2019-2020年高三下學(xué)期第二次月考物理試卷含解析

1、2019-2020年高三下學(xué)期第二次月考物理試卷含解析一、選擇題，本題共8小題每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中第1-5小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求第6-8小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1在物理學(xué)的發(fā)展史上，許多物理學(xué)家做出了卓越的貢獻(xiàn)，下列說法中符合史實(shí)的是（）A伽利略猜想自由落體運(yùn)動的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B麥克斯韋提出了電磁場理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在C安培首先提出了場的概念并發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線在磁場中受力方向的規(guī)律D楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律2利用探測器探測某行星，

2、先讓探測器貼近該星球表面飛行，測得做圓周運(yùn)動的周期為T1，然后調(diào)節(jié)探測器離行星表面的高度，當(dāng)離行星表面高度為h時(shí)，探測器做圓周運(yùn)動運(yùn)行一周的時(shí)間為T2，則下列判斷正確的是（）A不能求出該行星的質(zhì)量B不能求出該行星的密度C可求出探測器貼近星球表面飛行時(shí)行星對它的引力D可求出該行星的第一宇宙速度3CTMD（中國戰(zhàn)區(qū)導(dǎo)彈防御體系）是一種戰(zhàn)術(shù)型導(dǎo)彈防御系統(tǒng)，可以攔截各類型的短程及中程超音速導(dǎo)彈在某次演習(xí)中，檢測系統(tǒng)測得關(guān)閉發(fā)動機(jī)的導(dǎo)彈在距地面高為H處，其速度為v且恰好水平，反應(yīng)靈敏的地面攔截系統(tǒng)同時(shí)以初速度v0豎直向上發(fā)射一顆炮彈成功攔截已知發(fā)射時(shí)炮彈與導(dǎo)彈的水平距離為s，不計(jì)空氣阻力，則（）Av0=

3、vBv0=vCv0=vDv0=v4如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A、B用一輕質(zhì)繩相連置于粗糙水平面上，用一水平外力F（F=kt，k為大于零的常數(shù)）向右拉A已知A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相等，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，繩子能夠承受足夠大的拉力，則下列關(guān)于繩中彈力T隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象正確的是坐標(biāo)原點(diǎn)均為（0，0）（）ABCD5如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為0V，點(diǎn)A處的電勢為6V，點(diǎn)B處的電勢為3V，則電場強(qiáng)度的大小為（）A200 V/mB200 V/mC100 V/mD100 V/m6如圖所示，一根導(dǎo)線制成的等腰直角三角形線

4、框ABC以速度v勻速穿過為2L的勻強(qiáng)磁場，線框AB邊的長度為2L，AB兩端的電壓UAB隨線框位移變化關(guān)系圖象正確的是（）ABCD7如圖甲所示，兩個(gè)完全相同的燈泡并聯(lián)后再與R=5的定值電阻串聯(lián)，然后將這部分電路接到輸出電壓恒為E=8V的A、B兩端，燈泡兩端的電壓與通過燈泡的電流滿足圖乙所示關(guān)系，則（）A圖甲中電流表示數(shù)為1.0AB圖甲中每個(gè)燈泡的電阻值為3C圖甲中兩個(gè)燈泡消耗的總功率為3.0WD圖甲中A、B兩端的總功率為4.0W8如圖所示，固定坡道傾角為，頂端距光滑水平面的高度為h，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊質(zhì)量為m，從坡道頂端由靜止滑下，經(jīng)過底端O點(diǎn)進(jìn)入水平面時(shí)無機(jī)械能損失，為使小物塊制動，將輕彈簧

5、的一端固定在水平面左側(cè)M處的豎直墻上，彈簧自由伸長時(shí)右側(cè)一端恰好位于O點(diǎn)已知小物塊與坡道間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A彈簧彈性勢能的最大值為mghB小物塊在傾斜軌道上運(yùn)動時(shí)，下滑的加速度比上滑的加速度小C小物塊往返運(yùn)動的總路程為D小物塊返回傾斜軌道時(shí)所能達(dá)到的最大高度為h二、必考題題（共4小題，滿分47分）9某同學(xué)利用“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)器材，測量滑塊和長木板之間的動摩擦因數(shù)如圖所示，帶滑輪的長木板水平放置力傳感器固定在墻上，輕繩分別跨過固定在滑塊上和固定在長木板末端的滑輪，一端與力傳感器連接，另一端豎直懸掛一沙桶，沙桶距地面足夠遠(yuǎn)調(diào)節(jié)兩滑輪的位置使輕繩與長木

