海南省定安中學2023學年物理高二第一學期期中教學質(zhì)量檢測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是某導體的IU圖線，圖中45，下列說法不正確的( )A通過該導體的電流與其兩端的電壓成正比B此導體的電阻R不變CIU圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以Rcot 451 D在該導體兩端加6V電壓時，每秒通過導體截面的電荷量是3C2、如圖

2、所示，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為l.0，電路中的電阻R為1.5，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5，閉合開關S后，電動機正常轉(zhuǎn)動時，電流表的示數(shù)為2.0A則以下判斷中正確的是（ ）A電動機的輸出功率為14.0WB電源輸出的電功率為20.0WC電動機產(chǎn)生的熱功率4.0WD電動機兩端的電壓為5.0V3、某人用繩子通過定滑輪拉木船，設人勻速拉繩的速度為某時刻與水平方向夾角為，則小船速度，為（）ABCD4、新國際單位體系于2019年5月的世界計量日起正式生效，正式更新包括“kg”、“A”、“K”、“mol”在內(nèi)的4項基本單位的定義。下列選項中，內(nèi)含2個國際單位制基本單位的是（ ）Am、NBm、sCJ、

3、m/sDN、J5、在等邊三角形的三個頂點a、b、c處，各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖過c點的導線所受安培力的方向A與ab邊平行，豎直向上B與ab邊平行，豎直向下C與ab邊垂直，指向左邊D與ab邊垂直，指向右邊6、根據(jù)磁場對電流會產(chǎn)生作用力的原理，人們研制出一種新型的發(fā)射炮彈的裝置電磁炮，其原理如圖所示：把待發(fā)炮彈（導體）放置在強磁場中的兩平行導軌上，給導軌通以大電流，使炮彈作為一個通電導體在磁場作用下沿導軌加速運動，并以某一速度發(fā)射出去。現(xiàn)要提高電磁炮的發(fā)射速度，你認為下列方案在理論上可行的是( )A增大磁感應強度B的值B增大電流I的值C減小磁感應強度B的

4、值D改變磁感應強度B的方向，使之與炮彈前進方向平行二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,電源電動勢為E內(nèi)阻r。M、N是平行板電容器的兩個極板,R0為定值電阻,R1、R2為可調(diào)電阻，用絕緣細線將質(zhì)量為m、帶正電的小球懸于電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，小球靜止時受到懸線的拉力為F，電容器帶電量為Q。下列判斷正確的是()A只增大R1時，電容器兩板間電壓減小，F(xiàn)將變小B只增大R1時，電容器兩板間電壓不變，F(xiàn)將不變C只增大R2時，電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小，F(xiàn)變小D只增大

5、R2時，電容器所帶電荷量增大，板間場強變大，故F將變大8、如圖所示，正方形線框的邊長為L，電容器的電容為C，正方形線框的一半放在垂直紙面向里的勻強磁場中，當磁感應強度以k為變化率均勻減小時，則()A線框產(chǎn)生的感應電動勢大小為B電壓表沒有讀數(shù)Ca點的電勢高于b點的電勢D電容器所帶的電荷量為零9、有一橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流強度為I，設每單位體積的導線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子的定向移動速率為v，在t時間內(nèi)通過橫截面積的電子數(shù)目可表示為（）AnSvtBnvtCD10、如圖所示，有一混合正離子束先后通過正交的電場、磁場區(qū)域和勻強磁場區(qū)域，如果這束正離子流在區(qū)域中不偏轉(zhuǎn)，進

6、入?yún)^(qū)域后偏轉(zhuǎn)半徑r相同，則它們一定具有相同的()A速度B質(zhì)量C電荷量D比荷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5 V，額定功率為0.5 W，此外還有以下器材可供選擇：A直流電源3 V(內(nèi)阻不計)B直流電流表0300 mA(內(nèi)阻約為5 )C直流電流表03 A(內(nèi)阻約為0.1 )D直流電壓表03 V(內(nèi)阻約為3 k)E滑動變阻器100 ，0.5 AF滑動變阻器10 ，2 AG導線和開關實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進行多次測量(1)實驗中電流表應選用_，滑動變阻器應

7、選用_；(均填寫儀器前的字母)(2)在圖甲所示的虛線框中畫出符合要求的實驗電路圖_(虛線框中已將所需的滑動變阻器畫出，請補齊電路的其他部分，要求滑片P向b端滑動時，燈泡變亮)；(3)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出的小燈泡的IU圖線如圖乙所示由此可知，當電壓為0.5 V時，小燈泡的燈絲電阻是_.12（12分）有一個小燈泡上有“4V 2W”的字樣，現(xiàn)要描繪這個小燈泡的伏安特性曲線現(xiàn)有下列器材供選用：A電壓表（15V，內(nèi)阻11k）B電壓表（111V，內(nèi)阻21k）C電流表（113A，內(nèi)阻1）D電流表（116A，內(nèi)阻14）E滑動變阻器（11，2A）F滑動變阻器（1k，1A）G學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干

