2023屆四川省達(dá)州市物理高三第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，做勻速直線運(yùn)動(dòng)的汽車A通過一根繞過定滑輪的長繩吊起一重物B，設(shè)重物和汽車的速度的大小分別為、，

2、則ABCD重物B的速度逐漸減小2、關(guān)于電場的性質(zhì)正確的是：（）A電場強(qiáng)度大的地方，電勢一定高B正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中電勢都為正C勻強(qiáng)電場中，兩點(diǎn)間的電勢差與兩點(diǎn)間距離成正比D電場強(qiáng)度大的地方，沿場強(qiáng)方向電勢變化快3、下列說法正確的是A只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)B懸浮微粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越多，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯C溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，所有分子的速率都增大D根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體4、電荷量為Q1和Q2的兩點(diǎn)電荷分別固定在x軸上的O、C兩點(diǎn)，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零，x軸上各點(diǎn)電勢隨x的變化關(guān)系如圖所示

3、則AQ1帶負(fù)電，Q2帶正電BG點(diǎn)處電場強(qiáng)度的方向沿x軸正方向C將帶負(fù)電的試探電荷自G點(diǎn)靜止釋放，僅在電場力作用下一定不能到D點(diǎn)D將帶負(fù)電的試探電荷從D點(diǎn)沿x軸正方向移到J點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功5、如圖所示，在粗糙水平面上放置有一豎直截面為平行四邊形的木塊，圖中木塊傾角為，木塊與水平面間動(dòng)摩擦因數(shù)為，木塊所受重力為G，現(xiàn)用一水平恒力F推木塊，使木塊由靜止開始向左運(yùn)動(dòng)，則木塊所受的摩擦力大小為()AFBCGD(Gsin Fcos )6、如圖所示，三角形傳送帶以1m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩邊的傳送帶長都是2m，且與水平方向的夾角均為37現(xiàn)有兩小物塊A、B從傳送帶頂端都以1m/s的初速度沿傳送

4、帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，下列說法正確的是（ ） A物塊A先到達(dá)傳送帶底端B物塊A、B受到的摩擦力分別沿斜面向下和向上C物塊A、B運(yùn)動(dòng)的加速度大小相同D物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度相同二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量為M的半球形物體A和質(zhì)量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為的固定斜面上,并處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關(guān)于物體受力情況的判斷正確的是()A物體A對(duì)物體B的彈力方向沿斜面向上B物體A受到4個(gè)力的作用C物體B對(duì)斜

5、面的壓力等于D物體B對(duì)物體A的壓力大于8、在圖中坐標(biāo)系的原點(diǎn)處有一波源，圖中a、b、c、d、e五點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為5 cm、15 cm、18 cm、21 cm、27 cm該波源在介質(zhì)中形成了一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，從該簡諧波第一次傳到c點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，此時(shí)c點(diǎn)的振動(dòng)方向沿y軸的正方向，經(jīng)時(shí)間t0.6 s時(shí)該簡諧波第一次傳到e點(diǎn)，此時(shí)c點(diǎn)第一次到達(dá)x軸下方的最大位移處，已知該簡諧波的振幅為A則以下說法正確的是_(填正確答案標(biāo)號(hào))A該簡諧波的速度大小為20 cm/sB該簡諧波的周期為0.8 sC在t0.6 s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)d通過的路程為3AD在ts時(shí)質(zhì)點(diǎn)a應(yīng)處于平衡位置且沿y軸的負(fù)方向振動(dòng)E.在t

6、0.5 s時(shí)質(zhì)點(diǎn)b、c的位移相同9、如圖所示，傾角為=60的斜面A被固定在水平面上，細(xì)線的一端固定于墻面，另一端跨過斜 面頂端的小滑輪與物塊B相連，B靜止在斜面上.滑輪左側(cè)的細(xì)線水平，右側(cè)的細(xì)線與斜面平 行，A與B的質(zhì)量相同。撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運(yùn)動(dòng).不計(jì)一切摩擦，重力加速度 為g=10m/s2.在B沒有離開斜面的過程中，下列說法正確的是( )(可能用到的數(shù)學(xué)公式)AA、B 組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒BB 的速度方向一定沿斜面向下CA、B速度大小相等D當(dāng) A 滑動(dòng)的位移為m 時(shí)，A 的速度大小vA= 5m/s10、如圖甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B兩物塊靜止于光滑水平面上，兩物塊的

