜面上，從下往上編號依次為1、2,第1塊的下邊緣恰好在A處，現(xiàn)將2塊薄片一起由靜止釋放，薄片經(jīng)過D處時無能量損失且相互之間無碰撞,已知每塊薄片質(zhì)量為m=1kg、長為5cm,薄片與斜面BC間的動摩擦因數(shù) =,重力加速度為g,求:(1)第1塊薄片剛完全進(jìn)入BC段時兩薄片間的作用力大小;(2)第1塊薄片下邊緣剛運動到C時的速度大小;(3)兩薄片在水平面上

12、運動時的間距。15（12分）如圖所示，水平桌面上有一輕彈簧，左端固定在A點，自然狀態(tài)時其右端位于B點D點位于水平桌面最右端，水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道MNP，其形狀為半徑R0.45m的圓環(huán)剪去左上角127的圓弧，MN為其豎直直徑，P點到桌面的豎直距離為R，P點到桌面右側(cè)邊緣的水平距離為1.5R若用質(zhì)量m10.4kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點，釋放后彈簧恢復(fù)原長時物塊恰停止在B點，用同種材料、質(zhì)量為m20.2kg的物塊將彈簧緩慢壓縮到C點釋放，物塊過B點后其位移與時間的關(guān)系為x4t2t2，物塊從D點飛離桌面后恰好由P點沿切線落入圓軌道g10m/s2，求：（1）質(zhì)量為m2的物塊在D點的速度

13、；（2）判斷質(zhì)量為m20.2kg的物塊能否沿圓軌道到達(dá)M點：（3）質(zhì)量為m20.2kg的物塊釋放后在桌面上運動的過程中克服摩擦力做的功.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A卡文迪許測出了萬有引力常量后，利用萬有引力定律測出了地球的質(zhì)量，選項A錯誤；B卡文迪許利用扭秤實驗裝置測算出引力常量G，選項B正確；C伽利略通過實驗和邏輯推理說明力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，選項C錯誤；D伽利略將斜面實驗的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動，選項D錯誤。2、C【解析】當(dāng)物體轉(zhuǎn)

14、到圓盤的最低點，所受的靜摩擦力沿斜面向上達(dá)到最大時，角速度最大，由牛頓第二定律得：解得：A. 與計算結(jié)果不符，故A錯誤。B. 與計算結(jié)果不符，故B錯誤。C. 1.0rad/s與計算結(jié)果相符，故C正確。D. 0.5rad/s與計算結(jié)果不符，故D錯誤。3、C【解析】根據(jù)板間場強(qiáng)和液滴所受的電場力方向關(guān)系，判斷液滴的電性分析變阻器接入電路的電阻變化，分析總電阻的變化，再根據(jù)歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，根據(jù)并聯(lián)電路電壓的變化，分析通過R3電流的變化，即可得到電流表示數(shù)的變化根據(jù)R1電壓的變化，分析電壓表示數(shù)的變化電容器極板間電壓等于并聯(lián)部分的電壓，根據(jù)電壓變化，判斷其電荷量變化和液滴的運動情況

15、【詳解】當(dāng)滑動變阻器滑片P向b端滑動過程中，接入電路的電阻減小，R2與R3并聯(lián)的電阻減小，總電阻減小，則總電流增大，R1電壓增大，則電壓表示數(shù)變大R2與R3并聯(lián)的電壓減小，通過R3電流減小，根據(jù)可知，R3的功率變小，總電流增大，則電流表示數(shù)變大，故AB錯誤；因R2與R3并聯(lián)的電壓減小，電容器板間電壓減小，帶電量減小，板間場強(qiáng)減小，液滴所受的電場力減小，則液滴將向下加速運動，故C正確，D錯誤；故選C【點睛】本題是電路動態(tài)分析問題，關(guān)鍵是理清電路，根據(jù)電路的串并聯(lián)知識和閉合電路歐姆定律分析各個部分電路電流和電壓的變化4、B【解析】A. 從北緯30的正上方按圖示方向第一次運行至南緯60正上方轉(zhuǎn)過的圓

16、心角為=90，則周期為T=4t，故A正確；BCD. 在地球表面，重力等于萬有引力，則得，則得地球的質(zhì)量為，知道G和R，可求出地球的質(zhì)量；題中知道地球的半徑，由由上知：T=4t聯(lián)立可以算出衛(wèi)星距地面的高度h；衛(wèi)星所受的向心力等于地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力， ，由于衛(wèi)星的質(zhì)量未知，無法求解向心力的大小。故B錯誤，CD正確。本題選無法求出的物理量，故選：B。點睛：極地衛(wèi)星做勻速圓周運動，由角度與時間可求得周期由萬有引力等于向心力和重力等于萬有引力，列式分析即可5、B【解析】根據(jù)速度時間圖線得出反彈和著地的速度大小，結(jié)合速度的方向求出速度的變化量，根據(jù)圖線圍成的面積求出小球反彈的最大高度利用v-t圖像的斜率

17、求加速度【詳解】A. 由圖象可知：0.5s末物體反彈，此時速度的大小為3m/s，故A錯誤；B. 小球能彈起的最大高度對應(yīng)圖中0.5s0.8s內(nèi)速度圖象的面積，所以h=30.3m=0.45m，故B正確；C. 小球與地面碰撞前的速度為5m/s，方向豎直向下，與地面碰撞后的速度大小為3m/s，方向豎直向上，則小球速度的變化量v=v2v1=-35m/s=-8m/s，方向豎直向上，故C錯誤；D. v-t圖像的斜率等于加速度，由圖可知，小球下落過程中的加速度a1=（5-0）/0.5=10m/s2，下落過程加速度a2=（0+3）/0.3=10 m/s2，下落過程中的加速度等于上升過程中加速度，故D錯誤故選B

