2023屆河北省承德市重點高中聯(lián)誼校高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某電場在直角坐標(biāo)系中的電場線分布情況如圖所示，O、P、M、N為電場中的四個點，其中P和M在一條電場線上，則下列說法正確的是（ ） AM點的場強小于N點的場強BM點的電勢高于N點的電勢C將一負(fù)電荷由O點移到M點電勢能增加D將一正電荷由

2、P點無初速釋放，僅在電場力作用下，可沿PM電場線運動到M點2、A和B兩物體在同一直線上運動的v-t圖線如圖，已知在第3s末兩個物體相遇，則此過程中兩物相同的是（ ）A加速度B出發(fā)地C速度方向D合外力3、如圖，固定的豎直光滑長桿上套有質(zhì)量為m的小圓環(huán)，圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接，彈簧的另一端連接在墻上，并且處于原長狀態(tài)現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開始下滑，已知彈簧原長為L，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L（未超過彈性限度），則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中（ ）A圓環(huán)的機械能守恒B彈簧彈性勢能變化了2mgLC圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力為零D圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和先變小后變大4、一帶負(fù)電粒

3、子在電場中僅受靜電力作用下沿x軸正向做直線運動v-t圖象如圖所示,起始點O為坐標(biāo)原點,下列關(guān)于電勢、粒子動能Ek、電場強度E、粒子加速度a與位移x的關(guān)系圖象中可能合理的是A B C D5、質(zhì)量為m的物體放在A地的水平面上，用豎直向上的力F拉物體，物體的加速度a與拉力F的關(guān)系如圖線所示，質(zhì)量為m的另一物體在B地做類似實驗，測得a-F關(guān)系如圖線所示，設(shè)A，B兩地的重力加速度分別為g和g，則（ ）Am=m，ggBmm，g=gDm=m，gm2(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程，然后，把被碰小球m1靜置于

4、軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復(fù)。接下來要完成的必要步驟是_(填選項的符號)A用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B測量小球m1開始釋放高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量平拋射程(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達(dá)式可表示為_(用(2)中測量的量表示)；12（12分）某實驗小組利用如圖所示的裝置“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”（1）實驗中除了需要小車、砝碼、托盤、細(xì)繩、附有定滑輪的長木板、墊木、打點計時器、低壓交流電源、兩根導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶之外，還需要_、_（2）下列做法正確的是_A調(diào)節(jié)滑輪的高度，

5、使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長木板保持平行 B在調(diào)節(jié)木板傾斜角度平衡小車受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的托盤通過定滑輪拴在小車上C實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源D通過增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度E.用托盤和盤內(nèi)砝碼的重力作為小車和車上砝碼受到的合外力，為減小誤差，實驗中一定要保證托盤和砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和車上砝碼的總質(zhì)量（3）某同學(xué)以小車和車上砝碼的總質(zhì)量的倒數(shù)為橫坐標(biāo)，小車的加速度a為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作出的a關(guān)系圖線如圖2所示由圖可分析得出：加速度與質(zhì)量成_關(guān)系(填“正比”或“反比”)；圖線不過原點說明實驗有誤差，引起這一誤差的主要原因是平衡摩擦力時長木板的傾角

6、_(填“過大”或“過小”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，質(zhì)量為 m =1kg 的滑塊，在水平力作用下靜止在傾角為300的光滑斜面上， 斜面的末端 B 與水平傳送帶相接(滑塊經(jīng)過此位置滑上皮帶時無能量損失)，傳送帶的運行速度為 v0 =3m / s ，長為 L =1m 今將水平力撤去，當(dāng)滑塊滑到傳送帶右端 C 時，恰好與傳送帶速度相同滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù) 0.25 ， g =10m / s 2. （1）求水平作用力 F 的大??；（2）求滑塊下滑的高度；（3）若滑塊滑上傳送帶時速度小于 3

7、m / s ，求滑塊在傳送帶上滑行的整個過程中產(chǎn)生的熱量14（16分）一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在汽缸內(nèi)，如圖所示水平放置活塞的質(zhì)量m20 kg，橫截面積S100 cm2，活塞可沿汽缸壁無摩擦滑動但不漏氣，開始時汽缸水平放置，活塞與汽缸底的距離L112 cm，離汽缸口的距離L23 cm外界氣溫為27 ，大氣壓強為10105 Pa，將汽缸緩慢地轉(zhuǎn)到開口向上的豎直位置，待穩(wěn)定后對缸內(nèi)氣體逐漸加熱，使活塞上表面剛好與汽缸口相平，取g10 m/s2，求：（1）此時氣體的溫度為多少？（2）在對缸內(nèi)氣體加熱的過程中，氣體膨脹對外做功，同時吸收Q370 J的熱量，則氣體增加的內(nèi)能U多大？15（12分）如圖