7、質(zhì)量分別為 mA=lkg、mB=2kg，當(dāng)A、B之間產(chǎn)生拉力且大于0.3N時(shí)A、B將會(huì)分離t=0時(shí)刻開始對(duì)物塊A施加一水平推力F1，同時(shí)對(duì)物塊B施加同一方向的拉力F2，使A、B從靜止開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中F1、F2方向保持不變，F(xiàn)1、F2的大小隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示則下列關(guān)于A、B兩物塊 受力及運(yùn)動(dòng)情況的分析，正確的是At=2.0s時(shí)刻A、B之間作用力大小為0.6NBt=2.0s時(shí)刻A、B之間作用力為零Ct=2.5s時(shí)刻A對(duì)B的作用力方向向左D從t=0時(shí)刻到A、B分離，它們運(yùn)動(dòng)的位移為5.4m三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）

8、物理小組在一次驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中,實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示,氣墊導(dǎo)軌放置在水平桌面上,一端裝有光滑的定滑輪;導(dǎo)軌上有一滑塊,其一端與穿過電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連,另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為f.開始實(shí)驗(yàn)時(shí),在托盤中放入適量砝碼,先接通電源,再松手后滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng),在紙帶上打出一系列點(diǎn).(1)本實(shí)驗(yàn)存在一個(gè)重大的失誤,該失誤是:_ (2)圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分:0、1、2、3、4、5、6、7是計(jì)數(shù)點(diǎn),每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有9個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未標(biāo)出,計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示.根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計(jì)算的加速度a=_(用、f表示)(3)為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒

9、定律,下列物理量中還應(yīng)測量的是_A導(dǎo)軌的長度L B砝碼的質(zhì)量m1 C滑塊的質(zhì)量m2 D托盤和砝碼的總質(zhì)量m3(4)如果乙圖中、是實(shí)驗(yàn)改進(jìn)后測得的數(shù)據(jù),請(qǐng)寫出計(jì)數(shù)點(diǎn)3到計(jì)數(shù)點(diǎn)4的過程中要驗(yàn)證的機(jī)械能守恒守律的表達(dá)式_12（12分）為測定物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某課外實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室找到一個(gè)小正方體木塊，并放置在木板上（2）調(diào)整木板的傾角將彈簧（實(shí)驗(yàn)中的彈簧可視為輕質(zhì)彈簧）的一端固定在木板上，另一端位于木板上的B點(diǎn)正方體木塊從木板上A點(diǎn)靜止釋放后沿木板下滑，壓縮彈簧運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)后被彈回，上滑至D點(diǎn)時(shí)速度為零（1）測得AB間的距離為x1，B

10、C間的距離為x2，BD間的距離為x1（4）改變角的大小，按以上步驟重做實(shí)驗(yàn)，得出多組數(shù)據(jù)，利用所學(xué)規(guī)律算出物快與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，求其平均值請(qǐng)根據(jù)上述步驟以及所學(xué)的物理規(guī)律處理以下問題；關(guān)于正方體木塊從A下滑到B過程中的受力示意圖（其中mg為木塊的重力，N為斜面對(duì)木塊的支持力，f為木塊受到的摩擦力、F為彈簧對(duì)木塊的彈力）下圖分析正確的是_若某次實(shí)驗(yàn)測得：x1=40cm、x2=5cm、x1=25cm，=45，則物快與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_試比較物快在上述過程中剛接觸與剛離開彈簧時(shí)動(dòng)能的大小，并簡要說明理由_四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說

11、明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，是一傳送裝置，其中AB段長為L=1m，動(dòng)摩擦因數(shù)=15；BC、DEN段均可視為光滑，DEN是半徑為r15 m的半圓形軌道，其直徑DN沿豎直方向，C位于DN豎直線上，CD間的距離恰能讓小球自由通過。其中N點(diǎn)又與足夠長的水平傳送帶的右端平滑對(duì)接，傳送帶以6m/s的速率沿順時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，小球與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)也為1.5。左端豎直墻上固定有一輕質(zhì)彈簧，現(xiàn)用一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球壓縮彈簧至A點(diǎn)后由靜止釋放（小球和彈簧不粘連），小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，而始終不脫離軌道。已知小球質(zhì)量m=12 kg，g取11m/s2。（1）求小球到達(dá)D點(diǎn)時(shí)速度的大小

