2023屆河南省許汝平九校聯(lián)盟物理高三第一學期期中學業(yè)水平測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，實線是電場線，一帶電粒子只在電場力的作用下沿虛線由A運動到B的過程中，其速度時間圖象是選項中的()ABCD2、一物體做勻加速直線運動，通過一段位移所用時間為，緊接著

2、通過下一段位移所用時間為，則物體運動加速度的大小為（ ）ABCD3、質量為1kg的物體，放在動摩擦因數為0.2的水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動，水平拉力做的功W和物體發(fā)生的位移s之間的關系如圖所示，重力加速度為10m/s2，則下列說法正確的是AAB段加速度大小為3m/s2BOA段加速度大小為5m/s2Cs=9m時速度大小為3m/sDs=3m時速度大小為2m/s4、粗糙的水平地面上放著一個木塊，一顆子彈水平地射進木塊后停留在木塊中，帶動木塊一起滑行一段距離，在這個過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)()A動量和機械能都守恒B動量和機械能都不守恒C動量守恒，機械能不守恒D動量不守恒，機械能守恒

3、5、如圖所示，固定的半圓形豎直軌道，AB為水平直徑，O為圓心，同時從A點水平拋出質量相等的甲、乙兩個小球，初速度分別為v1、v2，分別落在C、D兩點并且C、D兩點等高，OC、OD與豎直方向的夾角均為37（sin 37=0.6，cos 37=0.8）則（）A甲、乙兩球下落到軌道上C、D兩點時的機械能和重力瞬時功率不相等B甲、乙兩球下落到軌道上的速度變化量相同CD6、一帶負電粒子在電場中僅受靜電力作用下沿x軸正向做直線運動v-t圖象如圖所示,起始點O為坐標原點,下列關于電勢、粒子動能Ek、電場強度E、粒子加速度a與位移x的關系圖象中可能合理的是A B C D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分

4、，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是一定質量的理想氣體的p-V圖線,若其狀態(tài)由ABCA,且AB等容,BC等壓,CA等溫, 則氣體在A、B、C三個狀態(tài)時（ ）A氣體的內能UA=UCUBB氣體分子的平均速率vAvBvCC氣體分子對器壁單位面積的平均作用力FAFB,FB=FCD氣體分子在單位時間內對器壁單位面積碰撞的次數是NANB,NANCE. 單位體積內氣體的分子數nA=nB=nC8、如圖所示，質量為M的薄木板靜止在粗糙水平桌面上，木板上放置一質量為m的木塊已知m與M之間的動摩擦因數為，m、M與桌面間

5、的動摩擦因數均為2現(xiàn)對M施一水平恒力F，將M從m下方拉出，而m恰好沒滑出桌面，則在上述過程中A水平恒力F一定大于3(m+M)gBm在M上滑動的時間和在桌面上滑動的時間相等CM對m的沖量大小與桌面對m的沖量大小相等D若增大水平恒力F，木塊有可能滑出桌面9、如圖所示，物塊A、B間拴接一個壓縮后被鎖定的彈簧，整個系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中A物塊最初與左側固定的擋板相接觸，B物塊質量為2kg?，F(xiàn)剪斷A、B間的細繩，解除對彈簧的鎖定，在A離開擋板后，B物塊的t圖如圖所示，則可知( ) A在A離開擋板前，A、B系統(tǒng)動量不守恒，之后守恒B在A離開擋板前，A、B與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，之后不守恒C彈

6、簧鎖定時其彈性勢能為9JD若A的質量為1kg，在A離開擋板后彈簧的最大彈性勢能為3J10、一只電飯煲和一臺洗衣機并聯(lián)接在輸出電壓為220V的交流電源上（其內電阻可忽略不計），均正常工作。用電流表分別測得通過電飯煲的電流是5.0A，通過洗衣機電動機的電流是0.50A，則下列說法中不正確的是（）A電飯煲的電阻為44，洗衣機電動機線圈的電阻為440B電飯煲消耗的電功率1555W，洗衣機電動機消耗的電功率155.5WC1min內電飯煲消耗的電能6.6104J，洗衣機電動機消耗的電能6.6103JD電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機電動機發(fā)熱功率的10倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答