8、所示，光滑半圓形軌道MNP豎直固定在水平面上，直徑MP垂直于水平面，軌道半徑R0.5 m質(zhì)量為m1的小球A靜止于軌道最低點M，質(zhì)量為m1的小球B用長度為1R的細(xì)線懸掛于軌道最高點P現(xiàn)將小球B向左拉起，使細(xì)線水平，以豎直向下的速度v04 m/s釋放小球B，小球B與小球A碰后粘在一起恰能沿半圓形軌道運動到P點兩球可視為質(zhì)點，g10 m/s1，試求： (1)B球與A球相碰前的速度大小；(1)A、B兩球的質(zhì)量之比m1m1參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A電場線密的地方電場強度大，由圖可知M點電場線比N點的密，

9、所以M點的場強大于N點的場強度，故A錯誤；B沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢低于N點的電勢，故B錯誤；C將一負(fù)電荷由O點移到M點電場力做負(fù)功，所以電荷的電勢能增加，故C正確；D一正點電荷從P點由靜止釋放，該電荷所受的電場力是變力，與電場線的相切，據(jù)曲線運動的條件該電荷并不能沿電場線運動到M點，故D錯誤。故選C。2、C【解析】A速度圖象的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，則知A、B的加速度不同，故A錯誤B由圖象的“面積”可知兩物體在3s內(nèi)的位移不等，而在第3s末兩個物體相遇，可知兩物體出發(fā)地不同，故B錯誤C速度的正負(fù)表示速度方向，則知兩物體的速度方向相同，故C正確D兩個物體的加速度不同，

10、由于兩個物體的質(zhì)量關(guān)系未知，由牛頓第二定律知不能確定合外力的關(guān)系，故D錯誤故選C考點：v-t圖像3、D【解析】試題分析：圓環(huán)沿桿滑下過程中，彈簧的拉力對圓環(huán)做功，圓環(huán)的機械能不守恒，故A錯誤；圖中彈簧水平時恰好處于原長狀態(tài)，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L，可得物體下降的高度為，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得：彈簧的彈性勢能增大量為，故B錯誤；圓環(huán)所受合力為零，速度最大，此后圓環(huán)繼續(xù)向下運動，則彈簧的彈力增大，圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力不為零，故C錯誤；根據(jù)圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，圓環(huán)的動能先增大后減小，則圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和先減小后增大，故D正確；考點：考查了機械能守恒定

11、律的應(yīng)用【名師點睛】對物理過程進行受力、運動、做功分析，是解決問題的根本方法要注意圓環(huán)的機械能不守恒，圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機械能才守恒4、C【解析】根據(jù)v-t圖象的斜率分析加速度的變化，判斷電場力的變化，由電場力做功情況分析動能和電勢能的變化，再分析電勢的變化.【詳解】A、v-t圖象的斜率表示加速度，則知粒子的加速度減小，由牛頓第二定律知qE=ma，得場強E逐漸減小，由知-x圖象切線斜率是變化的，所以，-x圖象是曲線，故A錯誤.B、v減小，則知動能Ek減小，故B錯誤.C、E隨時間減小，粒子做減速直線運動，E可能隨x均勻減小，故C正確.D、a隨時間減小，粒子做減速直線運動，a隨x增大而減小，故D

12、錯誤.故選C.【點睛】本題關(guān)鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結(jié)合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。5、C【解析】根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-mg=ma則知圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，縱軸截距的大小表示重力加速度。從圖象上看，圖線的斜率小于圖線的斜率，則mm，縱軸截距相等，則g=g A m=m，gg，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；Bmm，g=g，與結(jié)論相符，選項C正確；Dm=m，gg，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；6、D【解析】由圖線可知，a車的速度先增大后減小，b車的速度先減小后增大，故A錯誤；在時刻，兩車相遇，在時間內(nèi)，a圖線與時間軸圍成的面積大，則a的位移大，可知時刻，b車在前，a車在

13、后，故BC錯誤；圖線切線的斜率表示加速度，可知a車的加速度先減小后增大，b車的加速度先減小后增大，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、在0-2s內(nèi)物體做加速運動，2-6s內(nèi)做勻速運動，由受力分析可知，拉力不恒定，故A錯誤； B、在2-6s內(nèi)P=Fv，故f=F=4N，在甲圖中，由牛頓第二定律可知F-f=ma，在2s末，P=Fv，聯(lián)立解得m=2kg，F(xiàn)=10N，故B正確；C、由圖象可知在0-6s內(nèi)通過的位移為x=30m，故摩擦力做功為Wf=fx=4

