江蘇省邗江中學2022-2023學年高三物理第一學期期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一根粗糙的水平橫桿上套有A、B兩個輕環(huán)，系在兩環(huán)上的登場細繩拴住的書本處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)將兩環(huán)距離變小后書本仍處于靜止狀態(tài)，則A桿對A環(huán)的支持力變大BB環(huán)對桿的摩擦力變小C桿對A環(huán)的力不變D與B環(huán)相連的細繩對書本的拉力變大2、如圖甲所示，小物塊從足夠長的光滑斜面頂端由靜止自由滑下下滑位移x時的速度為v，其xv2圖象如圖乙所示，取g10 m/s2，則斜面傾角為()A30B45C60D753、實際生活中常常利用如圖所示的裝置將重物吊到高處?，F(xiàn)有一質(zhì)量為M的同學欲將一質(zhì)

3、量也為M的重物吊起,已知繩子在水平天花板上的懸點與定滑輪固定點之間的距離為L,不計滑輪的大小、滑輪與繩的重力及滑輪受到的摩擦力。當該同學把重物緩慢拉升到最高點時,動滑輪與天花板間的距離為A36L B12L C33L D32L4、如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為q(q0)的相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質(zhì)彈簧絕緣連接當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為l，已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為（ ）ABCD5、如圖所示，在光滑水平面上有兩塊木塊A和B，質(zhì)量均為m，B的左側(cè)固定一輕質(zhì)彈簧開始時B靜止，A以初速度v0向右運動與彈簧接觸，則在相互作用

4、的過程中( )A任意時刻，A、B系統(tǒng)的總動能恒定不變B從開始到彈簧壓縮到最短，彈力對A、B做功絕對值相等C當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度D當彈簧恢復到原長時，A與B具有相同的速度6、下列關于運動和力的敘述中，正確的是（）A做曲線運動的物體，其加速度方向一定是變化的B物體做圓周運動，所受的合力一定指向圓心C物體所受合力方向與運動方向相反，該物體一定做直線運動D物體運動的速率在增加，所受合力方向一定與運動方向相同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，

5、光滑的矩形板ABCD與水平面夾角為，小物體在圖示位置以某一速度（設為v0）垂直CD邊開始運動，剛好從D點離開板，下列正確的是（）AB小物體的動量增量為C小物體的動能增量為mgLD小物體離開板時的速度為8、如圖所示，AB為斜面，BC為水平面從A點以水平速度v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s1；從A點以水平速度3v向右拋出小球時，其落點與A點的水平距離為s2.不計空氣阻力，則s1s2可能為A13B18C112D1249、伽利略對自由落體運動的研究，是科學實驗和邏輯思維的完美結(jié)合，如圖所示，可大致表示其實驗和思維的過程，對這一過程的分析，下列說法正確的是（ ）A甲、乙、丙、丁圖都是實驗現(xiàn)象

6、B其中的甲、乙、丙圖是實驗現(xiàn)象，丁圖是經(jīng)過合理的外推得到的結(jié)論C運用丁圖的實驗，可“放大”重力的作用，使實驗現(xiàn)象更明顯D運用甲圖的實驗，可“沖淡”重力的作用，使實驗現(xiàn)象更明顯10、如圖所示，一質(zhì)量為m的物體以一定的速率v0滑到水平傳送帶上左端的A點，當傳送帶始終靜止時，已知物體能滑過右端的B點，經(jīng)過的時間為t0，則下列判斷正確的是( ) A若傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，則物體也能滑過B點，且用時為t0B若傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，則物體可能先向右做勻減速運動直到速度減為零，然后向左加速，因此不能滑過B點C若傳送帶順時針方向運行，當其運行速率(保持不變)vv0時，物體將一直做勻

