河南省濟源市第四中學2023學年高二物理第一學期期中監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，滑板運動員以速度v0從距離地面高度為h的平臺末端水平飛出，落在水平地面上運動員和

2、滑板均可視為質點，忽略空氣阻力的影響下列說法中正確的是（）Ah一定時，v0越大，運動員在空中運動時間越長Bh一定時，v0越大，運動員落地瞬間速度越大C運動員落地瞬間速度與高度h無關D運動員落地位置與v0大小無關2、關于電場和電場線，下列說法正確的是（）A電勢降低的方向就是電場線方向B電場線方向一定與電荷的受力方向相同C沿著電場線方向電勢一定降低D勻強電場中電荷一定沿著電場線方向運動3、實線為電場線，虛線為等勢線，且相鄰兩等勢間的電勢差相等，一正電荷在等勢線3上時，具有動能10J，它運動到等勢線1時速度為零，令20，那么該電荷的電勢能為4J時，其動能為A10JB6JC5JD1J4、用一個滿偏電流

3、為10 mA、內阻為40 的電流表，一個電動勢為1.5 V、內阻為1 的干電池和一個可變電阻組裝成一個歐姆表，可變電阻應選（ ）A020 B050 C0100 D0200 5、如圖所示，在M、N處各有一條垂直紙面的長直導線，導線中通有大小相等方向相反的恒定電流， O點是MN連線的中點。其中N處電流在O點產生的磁感應強度大小為B1.則O點的磁感應強度大小為A2B1BCB1D06、地球半徑為R，地面附近的重力加速度為g，物體在離地面高度為h處的重力加速度的表達式是（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，

4、選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在圓心O處固定電量為+Q的點電荷，A、B、C在同一圓周上，且下列說法正確的是A電勢差UOAUADBA、B、C三點的電場強度相同C電子在B點的電勢能大于在D點的電勢能D將一電子由D點分別移動到A、C兩點，電場力做功相同8、現(xiàn)有兩個邊長不等的正方形，如圖所示，AB=2ab且Aa、Bb、Cc、Dd間距相等。在AB、AC、CD、DB的中點分別放等量的正電荷和負電荷，若取無窮遠處電勢為零，則下列說法中正確的是AO點的電場強度為零BO點的電勢為零Cb、c兩點電勢均為零Da、d兩點場強相同9、如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，

5、a、b是正方體的另外兩個頂點，則（ ）Aa點和b點的電勢相等Ba點和b點的電場強度大小相等Ca點和b點的電場強度方向相同D將負電荷從a點移到b點，電勢能增加10、如圖所示，平行直線表示電場線，但沒有標明方向，帶電量為1102C的微粒在電場中只受電場力的作用，由A點移到B點，動能損失0.1J，若A點的電勢為10V，則( )AB點電勢為10VB電場線的方向從右向左C微粒的運動軌跡可能是軌跡1D微粒的運動軌跡可能是軌跡2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某為同學在用電流表、電壓表和滑動變阻器測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻的實驗中，采用了

6、如圖所示電路，規(guī)范操作后他記錄了6組數(shù)據（見表），試根據這些數(shù)據在下圖中畫出U-I圖線_，并根據圖線讀出電池的電動勢E=_V，求出電池的內阻r=_。因為該實驗中所用電表不是理想電表，所以電動勢的測量值_（填“大于”、“等于”、“小于”）真實值。12（12分）在測定金屬絲電阻率的實驗中，需要測出其長度L直徑d和電阻R用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如下圖，則金屬絲的直徑為_ m用電流表和電壓表測金屬絲的電流電壓時讀數(shù)如下圖，則電壓表的讀數(shù)為_ V，電流表的讀數(shù)為 _ A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所

7、示，內壁光滑的細圓管一端彎成半圓形APB，另一端BC伸直，水平放置在桌面上并固定。半圓形APB的半徑R=1. 0m，BC長L=1. 5m，桌子高度h=0. 8m。質量m=0. 1kg的小球以一定的水平初速度從A點沿過A點的切線方向射入管內，從C點離開管道后水平拋出，落地點D離C點的水平距離s=2m，不計空氣阻力，g取10m/s2，取3. 14。求：（1）小球運動到半圓形APB的中點P時的角速度；（2）小球從A點運動到D點的時間t及在P點圓管對小球的彈力F的大小。14（16分）如圖所示在長為2L的絕緣輕質細桿的兩端各連接一個質量均為m的帶電小球A和B（可視為質點，也不考慮二者間的相互作用力），A