6、板平行，不計(jì)輕繩與各滑輪之間的摩擦（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是（填選項(xiàng)前的字母）A將長木板右端墊高以平衡摩擦力B使沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量C將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接交流電源D用天平測沙和沙桶的總質(zhì)量（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，記錄力傳感器的示數(shù)F，用天平測出滑塊質(zhì)量m，由紙帶上的點(diǎn)求出加速度a，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，可以得出滑塊和木板間的動摩擦因數(shù)的表達(dá)式=（重力加速度為g）10（9分）某同學(xué)為了測定一只電阻的阻值，采用了如下方法：（1）用多用電表粗測：多用電表電阻擋有4個(gè)倍率：分別為1k、100、10、1，該同學(xué)選擇100倍率，用正確的操作步驟測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大（指針位置如圖中虛線所示）為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行

7、測量，請你補(bǔ)充完整下列依次應(yīng)該進(jìn)行的主要操作步驟：ab兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在0處c重新測量并讀數(shù)，若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖中實(shí)線所示，測量結(jié)果是（2）為了盡量準(zhǔn)確測該電阻，要求測量時(shí)，電表指針有較大偏轉(zhuǎn)，測量多組數(shù)據(jù)除被測電阻外，還備有如下實(shí)驗(yàn)儀器，請選擇儀器，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路A電壓表V（量程50V、內(nèi)阻約為25k）B電流表A1（量程500mA、內(nèi)電阻r1=20）C電流表A2（量程100mA、內(nèi)電阻約5）D定值電阻R0（80）E滑動變阻器R（010）F電源：電動勢E=6V，內(nèi)電阻較小G導(dǎo)線、開關(guān)若干請畫出能準(zhǔn)確測量電阻R的電路圖（要求在電路圖上標(biāo)出元件符號）請根據(jù)設(shè)計(jì)的電路圖

8、寫出Rx的測量值表達(dá)式Rx=11（12分）如圖所示為利用靜電除煙塵的通道示意圖，前、后兩面為絕緣板，上、下兩面為分別與高壓電源的負(fù)極和正極相連的金屬板，在上下兩面間產(chǎn)生的電場可視為勻強(qiáng)電場，通道長L=1m，進(jìn)煙塵口的截面為邊長d=0.5m的正方形分布均勻的帶負(fù)電煙塵顆粒均以水平速度v0=2m/s連續(xù)進(jìn)入通道，碰到下金屬板后其所帶電荷會被中和并被收集，但不影響電場分布已知每立方米體積內(nèi)顆粒數(shù)n=1013個(gè)，每個(gè)煙塵顆粒帶電量為q=1.01017C，質(zhì)量為m=2.01015kg，忽略顆粒的重力、顆粒之間的相互作用力和空氣阻力（1）高壓電源電壓U0=300V時(shí)，求被除去的煙塵顆粒數(shù)與總進(jìn)入煙塵顆粒數(shù)

9、的比值（2）若煙塵顆粒恰好能全部被除去，求高壓電源電壓U1（3）裝置在（2）中電壓U1作用下穩(wěn)定工作時(shí)，1s內(nèi)進(jìn)入的煙塵顆粒從剛進(jìn)入通道到被全部除去的過程中，求電場對這些煙塵顆粒所做的總功12（20分）如圖所示，固定斜面上放一木板PQ，木板的Q端放置一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，現(xiàn)用輕細(xì)線的一端連接木板的Q端，保持與斜面平行，繞過定滑輪后，另一端可懸掛鉤碼，鉤碼距離地面足夠高已知斜面傾角=30，木板長為L，Q端距斜面頂端距離也為L，物塊和木板的質(zhì)量均為m，兩者之間的動摩擦因數(shù)1=，若所掛鉤碼質(zhì)量為2m，物塊和木板能一起勻速上滑；若所掛鉤碼質(zhì)量為其他不同值，物塊和木板有可能發(fā)生和對滑動，重力加速度為g，

10、不計(jì)細(xì)線與滑輪之間的摩擦，設(shè)接觸面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力（1）木板與斜面間的動摩擦因數(shù)2；（2）物塊和木板發(fā)生相對滑動時(shí)，所掛鉤碼質(zhì)量m應(yīng)滿足什么條件？（3）選取適當(dāng)質(zhì)量的鉤碼可使木板由靜止開始向上滑動，試討論木板Q端到達(dá)斜面頂端所用時(shí)間t與鉤碼質(zhì)量m之間的關(guān)系三、選考題物理-選修3-3（15分）13堵住打氣筒的出氣口，緩慢向下壓活塞使氣體體積減小，你會感到越來越費(fèi)力，溫度保持不變對這一現(xiàn)象的解釋正確的是（）A氣體的密度增大，使得在相同時(shí)間內(nèi)撞擊活塞的氣體分子數(shù)目增多B分子間沒有可壓縮的間隙C壓縮氣體要克服分子力做功D分子間相互作用力表現(xiàn)為引力E在壓縮過程中，氣體分子勢能減小14（9分）

