2014重慶市高考物理試題及答案解析

1、2014年重慶市高考物理試卷一、選擇題（共5小題，每小題3分，滿分15分）（3分）（2014重慶）碘131的半衰期約為8天，若某藥物含有質(zhì)量為m的碘131,經(jīng)過32天后，該藥物中碘131的含量大約還有（）（3分）（2014重慶）某車以相同的功率在兩種不同的水平路面上行駛，受到的阻力分別為車重的和k2倍，最大速率分別為V和2,則（）A.v2=kiviB.V2=V1C.V2=V1DV2=k2V1（3分）（2014重慶）如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng).實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線，兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb,a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小分別為Ea和Eb，

2、則（）AWa=Wb，EaEbBWa嘟EaEbCWa=Wb，EaEbD.Wa嘟b，EaPQ），他們首先在繩上距離P點(diǎn)10cm處（標(biāo)記為C）系上質(zhì)量為m的重物（不滑動(dòng)），由測(cè)力計(jì)讀出繩PC、QC說的拉力大小Tp和Tq.隨后，改變重物懸掛點(diǎn)C的位置，每次將P到C點(diǎn)的距離增大10cm，并讀出測(cè)力計(jì)的示數(shù)，最后得到Tp和TQ與繩長PC的關(guān)系曲線如圖2所示，由實(shí)驗(yàn)可知：第2頁（共19頁）:EE檢hl優(yōu)秀學(xué)f第 頁（共19頁）第 頁（共19頁）（1）線圈向下運(yùn)動(dòng)過程中，線圈中感應(yīng)電流是從C端還是從D端流出？第 頁（共19頁）（1）曲線II中拉力為最大時(shí)，與P點(diǎn)的距離為cm,該曲線為（選填TP或Tq）的曲線.

3、（2）在重物從P移到Q的整個(gè)過程中，受到最大拉力的（選填：P或Q）點(diǎn)所在的立柱.（3）在曲線1、11相交處，可讀出繩的拉力T0二N,它與L、D、m和重力加速度g的關(guān)系為T0=,DQI*2C!一.圖1圖21019（2014重慶）如圖所示為“嫦娥三號(hào)”探測(cè)器在月球上著陸最后階段的示意圖，首先在發(fā)動(dòng)機(jī)作用下，探測(cè)器受到推力在距月面高度為h處懸停（速度為0,h1遠(yuǎn)小于月球半徑），接著推力改變，探測(cè)器開始豎直下降，到達(dá)距月面高度為h2處的速度為v,此后發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉，探測(cè)器僅受重力下落至月面已知探測(cè)器總質(zhì)量為m（不包括燃料），地球和月球的半徑比為，質(zhì)量比為k2，地球表面附近的重力加速度為g，求：（1）月球表

4、面附近的重力加速度大小及探測(cè)器剛接觸月球時(shí)的速度大?。?）從開始豎直下降到接觸月面時(shí)，探測(cè)器機(jī)械能的變化,（16分）（2014重慶）某電子天平原理如圖所示，E形磁鐵的兩側(cè)為N極，中心為S極，兩極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,磁極寬度均為L,忽略邊緣效應(yīng)，一正方形線圈套于中心磁極，其骨架與秤盤連為一體，線圈兩端C、D與外電路連接當(dāng)質(zhì)量為m的重物放在秤盤上時(shí)，彈簧被壓縮，秤盤和線圈一起向下運(yùn)動(dòng)（骨架與磁極不接觸），隨后外電路對(duì)線圈供電，秤盤和線圈恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止.此時(shí)對(duì)應(yīng)的供電電流I可確定重物的質(zhì)量已知線圈匝數(shù)為n,線圈電阻為R,重力加速度為g,問：（2）供電電流I是從C端還是從D端流入？

5、求重物質(zhì)量與電流的關(guān)系.（3）若線圈消耗的最大功率為P,該電子天平能稱量的最大質(zhì)量是多少？（18分）（2014重慶）如圖所示，在無限長的豎直邊界NS和MT間充滿勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)該區(qū)域上、下部分分別充滿方向垂直于NSTM平面向外和向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B,KL為上下磁場(chǎng)的水平分界線，在NS和MT邊界上，距KL高h(yuǎn)處分別有P、Q兩點(diǎn)，NS和MT間距為1.8h質(zhì)量為m.帶電量為+q的粒子從P點(diǎn)垂直于NS邊界射入該區(qū)域，在兩邊界之間做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向.（2）要使粒子不從NS邊界飛出，求粒子入射速度的最小值.（3）若粒子經(jīng)過Q點(diǎn)從MT邊界飛出，求粒子

