2023屆北京市海淀首經貿物理高三上期中監(jiān)測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平面上有一汽車A，通過定滑輪用繩子拉同一水平面的物體B，當拉至圖示位置時，兩繩子與水平面的夾角分別為、，二者速度分別為vA和vB，則()AvAvB11 BvAvB

2、cos cos CvAvBsin sin DvAvBsin cos 2、如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為q(q0)的相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k0的輕質彈簧絕緣連接當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為l，已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為（ ）ABCD3、有一個直角支架AOB，A0水平放置，表面粗糙，OB豎直放置，表面光滑A0上套有小環(huán)P，OB上套有小環(huán)Q，兩環(huán)質量均為m，兩環(huán)用一質量可忽略、不可伸長的細繩相連，并在某一位置平衡，如圖，現(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達到平衡，那么將移動后的平衡狀態(tài)和原來的平衡狀態(tài)比較，AO桿對P環(huán)的支持力

3、FN和細繩上的拉力FT的變化情況是（）AFN不變，F(xiàn)T變大BFN不變，F(xiàn)T變小CFN變大，F(xiàn)T變大DFN變大，F(xiàn)T變小4、如圖所示一個做勻變速曲線運動的物塊的軌跡示意圖，運動至A時速度大小為v0，經一段時 間后物塊運動至B點，速度大小仍為v0，但相對A點時的速度方向改變了90，則在此過程中（ ）A物塊的運動軌跡AB可能是某個圓的一段圓弧B物塊的動能可能先增大后減小C物塊的速度大小可能為DB點的加速度與速度的夾角小于905、如圖所示，將一個內、外側均光滑的半圓形槽置于光滑的水平面上，槽的左側有一豎直墻壁現(xiàn)讓一小球自左端槽口A點的正上方由靜止開始下落，從A點與半圓形槽相切進入槽內，則下列說法正確的

4、是()A小球在半圓形槽內運動的全過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒B小球從A點向半圓形槽的最低點運動的過程中，小球處于失重狀態(tài)C小球從A點經最低點向右側最高點運動的過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒D小球從下落到從右側離開槽的過程中機械能守恒6、如圖所示，A、B兩物塊的質量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動摩擦因數(shù)為，B與地面間的動摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對A施加一水平拉力F，則A當時，A、B都相對地面靜止B當時，A的加速度為C當時，A相對B滑動D隨著F的增大，B的加速度會超過二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在

5、每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑定滑輪固定在天花板上，一足夠長的細繩跨過滑輪，一端懸掛小球b，另一端與套在水平粗糙圓形直桿上的小球a（球中心孔徑比桿的直徑大些）連接。已知小球b的質量是小球a的2倍。用一水平拉力作用到小球a上，使它從圖示虛線（最初是豎直的）位置開始緩慢向右移動一段距離，在這一過程中 A當細繩與直桿的夾角達到30時，桿對a球的壓力為零B天花板對定滑輪的作用力大小逐漸增大C直桿對a球的摩擦力可能先減小后增加D水平拉力一定逐漸增大8、質量為M的半球形物體A和質量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為

6、的固定斜面上,并處于靜止狀態(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關于物體受力情況的判斷正確的是()A物體A對物體B的彈力方向沿斜面向上B物體A受到4個力的作用C物體B對斜面的壓力等于D物體B對物體A的壓力大于9、萬有引力作用下的物體具有引力勢能，取無窮遠處引力勢能為零，物體距星球球心距離為時的引力勢能為： (G為萬有引力常量)，設宇宙中有一半徑為R的星球，宇航員在該星球上以速度豎直向上拋出一質量為m的物體，不計空氣阻力，經時間t落回手中，則描述正確的是( )A在該星球表面上以的初速度水平拋出一個物體，物體將再落回星球表面B在該星球表面上以的初速度水平拋出一個物體，物體將不再落回星球表面C在該星

7、球表面上以的初速度豎直拋出一個物體，物體將不再落回星球表面D在該星球表面上以的初速度豎直拋出一個物體，物體將不再落回星球表面10、摩天輪是游樂場一種大型轉輪狀設施，摩天輪邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內做勻速圓周運動，隨摩天輪轉動過程中，可以俯瞰四周景色，下列敘述不正確的是A摩天輪轉動過程中，乘客的機械能保持不變B摩天輪轉動一周的過程中，乘客重力的沖量為零C在最高點，乘客重力大于座椅對他的支持力D摩天輪轉動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”的實驗圖甲是