11、如圖所示，足夠長的導(dǎo)熱性能良好的氣缸豎直放置，底部與一打氣裝置相連，每次均可打入壓強(qiáng)P0=1.0105Pa，體積V0=1.0105m3的空氣在距氣缸底部h=0.25m處用銷釘固定一活塞A，封閉一部分壓強(qiáng)也為P0=1.0105Pa的空氣，活塞A可在氣缸內(nèi)無摩擦的滑動，質(zhì)量m=2kg，橫截面積S=4.0104m2現(xiàn)向氣缸內(nèi)打氣2次后，拔掉銷釘，活塞緩慢移動，最終停在某個(gè)未知，整個(gè)過程中保持外界環(huán)境的大氣壓強(qiáng)和溫度不變，大氣壓P0=1.0105Pa，重力加速度g=10m/s2求最終活塞與氣缸底部的距離2015-2016學(xué)年山東省淄博市淄川一中高三（下）第二次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題，

12、本題共8小題每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中第1-5小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求第6-8小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1在物理學(xué)的發(fā)展史上，許多物理學(xué)家做出了卓越的貢獻(xiàn)，下列說法中符合史實(shí)的是（）A伽利略猜想自由落體運(yùn)動的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B麥克斯韋提出了電磁場理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在C安培首先提出了場的概念并發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線在磁場中受力方向的規(guī)律D楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【解答】解：

13、A、伽利略猜想自由落體運(yùn)動的速度與下落時(shí)間成正比，但沒有直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、麥克斯韋提出了電磁場理論并預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)證明了電磁波的存在，選項(xiàng)B正確；C、法拉第首先提出了場的概念，安培發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線在磁場中受力方向的規(guī)律，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評】本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2利用探測器探測某行星，先讓探測器貼近該星球表面飛行，測得做圓周運(yùn)動的周期為T1，然后調(diào)節(jié)探測器離行星表面的高度，當(dāng)離行星表面高度為h時(shí)，探測器做

14、圓周運(yùn)動運(yùn)行一周的時(shí)間為T2，則下列判斷正確的是（）A不能求出該行星的質(zhì)量B不能求出該行星的密度C可求出探測器貼近星球表面飛行時(shí)行星對它的引力D可求出該行星的第一宇宙速度【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力求出天體的質(zhì)量，結(jié)合天體的體積求出天體的密度第一宇宙速度是衛(wèi)星在近地圓軌道上的環(huán)繞速度，重力等于萬有引力，萬有引力提供向心力，列式求解【解答】解：A、先讓探測器貼近該星球表面飛行，測得做圓周運(yùn)動的周期為T1，根據(jù)萬有引力提供向心力，得：=mRM=，該行星的密度=，然后調(diào)節(jié)探測器離行星表面的高度，當(dāng)離行星表面高度為h時(shí)，探測器做圓周運(yùn)動

15、運(yùn)行一周的時(shí)間為T2，=m（R+h）由于不知道行星半徑，所以無法求出該行星的質(zhì)量，故A正確，B錯(cuò)誤；C、由于不知道探測器的質(zhì)量，所以不可求出探測器貼近星球表面飛行時(shí)行星對它的引力，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)萬有引力提供向心力，得： =m該行星的第一宇宙速度為v=，由于不知道行星半徑，所以不可求出該行星的第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，結(jié)合軌道半徑和周期求解中心天體的質(zhì)量3CTMD（中國戰(zhàn)區(qū)導(dǎo)彈防御體系）是一種戰(zhàn)術(shù)型導(dǎo)彈防御系統(tǒng)，可以攔截各類型的短程及中程超音速導(dǎo)彈在某次演習(xí)中，檢測系統(tǒng)測得關(guān)閉發(fā)動機(jī)的導(dǎo)彈在距地面高為H處，其速度為v且恰好水平，反應(yīng)