6、入射速度的所有可能值.XXXXIIXXXXIiXXXX|IXXxx!ST選修3-3（6分）（2014重慶）重慶出租車常以天然氣作為燃料，加氣站儲(chǔ)氣罐中天然氣的溫度隨氣溫升高的過程中，若儲(chǔ)氣罐內(nèi)氣體體積及質(zhì)量均不變，則罐內(nèi)氣體（可視為理想氣體）（）A.壓強(qiáng)增大，內(nèi)能減小B.吸收熱量，內(nèi)能增大C.壓強(qiáng)減小，分子平均動(dòng)能增大D.對(duì)外做功，分子平均動(dòng)能減?。?分）（2014重慶）如圖為一種減震墊，上面布滿了圓柱狀薄膜氣泡，每個(gè)氣泡內(nèi)充滿體積為V0，壓強(qiáng)為P0的氣體，當(dāng)平板狀物品放在氣泡上時(shí)，氣泡被壓縮，若氣泡內(nèi)氣體可視為理想氣體，其溫度保持不變，當(dāng)體積壓縮到V時(shí)氣泡與物品接觸面的面積為S,求此時(shí)每個(gè)氣

7、泡內(nèi)氣體對(duì)接觸面處薄膜的壓力物品圜柱形氣泡選修3-4（6分）（2014重慶）打磨某割面如圖所示的寶石時(shí)，必須將OP、OQ邊與軸線的夾角e切磨在ee，光線一定在op邊發(fā)生全反射B.若$切光線會(huì)從OQ邊射出c.若光線會(huì)從op邊射出D若eEbB.Wa嘟b，EaEbCWa=Wb，EaEbDWb，EaEb;故選：A.點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線的疏密程度，電場(chǎng)力做功看電勢(shì)差，基礎(chǔ)問題.4.（3分）（2014重慶）一彈丸在飛行到距離地面5m高時(shí)僅有水平速度v=2m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質(zhì)量比為3:1，不計(jì)質(zhì)量損失，取重力加速度g=10m/s2,則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡

8、可能正確的是（）A.fl.SnlC.B.D.AY2mA考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律.專題：動(dòng)量定理應(yīng)用專題.分析：炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸時(shí)，爆炸的內(nèi)力遠(yuǎn)大于重力（外力），遵守動(dòng)量守恒定律；當(dāng)炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸為沿水平方向運(yùn)動(dòng)的兩片，兩片炸彈都做平拋運(yùn)動(dòng)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的基本公式即可解題.解答：解：規(guī)定向右為正，設(shè)彈丸的質(zhì)量為4m，則甲的質(zhì)量為3m，乙的質(zhì)量為m，炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸時(shí)，爆炸的內(nèi)力遠(yuǎn)大于重力（外力），遵守動(dòng)量守恒定律，則有：第7頁（共19頁）4mvo=3mv】+mv?則8=3v1+v2兩塊彈片都做平拋運(yùn)動(dòng)，高度一樣，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，七=：嚴(yán)二.坐晉二冷，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，X=Vt=V，x2=

9、v2t=V2，則8=3x1+x2結(jié)合圖象可知，B的位移滿足上述表達(dá)式，故B正確.故選：B點(diǎn)評(píng)：本題考查了動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，知道當(dāng)炮彈到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)爆炸為沿水平方向運(yùn)動(dòng)的兩片，兩片炸彈都做平拋運(yùn)動(dòng)，難度適中.5（3分）（2014重慶）以不同初速度將兩個(gè)物體同時(shí)豎直向上拋出并開始計(jì)時(shí)，一個(gè)物體所受空氣阻力可忽略，另一物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比，下列用虛線和實(shí)線描述兩物體運(yùn)動(dòng)的v-t圖象可能正確的是（）考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.專題：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題.分析：豎直上拋運(yùn)動(dòng)是初速度不為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，加速度恒定不變，故其v-t圖象是直線；有阻力時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度情況，v