18、.6、B【解析】勻加速最后兩秒中間時刻的瞬時速度等于平均速度：m/s=28m/s根據(jù)推論，加速度：m/s=8m/s則整個勻加速運動的總路程為：+32m=81mA. 75m，與計算結(jié)果不符，A錯誤；B. 81m，與計算結(jié)果相符，B正確；C. 96m，與計算結(jié)果不符，C錯誤；D. 112m，與計算結(jié)果不符，D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】A懸浮在液體中的微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越少，布朗運動越明顯，故A錯誤；B由于表面分子較為稀疏，

19、故液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力，故B正確；C分子的平均動能相等時，物體的溫度相等；考慮到分子的質(zhì)量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均動能?。环肿悠骄俾市∮锌赡芊肿拥钠骄鶆幽艽蠊蔆錯誤；D由熱力學(xué)第二定律可知，自然界中進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故D正確；E當(dāng)外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律U=W+Q分析可知，內(nèi)能可能增大也可能減小，故E正確8、AB【解析】P下滑時接入電路的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，即通過的電流減小，根據(jù)可知消耗的功率減小，D錯誤；根據(jù)閉合回路歐姆定律可知內(nèi)電壓減小，外電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大，C錯誤；由于的

20、電流減小，所以兩端的電壓減小，故電容器兩端的電壓增大，根據(jù)可得兩極板間的電場強(qiáng)度增大，AB正確【點睛】在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部整體局部9、AC【解析】A在內(nèi)，物塊向上運動，則有：得：，故A正確；B物塊先向下運動后向上運動，圖像的“面積”表示位移，時間內(nèi)，物體的總位移為負(fù)，即沿斜面向下，則時刻物塊沒有回到原位置，故B錯誤；C根據(jù)圖像的“面積”表示位移，時間內(nèi)，物體的位移為負(fù)，即沿斜面向下，重力對物塊做正功，物塊的重力勢能

21、減小、動能也減小，都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，由能量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量一定比物塊動能的減少量大，故C正確；D內(nèi)，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力做正功，則重力做功與傳送帶對物塊做的功之和等于物塊動能的減少量，故D錯誤。故選AC10、AC【解析】AO點固定一電荷量為Q的正電荷在A點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向豎直向上，大小為根據(jù)場的疊加原理可得A正確；BO點固定一電荷量為Q的正電荷在B點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向水平向右，大小為根據(jù)場的疊加原理可得B錯誤；CO點固定一電荷量為Q的正電荷在D點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向水平向右，大小為根據(jù)場的疊加原理可得若，則D點場強(qiáng)為0，C正確；DA、C兩點的場強(qiáng)大小相等，方向不同，D錯誤；

22、故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 偏大 【解析】（1）（2）12物塊在桌面上滑動的過程中只有滑動摩擦力做功，由動能定理有：可得： 物塊做平拋運動的初速度大小等于v，則得： 聯(lián)立得：可知與物塊的質(zhì)量m、小球的質(zhì)量m0無關(guān)，不需要測量物塊的質(zhì)量m和小球的質(zhì)量m0，也不需要需要測量擺線的長度L故ABD錯誤，C正確。（3）3由以上的分析可知，動摩擦因數(shù)的表達(dá)式為，若將小球向右拉時，小球釋放的位置比懸點O略低了一些，則使得碰撞后物塊的初速度減小，即s的測量值偏小，由，知測得的動摩擦因數(shù)比實際值大。12、0.40； 左； (s4+s

23、3)-(s2+s1)4T2 0.80 【解析】(1)每相鄰兩個計數(shù)點之間還有4個點沒畫出來，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，則打點計時器從打下A點到打下B點所用的時間是0.1s，打點計時器從打下A點到打下C點的時間內(nèi)，小車的平均速度vAC=3.62+4.3820.110-2m/s=0.40m/s;由紙帶數(shù)據(jù)，可知，這條紙帶的左端與小車相連.(2)由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔T=0.1s，設(shè)A到B之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x3-x1=2a1T2,x4-x2=

24、2a2T2,為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對二個加速度取平均值a=a1+a22,得a=(x4-x2)-(x3-x1)4T2=0.80m/s2.【點睛】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）11J；（1）7.5s【解析】（1）設(shè)物塊 B 沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為 v0，由機(jī)械能守恒定律得： 解得：在傳送帶上，對物塊 B，由牛頓第二定律得：mg=ma 設(shè)物塊 B 通過傳送帶后運動速度大小為 v，有： 聯(lián)立解得：

25、由于 vu=1m/s，所以 v=4m/s 即為物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞前的速度大小， 設(shè)物塊 A、B 第一次碰撞后的速度分別為 v1、v1，以向左為正方向， 由動量守恒定律得：mv=mv1+Mv1 由機(jī)械能守恒定律得： 聯(lián)立解得v1 1m / s ，v1 1m / s物塊 A 的速度為零時彈簧壓縮量最大，彈簧彈性勢能最大，由能量守恒定律得： （1）碰撞后物塊 B 沿水平臺面向右勻速運動，設(shè)物塊 B 在傳送帶上向右運動的最大位移為 l，由動能定理得： 解得：l=1m4.5m所以物塊B不能通過傳送帶運動到右邊的曲面上。當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零后，將會沿傳送帶向左加速運動?？梢耘袛啵飰KB運動到左邊臺面時的速度大小為，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞。設(shè)第1次碰撞到第1次碰撞之間，物塊B在傳送帶運動的時間為t1。由動量定理得：，解得：，設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v4、v3，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零后，將會沿傳送帶向左加速運動?？梢耘袛啵飰KB運動到左邊臺面時的速度大小為，繼而