16、靈敏的地面攔截系統(tǒng)同時(shí)以初速度v0豎直向上發(fā)射一顆炮彈成功攔截已知發(fā)射時(shí)炮彈與導(dǎo)彈的水平距離為s，不計(jì)空氣阻力，則（）Av0=vBv0=vCv0=vDv0=v【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動【分析】若攔截成功，豎直上拋的炮彈和平拋的導(dǎo)彈運(yùn)動時(shí)間相等，在豎直方向上的位移之和等于H，平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動【解答】解：導(dǎo)彈的運(yùn)動時(shí)間t=，根據(jù)，解得故選：A【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握處理平拋運(yùn)動的方法，平拋運(yùn)動在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動以及知道豎直上拋運(yùn)動加速度不變，是勻變速直線運(yùn)動4如圖所示，質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A、B用一輕質(zhì)繩相連置于粗糙水

17、平面上，用一水平外力F（F=kt，k為大于零的常數(shù)）向右拉A已知A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相等，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，繩子能夠承受足夠大的拉力，則下列關(guān)于繩中彈力T隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象正確的是坐標(biāo)原點(diǎn)均為（0，0）（）ABCD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力【分析】當(dāng)拉力由0逐漸增大時(shí)，至A與地面最大靜摩擦力時(shí)，繩中無張力，當(dāng)拉力從大于A與地面最大靜摩擦力時(shí)，繩中拉力開始變大，當(dāng)拉力大于AB與地面間最大靜摩擦力時(shí)，AB將一起與地面滑動，此時(shí)求出繩中拉力與拉力的大小關(guān)系【解答】解：當(dāng)拉力由0逐漸增大時(shí)，至A與地面最大靜摩擦力時(shí)，繩中無張力，故A錯(cuò)誤；當(dāng)拉力進(jìn)一步增加，則此時(shí)AB

18、均靜止，繩中拉力隨外力F同步增加，即滿足T=k（tt0），即此時(shí)拉力隨時(shí)間增加，變化率仍為k，故D錯(cuò)誤；當(dāng)拉力增加至大于AB與地面最大靜摩擦力后，AB將一起向右加速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度a=，再對B分析有：Tm2g=m2a，整理可得此時(shí)繩中拉力T=，所以隨著時(shí)間增加，繩的拉力也逐漸增大，但增加率為小于k，故B正確，C錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評】掌握連接體問題的受力分析情況，能用整體法和隔離法處理連接體問題是正確解題的關(guān)鍵5如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場，其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為0V，點(diǎn)A處的電勢為6V，點(diǎn)B處的電勢為3V，則電場強(qiáng)度的大小為（）A200 V/mB

19、200 V/mC100 V/mD100 V/m【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【分析】根據(jù)題中的數(shù)據(jù)找出x軸方向上電勢與B點(diǎn)相等的C點(diǎn)，BC兩點(diǎn)的電勢相等，即BC連線上的各點(diǎn)電勢相等，通過幾何關(guān)系，求出O點(diǎn)到BC的距離，由勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系可得出電場強(qiáng)度的大小【解答】OA的中點(diǎn)C點(diǎn)，由題意可得C點(diǎn)的電勢為3V，即BC的電勢相等，連接BC，因BC的電勢相等，所以勻強(qiáng)電場的方向垂直于BC，過O點(diǎn)做BC的垂線相較于D點(diǎn)，由幾何關(guān)系得：OD=OCsinBCO=1.5cm=1.5102m則電場強(qiáng)度為：E=200V/m，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤，A正確故選：A【點(diǎn)評】在勻強(qiáng)電場中，電場是處處相等的，

20、電場強(qiáng)度，電勢差與沿電場方向上的距離有關(guān)系E=，值得注意的是該關(guān)系式只適用于勻強(qiáng)電場6如圖所示，一根導(dǎo)線制成的等腰直角三角形線框ABC以速度v勻速穿過為2L的勻強(qiáng)磁場，線框AB邊的長度為2L，AB兩端的電壓UAB隨線框位移變化關(guān)系圖象正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律【分析】本題分兩段時(shí)間計(jì)算感應(yīng)電動勢，由歐姆定律得到感應(yīng)電流感應(yīng)電動勢公式E=Blv，是有效的切割長度根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向【解答】解：在0時(shí)間內(nèi)，由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿ABCA方向，是正值設(shè)CAB=CBA=，t時(shí)刻線框有效的切割長度為l=vttan，則感應(yīng)電流為I=，

21、I與t成正比在2時(shí)間內(nèi)，穿過線框的磁通量繼續(xù)增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流逐漸減小，為：I=在23時(shí)間內(nèi)，穿過線框的磁通量減小，由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿ACBA，是負(fù)值，感應(yīng)電流的大小變化如0時(shí)間內(nèi)的變化，I與線性關(guān)系，且是減函數(shù)在34時(shí)間內(nèi)，穿過線框的磁通量減小，由楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿ACBA，感應(yīng)電流的大小變化如2時(shí)間內(nèi)的變化同時(shí)，由于AB兩端的電壓：U=IR結(jié)合以上的分析可知，D選項(xiàng)的圖象能正確反映AB兩端的電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律故選：D【點(diǎn)評】本題是圖象問題，根據(jù)楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律判斷感應(yīng)電流的方向，得到電流的解析式，再選擇圖象7如圖甲所示，兩個(gè)完全相同的