10、-t圖象的斜率表示加速度.解答：解：沒有空氣阻力時(shí)，物體只受重力，是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，v-t圖象是直線；有空氣阻力時(shí)，上升階段，根據(jù)牛頓第二定律，有:mg+f=ma，故a=g+，由于阻力IT隨著速度減小而減小，故加速度逐漸減小，最小值為g；有空氣阻力時(shí)，下降階段，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg-f=ma，故a=g-蘭，由于阻IT力隨著速度增大而增大，故加速度減小；v-t圖象的斜率表示加速度，故圖線與t軸的交點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻的加速度為g，切線與虛線平行；故選：D點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確v-1圖象上某點(diǎn)的切線斜率表示加速度，速度為零時(shí)加速度為g，不第8頁（共19頁）第 頁(共19頁)第 頁（共19頁）二、解答題（共

11、5小題，滿分53分）（19分）（2014重慶）某照明電路出現(xiàn)故障，其電路如圖1所示，該電路用標(biāo)稱值12V的蓄電池為電源，導(dǎo)線及其接觸完好維修人員使用已調(diào)好的多用表直流50V檔檢測(cè)故障,他將黑表筆接在c點(diǎn)，用紅表筆分別探測(cè)電路的a、b點(diǎn).（1）斷開開關(guān)，紅表筆接在a點(diǎn)時(shí)多用表指示如圖2所示，讀數(shù)為11.5V,說明蓄申,丄正常（選填：蓄電池、保險(xiǎn)絲、開關(guān)、小燈）.（2）紅表筆接在b點(diǎn)，斷開開關(guān)時(shí)，表針不偏轉(zhuǎn)，閉合開關(guān)后，多用表指示仍然和圖2相同，可判定發(fā)生故障的器件是小燈（選填：蓄電池、保險(xiǎn)絲、開關(guān)、小燈）雷電池圖1圖2考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻.專題:實(shí)驗(yàn)題.分析：（1）先找準(zhǔn)刻度，得到最小分度，再

12、讀數(shù)；電壓表測(cè)量是路端電壓；（2）閉合開關(guān)后，多用表指示讀數(shù)等于路端電壓，說明小燈泡斷路.解答：解:（1）量程為50V，故最小刻度為1V，故讀數(shù)為11.5V;電壓表測(cè)量是路端電壓，接進(jìn)電源的電動(dòng)勢(shì)，說明蓄電池正常；（2）閉合開關(guān)后，多用表指示讀數(shù)等于路端電壓，說明小燈泡斷路；故答案為：（1）11.5V，蓄電池；（2）小燈.點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確用多用電表電壓擋檢測(cè)電路故障的方法，結(jié)合閉合電路歐姆定律來判斷各個(gè)部分的電路情況，基礎(chǔ)題目.（2014重慶）為了研究人們用繩索跨越山谷過程中繩索拉力的變化規(guī)律，同學(xué)們?cè)O(shè)計(jì)了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置，他們將不可伸長輕繩通過測(cè)力計(jì)（不計(jì)質(zhì)量及長度）固定在相距為D的

13、兩立柱上，固定點(diǎn)分別為p和Q，p低于Q，繩長為L（LPQ），他們首先在繩上距離P點(diǎn)10cm處（標(biāo)記為C）系上質(zhì)量為m的重物（不滑動(dòng)），由測(cè)力計(jì)讀出繩PC、QC說的拉力大小Tp和Tq.隨后，改變重物懸掛點(diǎn)C的位置，每次將P到C點(diǎn)的距離增大10cm，并讀出測(cè)力計(jì)的示數(shù)，最后得到Tp和TQ與繩長PC的關(guān)系曲線如圖2所示，由實(shí)驗(yàn)可知：（1）曲線II中拉力為最大時(shí)，C與P點(diǎn)的距離為60.00cm，該曲線為_L（選填Tp或Tq）的曲線.（2）在重物從P移到Q的整個(gè)過程中，受到最大拉力的是Q（選填：P或Q）點(diǎn)所在的立柱.在曲線I、II相交處，可讀出繩的拉力T0=4.30N，它與L、D、m和重力加速度g的關(guān)系