8、不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，其示數(shù)為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針所指的標尺刻度，此時彈簧的伸長量l為_cm;本實驗通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關于此操作，下列選項中規(guī)范的做法是_；（填選項前的字母）A逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重B隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重圖丙是該同學描繪的彈簧的伸長量l與彈力F的關系圖線，圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是_12（12分）某同學在“探究平拋運動規(guī)律”的實驗中，采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖所示的“小球做平拋運動”的照片。圖中

9、每個小方格的邊長為9.80cm，則根據圖像可求得拍攝時每隔_s曝光一次，該小球的平拋初速度大小為_m/s，小球運動到圖中位置3時的豎直分速度大小為_m/s(g取9.80m/s2)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一導熱性能良好、內壁光滑的汽缸豎直放置，在距汽缸底部l=36cm處有一與汽缸固定連接的卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間封閉了一定質量的氣體當氣體的溫度T0=300K、大氣壓強p0=1.0105Pa時，活塞與汽缸底部之間的距離l0=30cm，不計活塞的質量和厚度現(xiàn)對汽缸加熱，使活塞緩慢上升，求：

10、（1）活塞剛到卡環(huán)處時封閉氣體的溫度T1；（1）封閉氣體溫度升高到T1=540K時的壓強p114（16分）某人在一星球上以速度v0豎直上拋一物體，經 t 秒鐘后物體落回手中，已知星球半徑為R，引力常量為 G，求:(1)該星球的質量(2)該星球的第一宇宙速度15（12分）如圖，一質量為0.5kg的滑塊放在傾角為37的固定斜面上（已知，）。（1）若滑塊靜止，求其受到的摩擦力大??；（2）若滑塊勻速下滑，求其與斜面間的動摩擦因數(shù)；（3）若滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25，對滑塊施加多大的沿斜面向上的力可以推動它向上勻速運動；（4）若斜面是光滑的，對滑塊施加多大的水平向右的力可以保持靜止。參考答案一、

11、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】對A物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vAcos；對B物體的速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，則有沿著繩子方向的速度大小為vBcos，由于沿著繩子方向速度大小相等，所以則有vAcos=vBcos，因此ACD錯誤，B正確；故選B點睛：考查學會對物體進行運動的分解，涉及到平行四邊形定則與三角函數(shù)知識，同時本題的突破口是沿著繩子的方向速度大小相等2、B【解析】對第三個小球受力分析，第三個小球受三個力的作用，它們的關系是解得所以彈簧的原長為故B

12、正確，ACD錯誤。故選B。3、B【解析】以兩環(huán)組成的整體，分析受力情況如圖1所示根據平衡條件得，N2mg保持不變再以Q環(huán)為研究對象，分析受力情況如圖2所示設細繩與OB桿間夾角為，由平衡條件得，細繩的拉力，P環(huán)向左移一小段距離時，減小，cos變大，T變小，即FN不變，F(xiàn)T變小，故B正確，ACD錯誤4、D【解析】A由題意，物體做勻變速曲線運動，則加速度的大小與方向都不變，所以運動的軌跡是一段拋物線，不是圓弧。故A錯誤；B由題意，質點運動到B點時速度方向相對A點時的速度方向改變了90，速度沿B點軌跡的切線方向，則知加速度方向垂直于AB的連線向下，合外力也向下，質點做勻變速曲線運動，質點由A到B過程中

13、，合外力先做負功，后做正功，由動能定理可得，物體的動能先減小后增大，故B錯誤；C物體的加速度方向垂直于AB的連線向下，根據題意可知速度方向改變45，則A點的速度方向與AB連線方向夾角為45，如圖所示所以在物體運動過程中的最小速度為，故C錯誤；D物體在B點速度沿B點軌跡的切線方向，而加速度方向垂直于AB的連線向下，可知B點的加速度與速度的夾角小于90，故D正確。故選D。5、C【解析】A.小球從A點到最低點的過程中，豎直墻對半圓形槽有向左的彈力的作用，所以這個過程小球與槽組成的系統(tǒng)在水平方向上動量不守恒故A錯誤；B.小球從A點向半圓形槽的最低點運動的過程中，先失重后超重，故B錯誤；C.小球在槽內運