8、（1）電流表應選 ，滑動變阻器應選 （用序號字母表示）（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)，請在方框內(nèi)畫出滿足實驗要求的電路圖（3）若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路如圖所示，請在圖中完成其余的電路連接四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，極板長L60 cm，兩板間的距離d30 cm，電源電動勢E36 V，內(nèi)阻r1 ，電阻R09 ，閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球(可視為質(zhì)點)從B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v06 m/s

9、水平向右射入兩板間，小球恰好從A板右邊緣射出已知小球帶電荷量q2102 C，質(zhì)量m2102 kg，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)帶電小球在平行金屬板間運動的加速度大小；(2)滑動變阻器接入電路的阻值14（16分）在如圖所示的電路中，兩平行正對金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=4.0cm。電源電動勢E=400V，內(nèi)電阻r=20，電阻R1=1980。閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球（可視為質(zhì)點）從B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s豎直向上射入兩板間，小球恰好能到達A板。若小球所帶電荷量q=1.010-7C，質(zhì)量m=2.010-4kg，不考慮空氣阻力，忽略射入小球?qū)﹄娐返?/p>

10、影響，取g=10m/s2。求：（1）A、B兩金屬板間的電壓的大小U；（2）滑動變阻器消耗的電功率P滑；（3）電源的效率；（4）電源的最大輸出功率。15（12分）如圖所示,在直角坐標系xoy中，矩形區(qū)域oabc內(nèi)(包含邊界)有垂直于紙面向外的勻強磁場,磁感應強度大小B=210-2T；第一象限內(nèi)有沿y軸負方向的勻強電場，電場強度大小E=1104N/C。已知矩形區(qū)域oa邊長為1.6m，ab邊長為0.5m。在bc邊中點N處有一放射源，某時刻,放射源沿紙面向磁場中各方向均勻地射出速率均為v=2106m/s的某種帶正電粒子，帶電粒子質(zhì)量m=1.610-27kg，電荷量q=3.210-19C，不計粒子重力及

11、粒子間相互作用，取sin37=0.6，cos66=0.4。求：(1)粒子在磁場中運動的半徑；(2)從ab邊射出粒子(不進入電場區(qū)域)的最長軌跡的長度及射出ab邊時的位置坐標；(3)沿x軸負方向射出的粒子,從射出到從y軸離開磁場所用的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、由圖可以知道,電流隨著其兩端的電壓的增大而增大,故電流與其兩端的電壓成正比，故A 正確B、由 可以知道,圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，則由圖象可以知道即導體的電阻是一定值，故B正確，C錯誤；D、在R兩端加6V的電壓時,電路中電流 ,則每

12、秒通過電阻的電荷量為，故D正確；本題要不正確的是，所以C是不正確的綜上所述本題答案是：C 2、B【解析】電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為：U=E-U內(nèi)-UR0=12-Ir-IR0=12-21-21.5=7V，故D錯誤；電動機的總功率為：P總=UI=72=14W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=220.5=2W，所以電動機的輸出功率為：P機=14 W-2W=12W，故A C錯誤；電源的輸出的功率為：P輸出=EI-I2R=122-221=20W，故B正確；故選B.點睛：對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的3、D【

13、解析】同一根活結(jié)繩上的瞬時速度相等，則將船的實際速度分解成沿繩的速度和垂直于繩的轉(zhuǎn)動速度，有解得船的實際速度為故選D。4、B【解析】m、s是國際單位制中基本單位，N，m/s，J是導出單位。ACD.由上分析知，ACD不符合題意； B.由上分析知，B符合題意。5、C【解析】本題考查了左手定則的應用導線a在c處產(chǎn)生的磁場方向由安培定則可判斷，即垂直ac向左，同理導線b在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直bc向下，則由平行四邊形定則，過c點的合場方向平行于ab，根據(jù)左手定則可判斷導線c受到的安培力垂直ab邊，指向左邊6、B【解析】試題分析：電磁炮就是在安培力的作用下運動，要想提高炮彈的發(fā)射速度，即增大安培力的大小