14、為DQP2；c圖1圖2考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用.專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題.分析解答水平方向：TpSino=TQsiM豎直方向：Tpcoso+TQcos/=2T0cos0由圖可得，當(dāng)：0=0時(shí)，兩個(gè)繩子上的拉力相等，此時(shí)由圖可得，該處離P比較近.又:C到P與Q的距離相等時(shí)，受力如圖：由于a0所以：tptq所以曲線II是Tp的曲線，曲線I是TQ的曲線.曲線II中拉力為最大時(shí)，C與P點(diǎn)的距離為6Q.QQcm處.（2）曲線I是Tq的曲線，由題目的圖可得，在重物從P移到Q的整個(gè)過程中，受到最大拉力的是Q點(diǎn)所在的立柱；可讀出繩的拉力T0=4.3ON.A2-D2CUSP二L2D2聯(lián)立得:t0=2

15、（嚴(yán)_岸）故答案為：(1)60.0QTp；(2)Q；(3)4.3QmgL/L2-D22(L2-D2)（3）由題目的圖可得，在曲線1、11相交處，點(diǎn)評(píng)：亥題屬于信息給予題，考查學(xué)生獲取信息的能力和利用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力，是一道考查能力的好題.（2Q14重慶）如圖所示為“嫦娥三號(hào)”探測(cè)器在月球上著陸最后階段的示意圖，首先在發(fā)動(dòng)機(jī)作用下，探測(cè)器受到推力在距月面高度為坷處懸停（速度為Q，h1遠(yuǎn)小于月球半徑），接著推力改變，探測(cè)器開始豎直下降，到達(dá)距月面高度為h2處的速度為v，此后發(fā)動(dòng)機(jī)關(guān)閉，探測(cè)器僅受重力下落至月面已知探測(cè)器總質(zhì)量為m（不包括燃料），地球和月球的半徑比為，質(zhì)量比為k2，地球表面

16、附近的重力加速度為g，求：（1）月球表面附近的重力加速度大小及探測(cè)器剛接觸月球時(shí)的速度大小；2）從開始豎直下降到接觸月面時(shí)，探測(cè)器機(jī)械能的變化.考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用.專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題.分析：(1)根據(jù)星球表面重力等于萬有引力求解重力加速度；根據(jù)速度位移關(guān)系公式求解探測(cè)器剛接觸月球時(shí)的速度大??；分動(dòng)能變化和重力勢(shì)能的變化分別求解，然后求和即可.解答：解:(1)設(shè)地球質(zhì)量和半徑分別為M和R,月球的質(zhì)量、半徑和表面的重力加速度分別為M:R和g：探測(cè)器剛接觸月球表面時(shí)的速度大小為V；;,2,I,cMid-rm八Min/1由mg-G和mg=G，得：g-gR72R2k0由_是站h2，得：

17、vt=；：(2)設(shè)機(jī)械能變化量為，動(dòng)能變化量AEk，重力勢(shì)能變化量為AEp；由厶E=AEk+AEp12kJgh2kf有=(v2+)*gh1/1kf得：AE=v2-mg(h1-h2)答：(1)月球表面附近的重力加速度大小，探測(cè)器剛接觸月球時(shí)的速度大小為k22kih2；(2)從開始豎直下降到接觸月面時(shí)，探測(cè)器機(jī)械能的變化為土irv2-mg(hi-h2).點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是明確探測(cè)器的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和萬有引力定律列方程求解，不難.1X(16分)(2014重慶)某電子天平原理如圖所示，E形磁鐵的兩側(cè)為N極，中心為S極，兩極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,磁極寬度均為L,忽略邊緣效應(yīng)，一

18、正方形線圈套于中心磁極，其骨架與秤盤連為一體，線圈兩端C、D與外電路連接當(dāng)質(zhì)量為m的重物放在秤盤上時(shí)，彈簧被壓縮，秤盤和線圈一起向下運(yùn)動(dòng)(骨架與磁極不接觸)，隨后外電路對(duì)線圈供電，秤盤和線圈恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止.此時(shí)對(duì)應(yīng)的供電電流I可確定重物的質(zhì)量已知線圈匝數(shù)為n，線圈電阻為R，重力加速度為g，問：線圈向下運(yùn)動(dòng)過程中，線圈中感應(yīng)電流是從C端還是從D端流出？供電電流I是從C端還是從D端流入？求重物質(zhì)量與電流的關(guān)系.若線圈消耗的最大功率為P，該電子天平能稱量的最大質(zhì)量是多少？:EE檢hl優(yōu)秀學(xué)f:EE檢hl優(yōu)秀學(xué)f第 頁(共19頁)第 #頁(共19頁)考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；安培力