7、速運動滑過B點，用時一定小于t0D若傳送帶順時針方向運行，當其運行速率(保持不變)vv0時，物體一定向右一直做勻加速運動滑過B點，用時一定小于t0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在用圖甲所示的裝置“驗證牛頓第二定律”的實驗中，保持小車質(zhì)量一定時，驗證小車加速度與合力F的關系 除了電火花計時器、小車、砝碼、砝碼盤、細線、附有定滑輪的長木板、墊木、導線及開關外，在下列器材中必須使用的有_（選填選項前的字母）A220V、50Hz的交流電源B電壓可調(diào)的直流電源C刻度尺D秒表E天平（附砝碼）為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，以

8、下操作正確的是_A調(diào)整長木板上滑輪的高度使細線與長木板平行B在調(diào)整長木板的傾斜度平衡摩擦力時，應當將砝碼和砝碼盤通過細線掛在小車上C在調(diào)整長木板的傾斜度平衡摩擦力時，應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上某同學得到了圖a所示的一條紙帶，由此得到小車加速度的大小_m/s2（保留二位有效數(shù)字）在本實驗中認為細線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，己知三位同學利用實驗數(shù)據(jù)做出的aF圖像如圖丙中的1、2、3所示下列分析正確的是_（選填選項前的字母）A出現(xiàn)圖線1的原因可能是沒有平衡摩擦力B出現(xiàn)圖線2的原因可能是砝碼和砝碼盤的質(zhì)量不合適C出現(xiàn)圖線3的原因可能是在平衡摩擦力時長木板的傾斜度過大在本實驗中認為

9、細線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，由此造成的誤差是_（選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”）設拉力的真實值為F真，小車的質(zhì)量為M，為了使，應當滿足的條件是_12（12分）某同學利用如圖所示的實驗裝置來測量重力加速度g細繩跨過固定在鐵架臺上的輕質(zhì)滑輪，兩端各懸掛一只質(zhì)量為M的重錘實驗操作如下：用米尺量出重錘1底端距地面的高度H； 在重錘1上加上質(zhì)量為m的小鉤碼；左手將重錘2壓在地面上，保持系統(tǒng)靜止釋放重錘2，同時右手開啟秒表，在重錘1落地時停止計時，記錄下落時間；重復測量3次下落時間，取其平均值作為測量值t請回答下列問題：（1）步驟可以減小對下落時間t測量的_（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）誤差（2

10、）實驗要求小鉤碼的質(zhì)量m要比重錘的質(zhì)量M小很多，主要是為了_A使H測得更準確B使重錘1下落的時間長一些C使系統(tǒng)的總質(zhì)量近似等于2M D使細繩的拉力與小鉤碼的重力近似相等（3）滑輪的摩擦阻力會引起實驗誤差現(xiàn)提供一些橡皮泥用于減小該誤差，可以在重錘1上粘上橡皮泥，調(diào)整橡皮泥質(zhì)量直至輕拉重錘1能觀察到其_下落（4）使用橡皮泥改進實驗后，重新進行實驗測量，并測出所用橡皮泥的質(zhì)量為m1用實驗中的測量量和已知量（M、H、m、m1、t）表示g，則g_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為某種游戲裝置的示意圖，水平

11、導軌MN和PQ分別與水平傳送帶左側(cè)和右側(cè)理想連接，豎直圓形軌道與PQ相切于Q。已知傳送帶長L4.0m，且沿順時針方向以恒定速率v3.0m/s勻速轉(zhuǎn)動。兩個質(zhì)量均為m的滑塊B、C靜止置于水平導軌MN上，它們之間有一處于原長的輕彈簧，且彈簧與B連接但不與C連接。另一質(zhì)量也為m的滑塊A以初速度v0沿B、C連線方向向B運動，A與B碰撞后粘合在一起，碰撞時間極短。若C距離N足夠遠，滑塊C脫離彈簧后以速度vC2.0m/s滑上傳送帶，并恰好停在Q點。已知滑塊C與傳送帶及PQ之間的動摩擦因數(shù)均為0.20，裝置其余部分均可視為光滑，重力加速度g取10m/s2。求：（1）PQ的距離和v0的大小；（2）已知豎直圓軌