7、題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，某小組同學利用DIS 實驗裝置研究支架上力的分解A、B 為兩個相同的雙向力傳感器，該型號傳感器在受到拉力時讀數為正，受到壓力時讀數為負A 連接質量不計的細繩，并可沿固定的圓弧形軌道移動B 固定不動，通過光滑鉸鏈連接一輕桿，將細繩連接在桿右端O 點構成支架，調整使得O 點位于圓弧形軌道的圓心處，保持桿沿水平方向隨后按如下步驟操作：測量繩子與水平桿的夾角AOB；對兩個傳感器進行調零；用另一繩在O 點懸掛住一個鉤碼，記錄兩個傳感器讀數；取下鉤碼，移動傳感器A，改變 角，重復上述步驟，得到圖示數據表格a（1）根據表格a，可知A 傳感器對應的是表中的力_（

8、填“F1”或“F2”），并求得鉤碼質量為_kg （保留一位有效數字）；（2）換用不同鉤碼做此實驗，重復上述實驗步驟，得到數據表格b則表格b 中30所對應的F2 空缺處數據應為_N；（3）實驗中，讓A 傳感器沿圓心為O 的圓弧形（而不是其它的形狀）軌道移動的主要目的是：_A方便改變A 傳感器的讀數 B方便改變B 傳感器的讀數C保持輕桿右端O 的位置不變 D方便改變細繩與桿的夾角12（12分）如圖所示，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系(1)實驗必須要求滿足的條件是_A斜槽軌道必須是光滑的B斜槽軌道末端的切線是水平的C入射球每次都要從同一高度由靜止

9、滾下D若入射小球質量為m1，被碰小球質量為m2，則m1m2(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌 上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程，然后，把被碰小球m1靜置于軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復接下來要完成的必要步驟是_(填選項的符號)A用天平測量兩個小球的質量m1、m2B測量小球m1開始釋放高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量平拋射程(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達式可表示為_(用(2)中測量的量表示)；(4)若ml=45.0 g、m2

10、=9.0 g，=46.20cm則可能的最大值為_cm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）公路上行駛的兩汽車之間應保持一定的安全距離當前車突然停止時，后車司機可以采取剎車措施，使汽車在安全距離內停下而不會與前車相碰通常情況下，人的反應時間和汽車系統(tǒng)的反應時間之和為1 s當汽車在晴天干燥瀝青路面上以108 km/h的速度勻速行駛時，安全距離為120 m設雨天時汽車輪胎與瀝青路面間的動摩擦因數為晴天時的2/5，若要求安全距離仍為120 m，求汽車在雨天安全行駛的最大速度14（16分）如圖所示，CDE為光滑的軌道，

11、其中ED是水平的，CD是豎直平面內的半圓，與ED相切于D點，且半徑R=0.5m，質量m=0.1kg的滑塊A靜止在水平軌道上，另一質量M=0.5kg的滑塊B前端裝有一輕質彈簧（A、B均可視為質點）以速度v0向左運動并與滑塊A發(fā)生彈性正碰，若相碰后滑塊A能過半圓最高點C，取重力加速度g=10m/s2，則：(1)B滑塊至少要以多大速度向前運動；(2)如果滑塊A恰好能過C點，滑塊B與滑塊A相碰后輕質彈簧的最大彈性勢能為多少15（12分）如圖、在水平地面上固定一對與水平面傾角為的光滑平行導電軌道,軌道間的距離為1.兩軌道底端的連線與軌道垂直,頂端接有電源(未畫出)。將一根質量為m的直導體棒ab放在兩軌道

12、上，且兩軌道垂直。通過導體棒的恒定電流大小為I.若重力加速度為g,在軌道所在空間加一豎直向上的勻強磁場,使導體棒在軌道上保持靜止,求:(1)請判斷通過導體棒的恒定電流的方向；(2)磁場對導體棒的安培力的大小；(3)如果改變導軌所在空間的磁場方向,試確定使導體棒在軌道上保持靜止的勻強磁場磁感應強度B的最小值的大小和方向。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】電場線的疏密程度表示場強大小，A點電場線密集，故電場強度大，電場力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直減小，由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力

13、的方向大致斜向左下方，與電場強度方向相反，故粒子帶負電，電場力做負功，速度慢慢減小，所以粒子做加速度減小的減速運動，故B正確【點睛】考點：考查了電場線，速度時間圖像根據帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，再結合電場強度方向判斷電性，然后根據電場線的疏密程度判斷加速度的大小，從而判斷粒子的運動情況選擇速度圖象2、B【解析】試題分析：根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，求出兩段過程中的平均速度，結合時間求出加速度的大小在第一段內的平均速度為，在第二段內的平均速度為，因為某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，則兩個中間時刻的時間差為：則加速度為，B正確3、C【解析】對于OA過程，根據動