22、燈泡并聯(lián)后再與R=5的定值電阻串聯(lián)，然后將這部分電路接到輸出電壓恒為E=8V的A、B兩端，燈泡兩端的電壓與通過燈泡的電流滿足圖乙所示關(guān)系，則（）A圖甲中電流表示數(shù)為1.0AB圖甲中每個(gè)燈泡的電阻值為3C圖甲中兩個(gè)燈泡消耗的總功率為3.0WD圖甲中A、B兩端的總功率為4.0W【考點(diǎn)】路端電壓與負(fù)載的關(guān)系；電功、電功率【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，得到電燈的實(shí)際電壓與電流的關(guān)系式，在乙圖上作出IU圖象，此圖象與電燈的伏安特性曲線的交點(diǎn)，表示電燈實(shí)際工作狀態(tài)，讀出交點(diǎn)的電壓和電流，求出電燈電阻和功率由P=EI求解電源的總功率【解答】解：在圖甲所示的混聯(lián)電路中，設(shè)每個(gè)燈泡加上的實(shí)際電壓和實(shí)際電流分別為

23、U和I，由閉合電路歐姆定律有：E=U+2IR得：I=0.80.1U這是直線方程，把該直線在題圖乙上畫出，可得如下圖所示圖象這兩條曲線的交點(diǎn)為 U=3V、I=0.5A，此時(shí)通過電流表的示數(shù) IA=2I=1.0A，每個(gè)燈泡的電阻 R=6兩個(gè)燈泡消耗的總功率為 P=2UI=3.0WA、B兩端的總功率為 P總=E2I=820.5W=8.0W故AC正確，BD錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評】此題電燈是非線性元件，本題的技巧是應(yīng)用數(shù)學(xué)方法，通過作圖求解電燈的電流8如圖所示，固定坡道傾角為，頂端距光滑水平面的高度為h，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊質(zhì)量為m，從坡道頂端由靜止滑下，經(jīng)過底端O點(diǎn)進(jìn)入水平面時(shí)無機(jī)械能損失，為使小物塊制

24、動，將輕彈簧的一端固定在水平面左側(cè)M處的豎直墻上，彈簧自由伸長時(shí)右側(cè)一端恰好位于O點(diǎn)已知小物塊與坡道間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A彈簧彈性勢能的最大值為mghB小物塊在傾斜軌道上運(yùn)動時(shí)，下滑的加速度比上滑的加速度小C小物塊往返運(yùn)動的總路程為D小物塊返回傾斜軌道時(shí)所能達(dá)到的最大高度為h【考點(diǎn)】功能關(guān)系；彈性勢能【分析】對物塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律分別表示出下滑和上滑時(shí)的加速度，然后比較其大??；當(dāng)小物塊壓縮彈簧到最短時(shí)，物塊的重力勢能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，一部分克服摩擦力做功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；物塊滑回到O點(diǎn)時(shí)與剛滑到O點(diǎn)時(shí)速度大小相等，從坡底到坡頂，再由動能定理求解

25、最大高度；小物塊最終將靜止在斜面低端O點(diǎn)【解答】解：A、根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化與守恒，當(dāng)小物塊壓縮彈簧到最短時(shí)，物塊的重力勢能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以彈簧彈性勢能的最大值小于mgh，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)牛頓第二定律，小物塊下滑時(shí)：a=gsingcos小物塊上滑時(shí)，a=gsin+gcos，可見，aa，故B正確；C、物塊m最終停止在O點(diǎn)，對于運(yùn)動的全過程，由動能定理得：mghmgcosl=0解得：l=，這個(gè)總路程是在斜面上運(yùn)動的總路程，不是整個(gè)過程中的總路程，故C錯(cuò)誤；D、設(shè)物體A能夠上升得最大高度h1，物體被彈回過程中由動能定理得：mgh1mgcos=0mv2解得：h1=，故D正