12、道半徑為0.55m，若要使C不脫離豎直圓軌道，求v0的范圍。14（16分）如圖，導熱性能極好的氣缸，高為L1m，開口向下固定在豎直平面內(nèi)，氣缸中有橫截面積為、質(zhì)量為m10kg的光滑活塞，活塞將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在汽缸內(nèi)。當外界溫度為、大氣壓為時，氣柱高度為，汽缸和活塞的厚度均可忽略不計，取。求：如果外界溫度緩慢升高到恰使活塞移至汽缸開口處，求此時外界溫度為多少開；如果氣體溫度保持不變，將活塞緩慢拉至汽缸開口處，作用于活塞上的豎直拉力F的大小。15（12分）如圖，在光滑水平軌道的右方有一彈性擋板，一質(zhì)量為M0.5kg的木板正中間放有一質(zhì)量為m2kg的小鐵塊(可視為質(zhì)點)靜止在軌道上，木板右端

13、距離擋板x00.5m，小鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)0.2.現(xiàn)對小鐵塊施加一水平向右的外力F，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力若木板與擋板碰撞時間極短，反彈后速度大小不變，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g10m/s2.(1)要使小鐵塊與木板發(fā)生相對滑動 求水平向右的外力F的最小值；(2)若水平向右的外力F10N，求木板第一次與擋板碰撞前經(jīng)歷的時間；(3)若水平向右的外力F10N，木板第一次與擋板碰前瞬間撤去外力，鐵塊和木板最終停下來時，鐵塊剛好沒滑出木板，求木板的長度。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析

14、】A對兩環(huán)和書本的整體受力分析，豎直方向：2N=mg，可知將兩環(huán)距離變小后桿對A環(huán)的支持力不變，選項A錯誤；BD對圓環(huán)B受力分析可知，f=Tcos；對書本：2Tsin=mg，解得 （其中的是繩與桿之間的夾角），則當兩環(huán)距離變小后，變大，則f減小，與B環(huán)相連的細繩對書本的拉力T變小，選項B正確，D錯誤；C同理，桿對A環(huán)的摩擦力減小，桿對A環(huán)的支持力不變，則桿對A環(huán)的力減小，選項C錯誤2、A【解析】由勻變速直線運動的速度位移公式可得：v2=2ax，整理得：，由x-v2圖象可知小物塊的加速度a=5m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得，小物塊的加速度：a=gsin，解得：，解得：=30，故A正確，BCD錯誤故

15、選A【點睛】本題考查了求斜面傾角問題，應用勻變速直線運動的速度位移公式求出圖象的函數(shù)表達式，根據(jù)圖示圖象求出物體的加速度是解題的前提與關鍵，應用牛頓第二定律可以解題3、A【解析】當該同學把重物緩慢拉升到最高點時，繩子的拉力等于人的重力，即為Mg，而重物的重力也為Mg，則設繩子與豎直方向的夾角為，可得2Mgcos=Mg，則=60，此時動滑輪與天花板的距離為d=L2cot=36L，故A正確，B、C、D錯誤；故選A?！军c睛】以人為研究對象確定物體達到最高點時人的拉力大小，再以滑輪處為研究對象，根據(jù)受力情況確定細線與豎直方向的夾角，再根據(jù)幾何關系求解。4、B【解析】對第三個小球受力分析，第三個小球受三

16、個力的作用，它們的關系是解得所以彈簧的原長為故B正確，ACD錯誤。故選B。5、C【解析】由能量守恒定律有： ，即從A開始與彈簧接觸直至壓縮彈簧至最短過程中，彈簧的彈性勢能始終在變化，則A、B系統(tǒng)的總動能始終在變化，故A錯誤彈簧壓縮至最短時，A、B速度相等，對A由動能定理有：，同理對B有：，由此可知，從開始壓縮至彈簧最短，彈力對A、B所做功的絕對值不等，故B錯誤，C正確當彈簧壓縮到最短長度時，A與B具有相同的速度，之后在彈簧彈力作用下A減速，B加速，所以當彈簧恢復到原長時，A與B速度交換，即A的速度為零，B的速度是v0，故D錯誤【點睛】本題主要考查功能關系的綜合應用，需要熟練掌握能量守恒與動能定