8、球帶正電、電荷量為+2q，B球帶負電.電荷量為-3q.現(xiàn)把A和B組成的帶電系統(tǒng)鎖定在光滑絕緣的水平面上，并讓A處于如圖所示的有界勻強電場區(qū)域MPQN（邊界MPNQ也在電場內）內.已知虛線MP是細桿的中垂線，MP和NQ的距離為4L，勻強電場的場強大小為E，方向水平向右.現(xiàn)取消對A、B的鎖定，讓它們從靜止開始運動.（忽略小球運動中所產生的磁場造成的影響） (1)求小球A、B運動過程中的最大速度；(2)小球A、B能否回到原出發(fā)點？若不能，請說明理由；若能，請求出經過多長時間帶電系統(tǒng)又回到原地發(fā)點.15（12分）在豎直的井底，將一物塊以11m/s的速度豎直地向上拋出，物塊到達井口時被人接住，在被人接住

9、前1s內物塊的位移是4m，位移方向向上，不計空氣阻力，g取10m/s2，求：（1）物塊從拋出到被人接住所經歷的時間；（2）此豎直井的深度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據知，運動員在空中運動的時間由高度決定，與初速度無關，故A錯誤落地時豎直分速度vy，則運動員落地的速度v=，初速度越大，落地瞬間速度越大，故B正確落地時速度方向與水平方向夾角的正切值，可知落地的速度方向與高度有關，故C錯誤水平位移由初速度和高度共同決定，則運動員落地的位置與初速度有關，故D錯誤故選B點睛：平拋運動在水平方向上做勻速直線

10、運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移落地的速度方向與初速度和高度有關2、C【解析】A 沿電場線的方向電勢降低的最快，所以電勢降低的方向不一定是電勢降低最快的地方，也不一定是電場線的方向，故A錯誤；B 電場線的方向是該點場強的方向，就是正電荷受力的方向，故B錯誤；C 沿著電場線方向電勢一定降低，故C正確；D電荷初速度方向與電場線方向不在一條直線上，則電荷不一定沿電場線方向運動，故D錯誤。故選C。3、D【解析】電荷在電場中只受電場力，所以從 到 和從到電場力做的功相等，可得在等勢面時電荷的動能為5J，整個過程中，電荷動能與電勢能的總量保持不變，所以總

11、能量為處的能量：為5J，所以當該電荷的電勢能為4J時，其動能大小為1J，所以D正確；故選D。4、D【解析】試題分析：因為電流表是串聯(lián)在歐姆表的電路中的，所以當歐姆的兩個表筆短接時，電路中的電流不能超過Rm=150，而電流表的內阻是40，所以所串聯(lián)的電阻不能少于R=150-40=110，所以D提供的可變電阻可以滿足，選項D正確考點：歐姆表的工作原理【名師點睛】本題考查了歐姆表的工作原理，關鍵是理解當歐姆表的表筆短接時，電路中的電流最大，最大不能超過電流表的滿偏電流根據歐姆表的工作原理分析，歐姆表包含一個電源，電流計，和可變電阻，這三個儀器是串聯(lián)在一起的，工作時的電流不能超過電流計的滿偏電流，據此

12、分析5、A【解析】根據安培定則判斷得知，兩根通電導線產生的磁場方向相同，由于O點是MN連線的中點，則兩根通電導線在MN兩點產生的磁感應強度大小相等，N處電流在O點產生的磁感應強度大小為B1，根據平行四邊形進行合成得到，M點和N點在O點的磁感應強度大小為2B1，故選A。6、D【解析】在地面的萬有引力等于重力，再列高空的萬有引力等于重力，聯(lián)合可得高空重力加速度表達式【詳解】在地面上有萬有引力等于重力：，在離地面高度為h處：，聯(lián)立可得：，故D正確，ABC錯誤【點睛】本題主要考查了無論地面還是高空，都有萬有引力等于重力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個