26、確；故選：BD【點(diǎn)評】本題是動能定理與能量守恒定律的簡單運(yùn)用對動能定理的運(yùn)用，要選擇研究過程，分析哪些力對物體做功，進(jìn)而確定合力的功或總功二、必考題題（共4小題，滿分47分）9某同學(xué)利用“驗(yàn)證牛頓第二定律”的實(shí)驗(yàn)器材，測量滑塊和長木板之間的動摩擦因數(shù)如圖所示，帶滑輪的長木板水平放置力傳感器固定在墻上，輕繩分別跨過固定在滑塊上和固定在長木板末端的滑輪，一端與力傳感器連接，另一端豎直懸掛一沙桶，沙桶距地面足夠遠(yuǎn)調(diào)節(jié)兩滑輪的位置使輕繩與長木板平行，不計(jì)輕繩與各滑輪之間的摩擦（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是C（填選項(xiàng)前的字母）A將長木板右端墊高以平衡摩擦力B使沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量C將打點(diǎn)計(jì)時(shí)

27、器接交流電源D用天平測沙和沙桶的總質(zhì)量（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)，記錄力傳感器的示數(shù)F，用天平測出滑塊質(zhì)量m，由紙帶上的點(diǎn)求出加速度a，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，可以得出滑塊和木板間的動摩擦因數(shù)的表達(dá)式=（重力加速度為g）【考點(diǎn)】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）實(shí)驗(yàn)中測量滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)，不需要平衡摩擦力，拉力可以通過拉力傳感器測出（2）對滑塊研究，根據(jù)牛頓第二定律得出動摩擦因數(shù)的表達(dá)式【解答】解：（1）A、測量滑塊和長木板之間的動摩擦因數(shù)，不需要將木板右端墊高來平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤B、繩子的拉力可以通過力傳感器得出，不需要滿足沙和沙桶總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊質(zhì)量，故B錯(cuò)誤C、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接交流電源，

28、故C正確D、拉力的大小可以通過拉力傳感器測出，不需要用天平測量沙和沙桶的總質(zhì)量，故D錯(cuò)誤故選：C（2）根據(jù)牛頓第二定律得：2Fmg=ma，解得：=故答案為：（1）C；（2）【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理以及實(shí)驗(yàn)中注意的事項(xiàng)，注意拉力的大小由拉力傳感器測出，不需要測量沙和沙桶的質(zhì)量10某同學(xué)為了測定一只電阻的阻值，采用了如下方法：（1）用多用電表粗測：多用電表電阻擋有4個(gè)倍率：分別為1k、100、10、1，該同學(xué)選擇100倍率，用正確的操作步驟測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大（指針位置如圖中虛線所示）為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，請你補(bǔ)充完整下列依次應(yīng)該進(jìn)行的主要操作步驟：a換用10倍率的擋位b兩表筆

29、短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在0處c重新測量并讀數(shù)，若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖中實(shí)線所示，測量結(jié)果是120（2）為了盡量準(zhǔn)確測該電阻，要求測量時(shí)，電表指針有較大偏轉(zhuǎn)，測量多組數(shù)據(jù)除被測電阻外，還備有如下實(shí)驗(yàn)儀器，請選擇儀器，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路A電壓表V（量程50V、內(nèi)阻約為25k）B電流表A1（量程500mA、內(nèi)電阻r1=20）C電流表A2（量程100mA、內(nèi)電阻約5）D定值電阻R0（80）E滑動變阻器R（010）F電源：電動勢E=6V，內(nèi)電阻較小G導(dǎo)線、開關(guān)若干請畫出能準(zhǔn)確測量電阻R的電路圖（要求在電路圖上標(biāo)出元件符號）請根據(jù)設(shè)計(jì)的電路圖寫出Rx的測量值表達(dá)式Rx=（R0+r）【考點(diǎn)】描繪小

30、電珠的伏安特性曲線【分析】（1）歐姆表盤指針偏轉(zhuǎn)角度越大，則電流越大，電阻越小要換小量程檔位；換檔的要進(jìn)行歐姆調(diào)零，讀數(shù)要乘以倍率（2）根據(jù)電源電動勢選擇電壓表量程，根據(jù)歐姆定律估測通過電路的最大電流，然后選擇電流表量程該實(shí)驗(yàn)中，需要多次測量求平均值，故電流和電壓的變化范圍要適當(dāng)大一些，被測電阻比滑動變阻器大的較多，故應(yīng)選擇使用分壓電路；因待測電阻的阻值較大，故選擇電流表內(nèi)接法【解答】解：（1）由題知選擇100倍率的電阻擋，正確操作時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表的指針偏轉(zhuǎn)角度太大，由多用電表的電阻刻度特點(diǎn)可知，為了使讀數(shù)準(zhǔn)確，指針要擺到表盤中央附近，則要把100倍率擋換成10倍率擋由歐姆表盤的讀數(shù)規(guī)則可知測