19、；左手定則；楞次定律.分析：(1)使用楞次定律即可判斷出線圈向下運(yùn)動(dòng)過程中，線圈中感應(yīng)電流的方向；秤盤和線圈恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止，說明安培力的方向向上，由左手定則即可判斷出電流的方向；根據(jù)二力平衡求出重物質(zhì)量與電流的關(guān)系；根據(jù)功率的表達(dá)式關(guān)系，即可求解.解答：解：(1)E形磁鐵的兩側(cè)為N極，中心為S極，由于線圈在該磁鐵的最下面的磁通量最大，所以向下的過程中向下的磁通量增加，根據(jù)楞次定律可得，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的方向向上，所以感應(yīng)電流的方向是逆時(shí)針方向(從上向下看)，電流由C流出，D端流入.(2)秤盤和線圈向上恢復(fù)到未放重物時(shí)的位置并靜止，說明安培力的方向向上，由左手定則即可判斷出電流的方向

20、是逆時(shí)針方向(從上向下看)，電流由C流出，由D流入.兩極間的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，磁極寬度均為L，線圈匝數(shù)為n，左右兩側(cè)受力相mg=2nBIL，即皿=細(xì)旦;(3)設(shè)最大稱重力是m得：mmg=2nBIL又：P=I2R答：(1)線圈向下運(yùn)動(dòng)過程中，線圈中感應(yīng)電流是從C端出，D端流入；供電電流I是從D端流入；求重物質(zhì)量與電流的關(guān)系是mg=2nBIL；_若線圈消耗的最大功率為P，該電子天平能稱量的最大質(zhì)量是建點(diǎn)評(píng)：亥題通過生活中的物理現(xiàn)象，將楞次定律、安培力的大小與方向、二力平衡結(jié)合在-起，最大限度地考查多個(gè)知識(shí)點(diǎn)，能非常好地體現(xiàn)高考的精髓.(18分)(2014重慶)如圖所示，在無限長的豎直邊界NS和

21、MT間充滿勻強(qiáng)電場(chǎng)，同時(shí)該區(qū)域上、下部分分別充滿方向垂直于NSTM平面向外和向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，KL為上下磁場(chǎng)的水平分界線，在NS和MT邊界上，距KL高h(yuǎn)處分第 頁（共19頁）別有P、Q兩點(diǎn)，NS和MT間距為1.8h質(zhì)量為m.帶電量為+q的粒子從P點(diǎn)垂直于NS邊界射入該區(qū)域，在兩邊界之間做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向.（2）要使粒子不從NS邊界飛出，求粒子入射速度的最小值.（3）若粒子經(jīng)過Q點(diǎn)從MT邊界飛出，求粒子入射速度的所有可能值.KjP7；XXXX;11XXXX11!xx1xxI1XX1Sxx!T考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).專題：帶

22、電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.分析：（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，電場(chǎng)力與重力合力為零;（2）作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，由牛頓第二定律與數(shù)學(xué)知識(shí)求出粒子的速度；（3）作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，應(yīng)用幾何知識(shí)求出粒子的速度.解答：解:（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與重力合力為零，即mg=qE，解得：E=，電場(chǎng)力方向豎直向上，電場(chǎng)方向豎直向上；Q（2）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：設(shè)粒子不從NS邊飛出的入射速度最小值為vmin，對(duì)應(yīng)的粒子在上、下區(qū)域的軌道半徑分別為斤、圓心的連線與NS的夾角為（P,粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得:第14頁（共19頁）2qvB=m，解得，粒子軌