17、理等6、C【解析】A物體做曲線運動的條件是加速度與速度方向不在同一條直線上，加速度大小和方向不一定變化，比如平拋運動，加速度恒定不變，選項A錯誤；B勻速圓周運動的物體所受的合力一定指向圓心，變速圓周運動的物體所受的合力不一定指向圓心，選項B錯誤；C當物體所受合力與速度方向不在同一條直線上時，物體做曲線運動，當合力與速度方向在同一直線上時，物體做直線運動，所受合力方向不一定與運動方向相反，也可以相同，選項C正確；D物體運動的速度在增加，所受合力方向與運動方向不一定相同，可能所受合力方向與運動方向成銳角，選項D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項

18、中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A物體在平行底邊方向做勻速運動，則 沿斜面方向做勻加速運動，則 解得選項A正確；B小物體的動量增量為選項B錯誤；C根據(jù)動能定理可知，小物體的動能增量為選項C錯誤； D根據(jù)動能定理可知解得選項D正確。故選AD。8、AB【解析】試題分析：本題可分三種情況進行討論：若兩次小球都落在BC水平面上，則下落的高度相同，所以運動的時間相同，由x=v0t知，水平距離之比等于水平初速度之比為s1：s2=1：3；若兩次小球都落在斜面AB上，設斜面傾角為，則有在沿斜面垂直的方向上（注意這只是一個分運動），小球作自由

19、落體運動，設運動的時間分別為t1和t2，則：由v2=dt2tan=yx=12gt2v0t=gt2v0，得t=2v0tang，可得t1：t2=v：3v=1：3，水平位移為x=v0t，可得s1：s2=1：1若第一次落在斜面AB上，第二次落在水平面BC上，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律可知其水平位移比值在1：3到1：1之間故AB可能考點：考查了平拋運動規(guī)律的應用9、BD【解析】AB甲乙丙均是實驗現(xiàn)象，丁圖是經(jīng)過合理的外推得到的結(jié)論，所以A錯誤，B正確CD伽利略的時代無法直接測定瞬時速度，就無法驗證v與t成正比的思想，伽利略通過數(shù)學運算得到，若物體初速度為零，且速度隨時間均勻變化，即v正比于t，那么它通過的位

20、移與所用時間的二次方成正比，只要測出物體通過不同位移所用的時間就可以驗證這個物體的速度是否隨時間均勻變化由于伽利略時代靠滴水計時，不能測量自由落體所用的時間，伽利略讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，由于沿斜面下滑時加速度減小，所用時間長得多，所以容易測量這個方法叫“沖淡”重力所以C錯誤，D正確10、AC【解析】若傳送帶逆時針運動，物體受摩擦力水平向左，物體會一直做勻減速直線運動，若傳送帶順時針運動，物體是減速還是加速，要比較物體與傳送帶的速度大小，分情況進行討論即可；【詳解】A、當傳送帶不動時，小物塊在滑動摩擦力作用下在傳送帶上做勻減速運動，當傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，物體滑上傳送帶時仍在

21、滑動摩擦力作用下做勻減速運動，加速度不變，位移不變，運動情況完全相同，所以物體也能滑過B點，且用時為t0，故A正確，B錯誤；C、傳送帶以恒定速率v沿順時針方向運行，當v=v0，小物塊在傳送帶上做勻速直線運動滑過B點，所以所用時間tt0，故C正確；D、傳送帶以恒定速率v沿順時針方向運行，當vv0，小物塊在傳送帶上可能一直做勻加速運動，也有可能先做勻加速后做勻速運動，所以t1t0，故D錯誤。【點睛】解決本題的關鍵會根據(jù)物塊的受力判斷物塊的運動規(guī)律，當傳送帶順時針旋轉(zhuǎn)時，當物塊的速度大于傳送帶的速度，物塊可能先減速后勻速，當物塊的速度小于傳送帶的速度，物塊可能先加速后勻速。三、實驗題：本題共2小題，