31、量結(jié)果為12.010=120（2）已知電源電動勢E=6 V，而電壓表V的量程為50 V，相比較可得知，此電壓表不可選，誤差太大；由電源電動勢E=6 V，被測阻值約120，可知：通過Rx的最大電流約為I=50 mA；此題要用伏安法測電阻，測量中表的指針要有較大角度偏轉(zhuǎn)誤差才會較小，同時(shí)知A1的量程和內(nèi)電阻，可將定值電阻R0與A1串聯(lián)改裝成一電壓表測Rx兩端的電壓；滑動變阻器R=10比被測電阻Rx小得多，則采取分壓式接法，則電路圖如圖所示：由電路圖可知，Rx兩端電壓Ux=I1（R0+r1）Rx中的電流Ix=I2I1則Rx=（R0+r1）故答案為：（1）a換用10倍率的擋位c120（2）電路圖見解析

32、（R0+r）【點(diǎn)評】該題考查了在電阻的測量中的幾個(gè)注意事項(xiàng)，歐姆表在使用上要求每一次換擋后都要進(jìn)行歐姆調(diào)零；滑動變阻器要采用分壓接法； 同時(shí)要多注意電表的改裝原理的應(yīng)用11（12分）（2016濟(jì)南一模）如圖所示為利用靜電除煙塵的通道示意圖，前、后兩面為絕緣板，上、下兩面為分別與高壓電源的負(fù)極和正極相連的金屬板，在上下兩面間產(chǎn)生的電場可視為勻強(qiáng)電場，通道長L=1m，進(jìn)煙塵口的截面為邊長d=0.5m的正方形分布均勻的帶負(fù)電煙塵顆粒均以水平速度v0=2m/s連續(xù)進(jìn)入通道，碰到下金屬板后其所帶電荷會被中和并被收集，但不影響電場分布已知每立方米體積內(nèi)顆粒數(shù)n=1013個(gè)，每個(gè)煙塵顆粒帶電量為q=1.01

33、017C，質(zhì)量為m=2.01015kg，忽略顆粒的重力、顆粒之間的相互作用力和空氣阻力（1）高壓電源電壓U0=300V時(shí)，求被除去的煙塵顆粒數(shù)與總進(jìn)入煙塵顆粒數(shù)的比值（2）若煙塵顆粒恰好能全部被除去，求高壓電源電壓U1（3）裝置在（2）中電壓U1作用下穩(wěn)定工作時(shí)，1s內(nèi)進(jìn)入的煙塵顆粒從剛進(jìn)入通道到被全部除去的過程中，求電場對這些煙塵顆粒所做的總功【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【分析】（1）對顆粒在金屬板間的運(yùn)動進(jìn)行受力分析和運(yùn)動過程的分析，可知顆粒做類平拋運(yùn)動，根據(jù)題干提供的條件，即可得知粒子進(jìn)入電場時(shí)，能打到下金屬板的粒子距離下金屬板的距離由此即可得知被除去的煙塵顆粒數(shù)與總進(jìn)入煙塵顆粒數(shù)

34、的比值（2）若煙塵顆粒恰好能全部被除去，即為緊貼上金屬板射入的顆粒恰能打到下金屬板上，利用類平拋運(yùn)動的知識結(jié)合牛頓運(yùn)動定律即可得知最高電壓（3）先計(jì)算出1s內(nèi)進(jìn)入通道的顆粒數(shù)量，利用平均的方法結(jié)合電場力做功的公式即可求得電場對這些煙塵顆粒所做的總功【解答】解：（1）顆粒在運(yùn)動中做類平拋運(yùn)動，由牛頓第二定律有： =ma，在水平方向上有：L=v0t，在豎直方向上有：y=at2，解得：y=0.375m；即為距離下金屬板的距離小于等于0.375m內(nèi)的顆粒將打到下金屬板上，被除去的煙塵顆粒數(shù)與總進(jìn)入煙塵顆粒數(shù)的比值為：=；（2）若煙塵顆粒恰好能全部被除去，緊貼上金屬板射入的顆粒恰能打到下金屬板上，顆粒做