13、選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】試題分析：因為離正電荷較近的位置場強較大，而，可知電勢差UOAUAD，選項A 正確；A、B、C三點的電場強度大小相同，但方向不同，故選項B 錯誤；由于B點電勢高于D點，故根據可知電子在B點的電勢能小于在D點的電勢能，選項C 錯誤；由于AC在同一等勢面上，故將一電子由D點分別移動到A、C兩點，電勢能的變化相同，所以電場力做功相同，選項D 正確考點：電場強度；電勢及電勢差；8、BCD【解析】A.根據點電荷的電場強度公式可知各個點電荷在點的電場場強大小，再根據矢量合成知道點合場強不為零，故A錯誤；BC. 在兩

14、對等量異種電荷的電場中，的連線上的電勢與無窮遠處電勢相同，為零，則點的電勢為零，、兩點的電勢也為零，故B、C正確；D. 根據點電荷的電場強度公式可得各個點電荷在、兩點的電場場強大小及方向，再根據矢量合成求出、兩點合場強大小也相等，方向相同，故D正確。9、BC【解析】由幾何關系，可知b的電勢大于a的電勢，故A錯誤；把負電荷從a移到b，電勢能減少，故D錯誤；由對稱性和電場的疊加原理，可得出a、b的合電場強度大小、方向都相同，故B、C正確。10、BC【解析】AAB兩點的電勢差：V則：10V解得：0V故A錯誤；B由動能定理可知：J可知粒子受到的電場力做負功，故粒子電勢能增加，B點的電勢高于A點電勢；而

15、電場線由高電勢指向低電勢，故電場線向左，故B正確；C.若粒子沿軌跡1運動，A點速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉，故C正確；D若粒子沿軌跡2運動，A點速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、圖線如圖所示 1.47 0.72 小于 【解析】1.根據描點法可得出對應的伏安特性曲線，對應的圖線如圖所示；2.根據U=E-Ir可知，圖象與縱軸的交點表示電動勢，故E=1.47V；3.圖象的斜率表示內阻，故；4.相對于電源來說，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，使所測電源電動

16、勢小于電動勢真實值，內阻測量值小于真實值12、0.698(0.001) 2.60V 0.53A 【解析】（1）由圖甲所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為19.70.01mm=0.197mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.197mm=0.697mm（2）由圖丙所示電壓表可知，其量程為3V，分度值為0.1V，示數(shù)為2.60V；由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.52A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)5 rad/s (2)1.328s 【解析】（1）小球

17、從C點到D點的過程中做平拋運動，則有 聯(lián)立解得m/s 小球在半圓形APB中做勻速圓周運動，小球運動到半圓形APB中點P時的角速度rad/s （2）小球從A點運動到B點的時間s 從B點運動到D點的時間s 則小球從A點運動到D點的時間為s 在P點，小球所受的向心力N 所以圓管對小球的彈力N14、 (1) (2) 【解析】(1)當B球進入電場后，合力向左，系統(tǒng)開始減速，故此時物體速度最大，對加速過程運用動能定理列式求解即可；(2)系統(tǒng)在B球進入電場前做加速運動，B球進入電場后開始做減速運動；返回過程先加速后減速，向右和向左的過程具有對稱性；由牛頓第二定律，求解出加速過程和減速過程的加速度，然后根據運

18、動學公式和動能定理列式求解【詳解】(1)帶電系統(tǒng)鎖定解除后，在水平方向上受到向右的電場力作用開始向右加速運動，當B進入電場區(qū)時，系統(tǒng)所受的電場力為A、B的合力，因方向向左，從而做減速運動，以后不管B有沒有離開右邊界，速度大小均比B剛進入時小，故在B剛進入電場時，系統(tǒng)具有最大速度.設B進入電場前的過程中，系統(tǒng)的加速度為a1，由牛頓第二定律：2Eq2ma1 B剛進入電場時，系統(tǒng)的速度為vm，由 可得 (2)對帶電系統(tǒng)進行分析，假設A能達到右邊界，電場力對系統(tǒng)做功為W1則 故系統(tǒng)不能從右端滑出，即：當A剛滑到右邊界時，速度剛好為零，接著反向向左加速由運動的對稱性可知，系統(tǒng)剛好能夠回到原位置，此后系統(tǒng)又重復開始上述運動.設B從靜止到剛進入電場的時間為t1，則 設B進入電場后，系