22、共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACE AC 1.15 B 系統(tǒng)誤差 5% 【解析】火花計時器需要220V、50Hz的交流電源，要用刻度尺測量紙帶上點跡的距離，需要天平測量小車的質(zhì)量，故需要ACE為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力時應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上，調(diào)整長木板的傾斜度，讓小車拖著紙帶做勻速直線運動，同時要調(diào)整長木板上滑輪的高度使細線與長木板平行，故AC正確，B錯誤所以選AC從第一個點開始，每隔四個點取一個計數(shù)點，時間間隔T=0.1s，根據(jù)紙帶可知，相鄰計數(shù)點之間的距離依次為x1=2.61-0.90cm=

23、1.71cm=0.0171m，x2=5.50-2.61cm=2.89cm=0.0289m，x3=9.50-5.50cm=4.00cm=0.0400m，根據(jù)逐差法得：，根據(jù)圖象1可知，當沒有掛砝碼、砝碼盤時，小車產(chǎn)生了加速度，因此說明平衡摩擦力時木板傾角太大，故A錯誤；根據(jù)圖象2可知，隨著F的增大，即砝碼、砝碼盤的質(zhì)量增大，不再滿足砝碼、砝碼盤質(zhì)量小于小車的質(zhì)量，因此曲線上部出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象，故B正確；根據(jù)圖象3可知，當掛上砝碼、砝碼盤時，小車的加速度還是為零，說明沒有平衡摩擦力或平衡的不夠，故C錯誤所以選B.在本實驗中認為細線的拉力F等于砝碼和砝碼盤的總重力mg，由此造成的誤差是系統(tǒng)誤差，對小車，

24、根據(jù)牛頓第二定律得：，對整體根據(jù)牛頓第二定律得：，且，解得：12、（1）偶然 （2）B （3）勻速 （4） 【解析】本題考查重力加速度的測量，意在考查考生的實驗探究能力（1）時間測量是人為操作快慢和讀數(shù)問題帶來的誤差，所以屬于偶然誤差（2）由于自由落體的加速度較大，下落H高度的時間較短，為了減小測量時間的實驗誤差，就要使重錘下落的時間長一些，因此系統(tǒng)下降的加速度要小，所以小鉤碼的質(zhì)量要比重錘的質(zhì)量小很多（3）為了消除滑輪的摩擦阻力，可用橡皮泥粘在重錘1上，輕拉重錘放手后若系統(tǒng)做勻速運動，則表示平衡了阻力（3）根據(jù)牛頓第二定律有，又，解得點睛：本題以連接體運動為背景考查重力加速度的測量，解題的關

25、鍵是要弄清該實驗的原理，再運用所學的知識分析得出減小誤差的方法四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 2.25m ,3m/s (2) 3 m/sv09m/s或v0m/s【解析】(1) A與B碰撞過程動量守恒有：接著AB整體壓縮彈簧后彈簧恢復原長時，C脫離彈簧，這個過程有：代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v0=3m/s；因為傳送帶速度大于C滑上去的速度，故設C滑上傳送帶后一直加速，則：解得：所以C在傳送帶上一定先加速后勻速，滑上PQ的速度v3m/s，又因為恰好停在Q點，則有：代入數(shù)據(jù)解得：xPQ2.25m(2)要使C不脫離圓軌道，有兩種情況，一是最多恰能到達圓心等高處，二是至少到達最高處；若恰能到達圓心等高處，則得：可得：vQm/sv所以此情況下C在傳送帶上全程減速，由NQ段有：可得 vC6m/s；在A、B碰撞及與彈簧作用的過程中，則有：聯(lián)立方程可解得：v09m/s，因為v0=3m/s時物塊C剛好能到達Q點, 所以這種情下，