35、平拋運(yùn)，在豎直方向上有：d=a1t2 =ma1 解得：U=400V；（3）1s內(nèi)顆粒的總個(gè)數(shù)為：N=nd2v0t1電場力對每個(gè)顆粒所做的功與其到下金屬板的偏移量y成正比，平均值等于電場距離下金屬板處的顆粒所做的功，做功：W=N，解得：W=0.01J；答：（1）高壓電源電壓U0=300V時(shí)，被除去的煙塵顆粒數(shù)與總進(jìn)入煙塵顆粒數(shù)的比值為；（2）若煙塵顆粒恰好能全部被除去，高壓電壓U1為400V（3）電場對這些煙塵顆粒所做的總功為0.01J【點(diǎn)評】研究帶電粒子的偏轉(zhuǎn)實(shí)際是牛頓運(yùn)動定律、受力分析、運(yùn)動合成和分解的綜合應(yīng)用，分析過程中應(yīng)把握哪些量是變化的、帶電粒子是否飛出電場、偏轉(zhuǎn)方向如何研究帶電粒子在

36、電場中的加速和偏轉(zhuǎn)時(shí)是否考慮重力作用，是困惑同學(xué)們的問題之一這主要是因?yàn)橛袝r(shí)帶電粒子受到的重力遠(yuǎn)小于電場力，即mg遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于qE的緣故但是，在另一類問題中，如討論帶電小球在電場中的平衡問題，這種情況下重力不可忽略，必須考慮所以，是否考慮帶電粒子的重力要依據(jù)具體情況而定（1）基本粒子：如電子、質(zhì)子對粒子、離子等，除有說明或明確暗示外，一般不考慮重力（但并非忽略質(zhì)量）（2）帶電顆粒：如液滴、油滴、塵埃、小球等，除有說明或明確暗示外，一般都不能忽略重力12（20分）（2016濟(jì)南一模）如圖所示，固定斜面上放一木板PQ，木板的Q端放置一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，現(xiàn)用輕細(xì)線的一端連接木板的Q端，保持與斜面平行，

37、繞過定滑輪后，另一端可懸掛鉤碼，鉤碼距離地面足夠高已知斜面傾角=30，木板長為L，Q端距斜面頂端距離也為L，物塊和木板的質(zhì)量均為m，兩者之間的動摩擦因數(shù)1=，若所掛鉤碼質(zhì)量為2m，物塊和木板能一起勻速上滑；若所掛鉤碼質(zhì)量為其他不同值，物塊和木板有可能發(fā)生和對滑動，重力加速度為g，不計(jì)細(xì)線與滑輪之間的摩擦，設(shè)接觸面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力（1）木板與斜面間的動摩擦因數(shù)2；（2）物塊和木板發(fā)生相對滑動時(shí)，所掛鉤碼質(zhì)量m應(yīng)滿足什么條件？（3）選取適當(dāng)質(zhì)量的鉤碼可使木板由靜止開始向上滑動，試討論木板Q端到達(dá)斜面頂端所用時(shí)間t與鉤碼質(zhì)量m之間的關(guān)系【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)

38、系；物體的彈性和彈力【分析】（1）對整個(gè)系統(tǒng)根據(jù)平衡條件求出木板與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）要使二者發(fā)生相對滑動，保證木板的加速度a1大于物塊的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出物塊加速度和木板加速度，聯(lián)立即可求解；（3）分兩種情況討論：，物塊和木板發(fā)生相對滑動，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系得出t與鉤碼質(zhì)量m之間的關(guān)系；當(dāng)，物塊和木板一起加速運(yùn)動，對物塊和木板組成的整體根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式即可求解；【解答】解：（1）整個(gè)系統(tǒng)勻速時(shí)有：對鉤碼：2mg=T 對物塊和木板：T=2mgsin+22mgcos 解得2=（2）要使二者發(fā)生相對滑動，保證木板的加速度a1大于物塊的加速度a2對物塊：1mg

39、cosmgsin=ma2可得 a2=g對木板：Tmgsin1mgcos22mgcos=ma1對鉤碼：mgT=ma1解得：a1=g 聯(lián)立解得：mm （3）若mm，二者相對滑動，木板的位移：L=a1t2物塊的位移：s=a2t2由于LsL，當(dāng)Q端到達(dá)斜面頂端時(shí)，物塊未從木板上滑下 所以有t2=若2mmm，物塊和木板一起加速運(yùn)動對鉤碼：mgT=ma3對二者整體：T2mgsin22mgcos=2ma3解得：a3=g L=a3t2所以有：t2=答：（1）木板與斜面間的動摩擦因數(shù)為；（2）物塊和木板發(fā)生相對滑動時(shí)，所掛鉤碼質(zhì)量m應(yīng)滿足條件（3）選取適當(dāng)質(zhì)量的鉤碼可使木板由靜止開始向上滑動，木板Q端到達(dá)斜面頂端所用時(shí)間t與鉤碼質(zhì)量m之間的關(guān)系為當(dāng)時(shí)，當(dāng)，【點(diǎn)評】本題考查牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用，關(guān)