14、30=120J，故C錯誤；D、由動能定理可知 ，故D正確；故選BD8、AC【解析】A、在過程中，蹦極者只受重力，重力沖量等于在過程中動量的改變量，mgt=p，每秒鐘重力的沖量相等，每秒鐘蹦極者動量的變化量就相同，故A、C正確B、在過程中，蹦極者受到重力沖量的大小與過程中繩子彈力與重力合沖量的大小相等，方向相反，故B錯誤D、在過程中的開始階段，重力大于彈性繩的彈力，蹦極者受到合力的沖量方向向下，故D錯誤故選A、C9、AD【解析】根據(jù)開普勒第三定律=k，可知軌道半徑越大，飛行器的周期越長故A正確；根據(jù)衛(wèi)星的速度公式，可知軌道半徑越大，速度越小，故B錯誤；設(shè)星球的質(zhì)量為M，半徑為R，平均密度為，張角

15、為，飛行器的質(zhì)量為m，軌道半徑為r，周期為T對于飛行器，根據(jù)萬有引力提供向心力得：，由幾何關(guān)系有：R=rsin；星球的平均密度 ，聯(lián)立以上三式得：，則測得周期和張角，可得到星球的平均密度若測得周期和軌道半徑，不可得到星球的平均密度，故C錯誤，D正確；故選AD.10、BC【解析】將木板A加速、減速或勻速抽出，A對B的摩擦力力Ff是相同的，以B為研究對象Q對B的拉力與A對B的摩擦力平衡，所以均能從Q上讀取穩(wěn)定讀數(shù)，故A錯誤；B正確；在根據(jù)可求A、B之間的動摩擦因數(shù)，所以C正確；A與地面之間的動摩擦因數(shù)無法求出，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

16、算過程。11、BCD ADE 【解析】在驗證動量守恒定律的實驗中，運用平拋運動的知識得出碰撞前后兩球的速度，因為下落的時間相等，則水平位移代表平拋運動的速度根據(jù)實驗的原理確定需要測量的物理量【詳解】（1）因為平拋運動的時間相等，根據(jù)v=x/t，所以用水平射程可以代替速度，則需測量小球平拋運動的射程間接測量速度故應(yīng)保證斜槽末端水平，小球每次都從同一點滑下，但是軌道不一定是光滑的；同時為了使得被碰球能飛的更遠(yuǎn)，防止入射球反彈，球m1的質(zhì)量應(yīng)大于球m1的質(zhì)量；故BCD正確，A錯誤；故選BCD.（1）根據(jù)動量守恒得，m1v0=m1v1+m1v1，兩球碰撞前后均做平拋運動，根據(jù)x=vt可以，由于時間相同

17、，則x與v成正比，則要驗證的關(guān)系可表示為： m1OP=m1OM+m1ON，所以要分別找到m1、m1相碰后平均落地點的位置M、N，從而測量線段OM、OP、ON的長度外，同時還需要測量的物理量是小球1和小球1的質(zhì)量m1、m1故選ADE.（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達(dá)式可表示為m1OP=m1OM+m1ON；【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握實驗的原理，以及實驗的步驟，在驗證動量守恒定律實驗中，無需測出速度的大小，可以用位移代表速度同時，在運用平拋運動的知識得出碰撞前后兩球的速度，因為下落的時間相等，則水平位移代表平拋運動的速度12、天平 刻度尺 ADE 反比 過大 【解析】（1）12實驗中用砝碼桶

18、的總重力表示小車的拉力，需測量砝碼桶的質(zhì)量，所以還需要天平實驗中需要用刻度尺測量紙帶上點跡間的距離，從而得出加速度，所以還需要刻度尺（2）3A、實驗時調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳緣K的細(xì)繩與長木板保持平行，故A正確B、平衡摩擦力時，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，故B錯誤C、實驗時應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C錯誤D、通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故D正確E、對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律可知：，則繩子上拉力大小當(dāng)，即砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和小車上砝碼的總質(zhì)量時，砝碼桶及桶內(nèi)砝碼的總重力在數(shù)值上近似等于小車運動時受到的拉力故E正確（3）45因為圖象是

19、一條直線，a與M成反比；圖象在a軸上有截距，這是平衡摩擦力時長木板的傾角過大造成的四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）0.2m或0.7m（3）0.5J【解析】（1）滑塊受到水平推力F、重力mg和支持力FN而處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知：水平推力F=mgtan代入數(shù)據(jù)得 （2）設(shè)滑塊從高為h處下滑，到達(dá)斜面底端速度為v，下滑過程機械能守恒，故有: mghmv2，所以 若滑塊滑上傳送帶時的速度小于傳送帶速度，則滑塊在傳送帶上由于受到向右的滑動摩擦力而做勻加速運動；根據(jù)動能定理有 mgLmv02mv2，所以h1L，代入數(shù)據(jù)得 v=2m/s；h1=0.2m若滑塊沖上傳送帶時的速度大于傳送帶的速度，則滑塊由于受到向左的滑動摩擦力而做勻減速運動；根據(jù)動能定理有-mgLmv02mv2代入數(shù)