14、，所以可適當增大電流或磁感應強度故A正確，B正確，C錯誤；當改變磁感應強度B的方向，使之與炮彈前進方向平行時，由左手定則可知，電磁炮受的安培力方向豎直向下，在前進方向上合力為零，根據(jù)由牛頓運動定律可知，電磁炮的運動狀態(tài)不會改變，故D錯誤考點：本題考查磁場對通電直導線的作用、左手定則、安培力、牛頓運動定律以及應用這些知識解決實際問題的能力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB當只增大R1時，由于電容器相當于開路，所以對整個回路無影響，電容器兩端電壓等于R0

15、兩端的電壓，大小不變，所以庫侖力不變，F(xiàn)不變。故A錯誤，B正確。CD當增大R2時，由于R0與R2串聯(lián)， 總電阻增大，故總電流減小，即電流表示數(shù)減??；外電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；R0兩端的電壓會減小，即電容器兩端電壓減小，電荷量減小，電場強度變?nèi)?，庫侖力減小。懸線拉力F為庫侖力和重力的合力，故F減小。故C正確，D錯誤。8、BC【解析】A由于線框的一半放在磁場中，因此線框產(chǎn)生的感應電動勢大小為，A錯誤；B由于線框所產(chǎn)生的感應電動勢是恒定的，且線框連接了一個電容器，相當于電路斷路，外電壓等于電動勢，內(nèi)電壓為零，而接電壓表的這部分相當于回路的內(nèi)部，因此，電壓表兩端無電壓，電壓表沒有讀數(shù)，B正確；C根

16、據(jù)楞次定律可以判斷，a點的電勢高于b點的電勢，C正確；D電容器所帶電荷量為D錯誤9、AC【解析】CD根據(jù)電流的微觀表達式I=nqvS，在t時間內(nèi)通過導體橫截面的自由電子的電量Q=It則在t時間內(nèi)，通過導體橫截面的自由電子的數(shù)目為選項C正確，D錯誤；AB將I=nevS代入得故A正確，B錯誤。10、AD【解析】A.離子流在區(qū)域中不偏轉(zhuǎn)，一定是qEqvB，vEB，故A正確；B.進入?yún)^(qū)域后，做勻速圓周運動的半徑相同，由rmvqB知，因v、B相同，所以只能是比荷相同，故D正確，B、C錯誤。故選：AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BF 分壓式

17、 如圖所示： 5 【解析】試題分析：（1）燈泡的額定電流；故電流表選擇B；因本實驗只能接用分壓接法，故滑動變阻器選擇小電阻F；（2）根據(jù)實驗要求可知，滑動變阻器采用分壓接法，并且測量電路應與滑動變阻器的左半部分并聯(lián)；電流表采用外接法；原理圖如下；（3）由畫出的伏安特性曲線可知，時，電流，則對應的電阻；考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗12、（1）D E （2）（3）【解析】試題分析：（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準確；故只能選用15V的電壓表由P=UI得，燈泡的額定電流I=15A，故電流表應選擇116A的量程，故電流表選

18、D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（2）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法；由于燈泡的電阻較小，所以選擇電流表外接法所以電路圖如圖（3）按電路圖畫出實際電路圖為考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗【名師點睛】（1）儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器；（2）根據(jù)滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結(jié)

19、合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內(nèi)阻間的大小關系確定電流表的接法本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應用，同時還應明確內(nèi)外接法的不同及判斷四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）60m/s2；（2）14【解析】（1）小球進入電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速運動，則有：水平方向：L=v0t豎直方向：d=at2由上兩式得： （2）根據(jù)牛頓第二定律，有：qE-mg=ma 電壓：U=Ed解得：U=21V設滑動變阻器接入電路的電阻值為R，

20、根據(jù)串并聯(lián)電路的特點有：解得：R=14.【點睛】本題是帶電粒子在電場中類平拋運動和電路問題的綜合，容易出錯的是受習慣思維的影響，求加速度時將重力遺忘，要注意分析受力情況，根據(jù)合力求加速度14、（1）200V（2）20W；（3）99.5；（4）P=79.2W【解析】試題分析：（1）小球從B板上的小孔射入恰好到達A板的過程中，在電場力和重力的作用下做勻減速直線運動，設A、B兩極板間電壓為U，根據(jù)動能定理有-qU-mgd=0-mv02解得U=200V（2）設此時滑動變阻器接入電路中的電阻值為R滑，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的電流得 根據(jù)部分電路歐姆定律可知 U=IR滑解得 R滑=2.0103滑動變阻器消耗的電功率 （3）電源的效率（4）當滑動變阻器電阻為零時，則電源的輸出功率最大，那么電源的輸出最大功率 考點：閉合電路的歐姆定律；電功率；動能定理【名師點睛】本題電場與電路的綜合應用，小球在電場中做勻減速運動，由動能定理求電壓根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)，由歐姆定律求變阻器接入電路的電阻，最后掌握當外電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功