14、動的全過程中，從剛釋放到最低點，只有重力做功，而從最低點開始上升過程中，除小球重力做功外，還有槽對球作用力做負功所以小球的機械能不守恒，但球對槽作用力做正功，兩者之和正好為零所以小球與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒故C正確，D錯誤；【點睛】本題重在考查動量守恒和機械能守恒，對這類問題我們首先明確我們的研究對象，以及研究對象所參與的運動過程，然后再結合動量守恒和機械能守恒的條件來判斷6、C【解析】由題意可知考查板塊模型，靈活選擇研究對象，運用牛頓第二定律計算可得。【詳解】取B物體分析，合外力時最大時加速度最大，由牛頓第二定律可得最大加速度 此時外力為F，取整體為研究對象，由牛頓第二定律可得 聯(lián)立可得取整

15、體為研究對象，B受到地面的摩擦力 ，總結如下：當外力F ，AB都靜止，當F ，AB出現(xiàn)相對滑動。A由前面分析可知，當時，A、B一起勻加速運動，故A錯誤；B由前分析可知，當時，AB一起加速度運動，取整體為研究對象，由牛頓第二定律可得可得AB的加速度為都要為，故B錯誤；C由前面分析可知當時，A相對B滑動，故C正確；D由前面的分析可知隨著F的增大，B的加速度不會超過，故D錯誤。【點睛】板塊模型中，掌握好臨界條件，靈活運用整體法和隔離法選擇研究對象，根據牛頓第二定律計算可得。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對

16、但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、設a的質量為m，則b的質量為2m；以b為研究對象，豎直方向受力平衡，可得繩子拉力始終等于b的重力，即T=2mg，保持不變；以a為研究對象，受力如圖所示，設繩子與水平方向夾角為，支持力FN=2mgsin-mg=2mg12-mg=0，故A正確；B、向右緩慢拉動的過程中，兩個繩子之間的拉力夾角逐漸增大，繩子的拉力不變，所以繩子的合力減小，則繩子對滑輪的作用力逐漸減小，根據共點力平衡的條件可知，天花板對定滑輪的作用力大小逐漸減小，故B錯誤；C、向右緩慢拉動的過程中，支持力FN=2mgsin-mg，由于從90開始逐漸減小，支持力先減小后反向增加，所以直

17、桿對a球的摩擦力f=FN=(2mgsin-mg)先減小后增加，故C正確；D、向右緩慢拉動的過程中，水平方向：F=f+2mgcos=2mgcos+(2mgsin-mg)=2mg(cos+sin)-mg，由于：cos+sin=2+1(sincos+cossin)=2+1sin(+)，由于從90開始逐漸減小，可知水平拉力先減小后增大，故D錯誤； 故選AC?！军c睛】以b為研究對象可得繩子拉力始終保持不變，再以a為研究對象，根據共點力的平衡條件列方程求解摩擦力和拉力F的變化情況；隨著a的右移，分析繩子與豎直方向的夾角變化情況，再分析兩段繩子合力變化情況即可。8、BD【解析】對物體B受力分析，受重力、斜面

18、的支持力和A對B的支持力，受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直，故A對B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一點，A錯誤；根據平衡條件有：，得，則由牛頓第三定律可知，物體B對物體A的壓力大于，物體B對斜面的壓力小于，C錯誤，D正確；物體A受重力、支持力、摩擦力、B對A的壓力，共4個力，B正確；選BD【點睛】先對物體B受力分析，根據平衡條件判斷A對B的彈力和斜面對B的支持力情況；再結合牛頓第三定律判斷B對A的壓力情況9、BD【解析】物體做豎直上拋運動，運動時間為，則星球表面的重力加速度，設星球半徑為R，衛(wèi)星繞星球表面做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得，當速度大于等于時，物

19、體將不會再返回地面，故A錯誤，B正確；在發(fā)射衛(wèi)星時，機械能守恒，設發(fā)射速度為，衛(wèi)星繞星球表面運動時，由機械能守恒定律得：，又在地球表面任意一個物體都有：，聯(lián)立得，C錯誤，D正確；選BD.【點睛】物體做豎直上拋運動，根據物體的運動時間，求出星球表面的重力加速度；衛(wèi)星繞星球表面做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出水平拋出的速度；將物體豎直上拋時，衛(wèi)星機械能守恒，由機械能守恒定律可以求出豎直上拋的速度10、ABD【解析】機械能等于重力勢能和動能之和，摩天輪運動過程中，做勻速圓周運動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機械能在變化，故A錯誤；轉動一周，重力的沖量為I=mgT，不為零，故B錯誤；圓周運動過程中，在最高點，由重力和支持力的合力提供向心力F，向心力指向下方，所以F=mg-N，則支持力N=mg-F，所以重力大于支持力，故C正確；摩天輪轉動過程中，速度方向改變，根據P=mgvcos可知，乘客重力的瞬時功率時刻改變，故D錯誤此