23、道半徑：r=-r:qB,由幾何知識(shí)得：（r1+r2）sin=r2,r1+r1cos=h,解得：vmin=（9-6衛(wèi)）；ID（3）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,設(shè)粒子入射速度為V，粒子在上、下區(qū)域的軌道半徑分別為斤、勺,粒子第一次通過KL時(shí)距離K點(diǎn)為X，由題意可知：3nx=1.8h（n=l、2、3）2解得：r1=（1+吟）gn3.nJxQ即：n=1時(shí),0.68qBhmn=2時(shí),v“inn=3時(shí),052qEhiri答：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為避，電場(chǎng)方向豎直向上；q（2）要使粒子不從NS邊界飛出，粒子入射速度的最小值為（9-62）.ITI（3）若粒子經(jīng)過Q點(diǎn)從MT邊界飛出，粒子入射速度的所有可能值為：m弍0

24、545qBh我052qBhinm點(diǎn)評(píng)：本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用平衡條件、牛頓第二定律即可正確解題，解題時(shí)注意數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用.選修3-3（6分）（2014重慶）重慶出租車常以天然氣作為燃料，加氣站儲(chǔ)氣罐中天然氣的溫度隨氣溫升高的過程中，若儲(chǔ)氣罐內(nèi)氣體體積及質(zhì)量均不變，則罐內(nèi)氣體（可視為理想氣體）（）A.壓強(qiáng)增大，內(nèi)能減小B.吸收熱量，內(nèi)能增大C.壓強(qiáng)減小，分子平均動(dòng)能增大D.對(duì)外做功，分子平均動(dòng)能減小考點(diǎn)：熱力學(xué)第一定律.專題：熱力學(xué)定理專題.分析：質(zhì)量一定的氣體，體積不變，當(dāng)溫度升高時(shí)，是一個(gè)等容變化，據(jù)壓強(qiáng)的微觀解釋：（

25、1）溫度升高：氣體的平均動(dòng)能增加；（2）單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積的器壁的分子數(shù)增多，可知壓強(qiáng)增大；據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷即可.解答：解:質(zhì)量一定的氣體，體積不變，當(dāng)溫度升高時(shí)，是一個(gè)等容變化，據(jù)壓強(qiáng)的微觀解釋：（1）溫度升高：氣體的平均動(dòng)能增加；（2）單位時(shí)間內(nèi)撞擊單位面積的器壁的分子數(shù)增多，可知壓強(qiáng)增大.由于溫度升高，所以分子平均動(dòng)能增大，物體的內(nèi)能變大；體積不變，對(duì)內(nèi)外都不做功，內(nèi)能增大，所以只有吸收熱量，故ACD錯(cuò)誤；B正確.故選：B.點(diǎn)評(píng)：熟練利用壓強(qiáng)的微觀解釋、物體的內(nèi)能和熱力學(xué)第一定律是解題的關(guān)鍵,屬于基礎(chǔ)題.12（6分）（2014重慶）如圖為一種減震墊，上面布滿了圓柱狀薄膜氣泡，每個(gè)

26、氣泡內(nèi)充滿體積為V0，壓強(qiáng)為P0的氣體，當(dāng)平板狀物品放在氣泡上時(shí)，氣泡被壓縮，若氣泡內(nèi)氣體可視為理想氣體，其溫度保持不變，當(dāng)體積壓縮到V時(shí)氣泡與物品接觸面的面積為S，求此時(shí)每個(gè)氣泡內(nèi)氣體對(duì)接觸面處薄膜的壓力考點(diǎn)：封閉氣體壓強(qiáng).專題：理想氣體狀態(tài)方程專題.分析：對(duì)氣泡中的氣體而言，是等溫壓縮過程，根據(jù)玻意耳定律列式求解氣體的壓強(qiáng)；根據(jù)第16頁（共19頁）第 頁（共19頁）第 頁（共19頁）F=PS求解氣體對(duì)接觸面處薄膜的壓力.解答：解：設(shè)壓力為F,壓縮后氣體壓強(qiáng)為P,由玻意耳定律得到:P0V0=PV氣體的壓力為：F=PS聯(lián)立解得：答：此時(shí)每個(gè)氣泡內(nèi)氣體對(duì)接觸面處薄膜的壓力均為.點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)玻意耳定律列式求解，同時(shí)明確氣體壓力F=PS，基礎(chǔ)問題.選修3-413.（6分