14、能定理，有：，代入數據解得：，根據速度位移公式，有，代入數據解得：a1=3m/s2，對于前9m過程，根據動能定理，有： ，代入數據解得：.A、AB段受力恒定，故加速度恒定，而初末速度相等，故AB段的加速度為零，故A錯誤；B、由上面分析知，OA段加速度a1=3m/s2，故B錯誤；C、s=9m時速度大小為，故C正確；D、s=3m時速度大小為，故D錯誤故選C.【點睛】本題關鍵對物體受力分析，然后對物體的運動過程運用動能定理和速度位移公式列式并聯(lián)立求解4、B【解析】子彈射入木塊過程中，系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒，在一起滑動過程中，受到地面的摩擦力，合外力不為零，動量不守恒，根據能量守恒定律，子彈打入

15、木塊和在地面上滑行過程系統(tǒng)要克服阻力做功，部分機械能轉化為內能，機械能不守恒，故B正確，ACD錯誤5、D【解析】AB甲乙兩球下落到軌道上做平拋運動，只受重力作用，機械能守恒，甲乙兩球下落到軌道上CD兩點時的機械能相等，兩個物體下落的高度是相等的，根據可知，甲乙兩球下落到軌道的時間相等，由可得甲乙兩球下落到軌道上的速度變化量相同，重力瞬時功率相等，故AB錯誤；CD設圓形軌道的半徑為R，則甲乙兩球的水平位移為則由t相同，則根據可知故C錯誤，D正確故選D6、C【解析】根據v-t圖象的斜率分析加速度的變化，判斷電場力的變化，由電場力做功情況分析動能和電勢能的變化，再分析電勢的變化.【詳解】A、v-t圖

16、象的斜率表示加速度，則知粒子的加速度減小，由牛頓第二定律知qE=ma，得場強E逐漸減小，由知-x圖象切線斜率是變化的，所以，-x圖象是曲線，故A錯誤.B、v減小，則知動能Ek減小，故B錯誤.C、E隨時間減小，粒子做減速直線運動，E可能隨x均勻減小，故C正確.D、a隨時間減小，粒子做減速直線運動，a隨x增大而減小，故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、A

17、CD【解析】A. CA為等溫變化， AB為等容變化，由查理定律可知，則，一定量理想氣體的內能只與溫度有關，因為，所以，故A正確.B. 因為，分子平均動能與溫度有關，則分子的平均速率，故B錯誤；C.由B可知，分子的平均速率，氣體分子在單位時間內對器壁的平均作用力，故C正確；D.由A、B可知，C狀態(tài)分子數密度最小，單位時間撞擊器壁的分子數最少，A與B狀態(tài)的分子數密度相等，但A狀態(tài)的分子平均速率大，單位時間A狀態(tài)撞擊器壁的分子數多，則氣體分子在單位時間內對器壁單位面積碰撞次數，故D正確。E.由圖示圖象可知，體積，則單位體積的分子數關系為：，故E錯誤；8、AC【解析】A對小木塊，根據牛頓第二定律有：m

18、g=ma1對木板，根據牛頓第二定律有：要使小木塊滑離木板，需使：則有：故A正確；B設小木塊在薄木板上滑動的過程，時間為t1，小木塊的加速度大小為a1，小木塊在桌面上做勻減速直線運動，加速度大小為a2，時間為t2，有：聯(lián)立解得：故B錯誤；C根據動量定理可知，m的動量變化量為零，故說明總沖量為零，因m只受到M的向右的沖量和桌面向左的沖量，故二者一定大小相等，方向相反，但由于還受到支持力的沖量，由于故M對m的沖量大小與桌面對m的沖量大小不相等，故C錯誤；D若增大水平恒力F，木塊離開木板時間變短，速度變小，位移變??；在桌面上滑動的距離變短，不可能滑出桌面，故D錯誤。故選AC【點睛】薄木板在被抽出的過程