12、及彈簧壓縮至A點(diǎn)時(shí)所具有的彈性勢能；（2）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，在傳送帶上留下多長的痕跡？（3）小球第一次滑上傳送帶后的減速過程中，小球與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量和電動(dòng)機(jī)多消耗的電能？14（16分）如圖所示,兩個(gè)導(dǎo)熱的圓筒底部有一條細(xì)短管連通,圓筒內(nèi)裝有約20cm深的水銀,K為閥門,處于關(guān)閉狀態(tài).左側(cè)大圓筒的橫截面積S1=800cm2, 水銀面到圓筒頂部的高度H=115cm,水銀上方是空氣,空氣的壓強(qiáng)P1=100cmHg,室溫t1=27C左側(cè)圓筒中豎直放置一根托里拆利管,管的橫截面積遠(yuǎn)小于兩圓筒的橫截面積,托里拆利管中水銀上方有氮?dú)?氮?dú)庵拈L度L1=20cm,水銀柱的高度L2=7

13、0cm.右側(cè)小圓筒的橫截面積S2=100cm2,一個(gè)活塞緊貼水銀放置.已知大氣壓強(qiáng)P0=75cmHg.求: （I）若環(huán)境溫度緩慢升高 60C，左側(cè)圓筒內(nèi)空氣的壓強(qiáng)變?yōu)槎啻?（II）在環(huán)境溫度升高 60C后，用力控制右側(cè)圓筒中活塞，打開閥門K，使活塞緩慢升高h(yuǎn)1=40cm后固定，則托里拆利管中氮?dú)庵拈L度最終變?yōu)槎啻?結(jié)果可以帶根號(hào))15（12分）如圖所示，在B=0.1T的勻強(qiáng)磁場中有一邊長為L=8cm的正方形ABCD，內(nèi)有一點(diǎn)P，它與AD和DC的距離均為1cm在P點(diǎn)有一個(gè)發(fā)射正離子的裝置，能夠連續(xù)不斷地向紙面內(nèi)的各個(gè)方向發(fā)射出速率為m/s不同的正離子，離子的質(zhì)量為kg，電荷量為C，離子的重力不

14、計(jì)，不考慮離子之間的相互作用，則：(1)離子在磁場中的運(yùn)動(dòng)半徑為多大？(2)一部分離子能夠在CB邊上飛出正方形區(qū)域，求這些離子從BC邊飛離時(shí)距C點(diǎn)的距離大?。ㄇ蟪鲎钚【嚯x和最大距離）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】小車的運(yùn)動(dòng)可分解為沿繩方向和垂直于繩的方向兩個(gè)運(yùn)動(dòng)，設(shè)斜拉繩子與水平面的夾角為，由幾何關(guān)系可得，所以，C正確2、D【解析】A項(xiàng)，場強(qiáng)和電勢沒有直接關(guān)系，電場強(qiáng)度大的地方電勢不一定高，故A項(xiàng)錯(cuò)誤B項(xiàng)，正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中電場線由正點(diǎn)電荷發(fā)出指向無窮遠(yuǎn)，但本題中沒有規(guī)定哪兒為零勢點(diǎn)，所以正點(diǎn)電荷

15、產(chǎn)生的電場中電勢不一定為正，故B項(xiàng)錯(cuò)誤C項(xiàng)，勻強(qiáng)電場中，兩點(diǎn)間電勢差與兩點(diǎn)沿電場線方向上的距離 成正比 ，故C項(xiàng)錯(cuò)誤D項(xiàng)，電場強(qiáng)度大的地方，電場線密集，等勢線距離小，電勢變化快，故D項(xiàng)正確3、A【解析】A設(shè)水的摩爾質(zhì)量為M，水分子的質(zhì)量為m，則阿伏加德羅常數(shù)從而可計(jì)算出阿伏加德羅常數(shù)，故A正確。B懸浮微粒越小，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)越少，微粒受力越不平衡，則布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故B錯(cuò)誤。C溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能一定增大，大部分分子的速率增大，極個(gè)別分子速率有可能不變，也有可能減小，故C錯(cuò)誤；D電冰箱致冷時(shí)通過消耗電能把熱量從低溫物體傳到高溫物體，并不違背熱力學(xué)第二定律，故D錯(cuò)誤。4、

16、C【解析】-x圖象的斜率等于電場強(qiáng)度E根據(jù)兩點(diǎn)電荷連線的電勢高低的分布如圖所示，由于沿著電場線電勢降低，可知兩點(diǎn)電荷的電性根據(jù)功能關(guān)系分析電場力做功的正負(fù)?！驹斀狻緼項(xiàng)：由圖知無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，B點(diǎn)的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O(shè)點(diǎn)的電荷Q1帶正電，M點(diǎn)電荷Q2帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：由圖可知，從D到G電勢升高，由沿著電場線電勢降低可知，G點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)檠豿軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：負(fù)電的試探電荷在G點(diǎn)所受電場力方向沿x軸正方向，所以在電場力作用下沿x軸正方向做加速運(yùn)動(dòng)一直到H點(diǎn)，由于H點(diǎn)的右邊電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向，電荷接下來做減速運(yùn)動(dòng)，所以電荷一定不能達(dá)到D點(diǎn)，故C正確；D項(xiàng)