19、中，滑塊先做勻加速直線運動后做勻減速直線運動，根據牛頓第二定律求解出木塊的加速度，根據運動學規(guī)律求解出時間； 根據動量定理，合外力沖量為零，M對m的沖量與桌面對m的沖量大小相等；增大水平拉力，木塊離開木板時間變短，速度變小，位移變小，在桌面上滑動的距離變短，可以判斷能否滑出桌面9、ACD【解析】在A離開擋板前，由于擋板對A有作用力，所以A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動量不守恒；離開擋板之后，系統(tǒng)的合外力為零，動量守恒，故A正確；在A離開擋板前，擋板對A的作用力不做功，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)在整個過程中只有彈簧的彈力做功，機械能都守恒，故B錯誤；解除對彈簧的鎖定后至A剛離開擋板的過程中，彈簧

20、的彈性勢能釋放，全部轉化為B的動能，根據機械能守恒定律，有：Ep=12mBvB2，由圖象可知，vB=3m/s，解得：Ep=9J，故C正確。分析A離開擋板后A、B的運動過程，并結合圖象數據可知，彈簧伸長到最長時A、B的共同速度為v共=2m/s，根據機械能守恒定律和動量守恒定律，有：mBv0=（mA+vB）v共；Ep=12mBv02-12（mA+vB）v共2；聯(lián)立解得：Ep=3J，故D正確。故選CD?！军c睛】本題主要考查了動量守恒定律及機械能守恒定律的應用，關鍵是搞清運動過程，能夠知道當彈簧伸到最長時，其勢能最大10、ABD【解析】A電飯煲與洗衣機的都與電源并聯(lián)，電源兩端電壓相等，均為220V，由

21、歐姆定律可求得電飯煲的電阻為但洗衣機不是純電阻用電器，由歐姆定律求得440電阻是錯誤的，故A錯誤；B它們消耗的電功率分別為P1=UI1=1100WP2=UI2=110W故B錯誤；C電飯煲和洗衣機在1min內產生的電能分別為Q1=P1t=6.6104JQ2=P2t=6.6103J故C正確；D因洗衣機的內阻未知，無法比較二者的發(fā)熱功率，故D錯誤。本題選不正確的，故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、F1 -0.955N C 【解析】（1）因繩子只能提供拉力，故A傳感器對應的是表中力F1，對節(jié)點O受力分析有F1sin30=mg，解得

22、m=0.05Kg（2）對于O點，受力平衡，O點受到F1、F2即鉤碼向下的拉力，根據幾何關系可知，F(xiàn)2F1cos301.103=0.955N，因為B受到的是壓力，所以F2空缺處數據應為-0.955N（3）實驗中，讓A 傳感器沿圓心為O 的圓弧形軌道移動的主要目的是：保持輕桿右端O 的位置不變，從而保證OB水平,故選C.12、BCD ADE 77.00或77 【解析】（1）因為要驗證碰撞前后動量是否守恒，斜槽軌道不必是光滑的，故A錯誤；本實驗中用平拋運動的性質來驗證動量守恒，故必須保證小球做平拋運動；故斜槽末端必須水平，故B正確；平時為了準確測量落點應取落點的平均位置；并且要求小球每次應從同一點釋

23、放，故C正確；只有讓重球去撞擊輕球時，實驗才能得出正確結果，故D正確所以滿足的條件BCD（2）實驗時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得，因此實驗需要測量兩球的質量因此步驟中A、B、E是必須的（3）如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m

24、2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得（4）將ml=45.0 g、m2=9.0 g， =46.20cm代入，當碰撞時沒有能量損失時有最大值，即，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t2得：，聯(lián)立以上解得：=77.00cm【點睛】本題考查了實驗需要測量的量、實驗原理以及動量守恒表達式，解題時需要知道實驗原理，根據動量守恒定律與平拋運動規(guī)律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提與關鍵；當碰撞時沒有能量損失時有最大值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、20m/s【解析】試題分析：在反應時間內汽車做勻速直線運動，所以汽車間的安全距離等于勻速運動的位移和勻減速直線運動的位移之和，根據牛頓第二定律結合運動學基本公式求解解：設路面干燥時，汽車與地面的動摩擦因數為0，剎車時汽車的加速度大小為a0，安全距離為s，反應時間為t0，由牛頓第二定律和運動學公式得：0mg=ma0 ， ，式中，m和v0分別為汽車的質量和剎車前的速度設在雨天行駛時，汽車與地面的動摩擦因數為，依題意有： ，設在雨天行駛時汽車剎車的加速度大小為a，安全行駛的