17、：DJ段中，電勢先高升后降低，所以場強(qiáng)方向先沿x軸負(fù)方向，后沿x軸正方向，將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選C?！军c(diǎn)睛】電勢為零處，電場強(qiáng)度不一定為零電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能電場力做功的正負(fù)決定電勢能的增加與否。5、C【解析】木塊在豎直方向上平衡，有：N=G，則木塊所受的摩擦力f=N=G，因?yàn)槲飰K不是做勻速運(yùn)動(dòng)，所以f與F不等，故C正確，ABD錯(cuò)誤6、C【解析】AB都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，mgsin37mgcos37，故傳送帶對(duì)兩物體的滑動(dòng)摩擦力均沿斜面向上，大小也相等，故兩物體沿斜面向下的加速度大小相同，滑到底端時(shí)位移大小相同，故時(shí)間相同，

18、AB錯(cuò)誤C正確；由x=v0t+12at2，a=gsin37-gcos37，得t=1s，傳送帶在1s內(nèi)的路程為x=vt=1m，A與傳送帶是同向運(yùn)動(dòng)的，A的劃痕長度是A對(duì)地路程（斜面長度）減去在此時(shí)間內(nèi)傳送帶的路程，即為2m-1m=1mB與傳送帶是反向運(yùn)動(dòng)的，B的劃痕長度是B對(duì)地路程（斜面長度）加上在此時(shí)間內(nèi)傳送帶的路程，即為 2m+1m=3m，故兩者的劃痕長度不同，D錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】對(duì)物體B受力分析，受重力、斜面的支持力和A對(duì)B的支持

19、力，受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直，故A對(duì)B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一點(diǎn)，A錯(cuò)誤；根據(jù)平衡條件有：，得，則由牛頓第三定律可知，物體B對(duì)物體A的壓力大于，物體B對(duì)斜面的壓力小于，C錯(cuò)誤，D正確；物體A受重力、支持力、摩擦力、B對(duì)A的壓力，共4個(gè)力，B正確；選BD【點(diǎn)睛】先對(duì)物體B受力分析，根據(jù)平衡條件判斷A對(duì)B的彈力和斜面對(duì)B的支持力情況；再結(jié)合牛頓第三定律判斷B對(duì)A的壓力情況8、BDE【解析】設(shè)該簡諧波的波長為，由題中的條件可知c、e兩點(diǎn)之間的距離為，即=9cm，=12 cm，周期為T，則tT，所以T0.8 s，因此該簡諧波的波速大小為，故A錯(cuò)誤，B正確；該簡諧波的振動(dòng)形式

20、由c傳到d所需要的時(shí)間為，在t0.6 s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)d振動(dòng)的時(shí)間為t2tt10.4s，則質(zhì)點(diǎn)d通過的路程為振幅的2倍，即2A，故C錯(cuò)誤；由題中的條件描繪出t=0時(shí)的波形圖，如圖所示，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a處于x軸上方且向上振動(dòng)，原點(diǎn)的振動(dòng)形式從原點(diǎn)傳播到a點(diǎn)所需的時(shí)間為，故時(shí)，a點(diǎn)處于平衡位置，振動(dòng)方向沿y軸的負(fù)方向，故D正確；0.5s，則在00.5s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)b先由x軸上方最大位移處向下運(yùn)動(dòng)到達(dá)x軸下方最大位移處，再向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)位移為A處，質(zhì)點(diǎn)c先由平衡位置向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)x軸上方最大位移處，再向下運(yùn)動(dòng)經(jīng)過平衡位置，到達(dá)位移為處，故E正確所以BDE正確，AC錯(cuò)誤9、ACD【解析】A、由于細(xì)線的拉力看作內(nèi)力，且左

21、側(cè)繩頭處不做功，故系統(tǒng)只有重力做功，故AB組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A正確；B、兩物體運(yùn)動(dòng)如圖所示：由圖可知，B不是沿斜面運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、撤去固定A的裝置后，A、B均做直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，當(dāng)A滑動(dòng)的位移為x時(shí)，設(shè)B的位移大小s，依據(jù)幾何關(guān)系有：sx=x(1-cos),sy=xsin且;解得： ,因B的下降的高度為sy=xsin；根據(jù)系統(tǒng)只有重力做功，機(jī)械能守恒定律，則有： 如下圖所示，畫陰影部分的三角形相似，依據(jù)位移之比等于速度之比，可得： ,解得： ，故C，D正確故選ACD【點(diǎn)睛】本題考查機(jī)械能守恒定律以及運(yùn)動(dòng)的合成和分解，能明確兩者的運(yùn)動(dòng)關(guān)系，找出對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)軌跡，同時(shí)明確細(xì)線

22、的拉力作為內(nèi)力處理，繩頭與左側(cè)繩相連處沒有位移，故拉力對(duì)系統(tǒng)不做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒10、AD【解析】試題分析：設(shè)t時(shí)刻AB分離，分離之前AB物體共同運(yùn)動(dòng)，加速度為，以整體為研究對(duì)象，則有：，分離時(shí)：，得，經(jīng)歷時(shí)間，根據(jù)位移公式，則D正確；當(dāng)時(shí)，得，A正確B錯(cuò)誤；當(dāng)時(shí)，得，C錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】AB分離之前共同運(yùn)動(dòng)，以整體為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律列方程求出加速度大小，分離時(shí)二者之間的作用力為13N但加速度相等，然后隔離A、B分別為研究對(duì)象根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列方程確定分離的時(shí)刻三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要

23、求寫出演算過程。11、（1）末驗(yàn)證氣墊導(dǎo)軌是否水平； （2）； （3）CD； （4） 【解析】（1）在本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)首先驗(yàn)證導(dǎo)軌是否水平，而本題中沒有進(jìn)行驗(yàn)證；（2）由于題目中只給出了三組數(shù)據(jù)，故可采用其中任兩組，本題中采用s1和s3；則有：s3-s1=2aT2；因中間有10個(gè)間距，故；則有： ；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，本實(shí)驗(yàn)中砝碼和托盤的重力勢能減小量等于總的動(dòng)能的增加量；故應(yīng)測量滑塊的質(zhì)量m2和托盤和砝碼的總質(zhì)量m3；故選CD.（4）分別求出3、4兩點(diǎn)的速度；物體下降的高度為s2；則由機(jī)械能守恒定律可知；12、C 0.2 物塊剛接觸彈簧時(shí)的動(dòng)能大于剛離開彈簧時(shí)的動(dòng)能，理由是機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能 【

24、解析】1從A到B過程，物塊受力如圖所示：故選：C；2在整個(gè)過程中，對(duì)物塊，由動(dòng)能定理得：mg(x1x1)sin45mgcos45(x1+2x2+x1)=00，解得：；1物塊剛接觸與剛離開彈簧時(shí)，彈簧形變量為零，彈性勢能為零，物塊的高度相同，物塊重力勢能相同，物塊的機(jī)械能等于其動(dòng)能，從物塊剛接觸彈簧到物塊剛離開彈簧過程中，物塊要克服摩擦力做功，部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，物塊的機(jī)械能減少，因此物塊剛接觸彈簧時(shí)的動(dòng)能大于剛離開彈簧時(shí)的動(dòng)能；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (2) (3) 【解析】由題意可知考查豎直面內(nèi)的

25、圓周運(yùn)動(dòng)，傳送帶模型，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律、功能關(guān)系分析計(jì)算可得。【詳解】(1) 小球剛好能沿圓弧DEN軌道滑下，說明小球在D點(diǎn)，只受重力作用，由牛頓第二定律可得代入數(shù)值可求得從A到D由動(dòng)能定理可得代入數(shù)值可得 彈簧彈力對(duì)外做正功，彈性勢能減小，由功能關(guān)系可得(2) 從D到N由動(dòng)能定理可得代入數(shù)值可得 小球在傳送帶上先向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a，由牛頓第二定律可知設(shè)小球向左減速到零的時(shí)間為t1，位移為 x1設(shè)該段時(shí)間內(nèi)傳送帶向右勻速運(yùn)動(dòng)的距離為x2該段時(shí)間內(nèi)小球和傳送帶相對(duì)距離為小球速度減為零后開始向右勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為5m/s2，設(shè)經(jīng)過時(shí)間t2 和傳送帶達(dá)到共速設(shè)小球位移為x3，傳送帶位移為x4相對(duì)距離設(shè)在傳送帶上留下痕跡，則(