福建省上杭縣第一中學等六校2023學年高二物理第一學期期中預測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，a、b、c、d是某勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，ab=cd=

2、10cm，ad=bc=20cm電場線與矩形所在平面平行已知a點的電勢為20V，b點的電勢為24V，則下列說法正確的是（）Acd間電勢差一定為4VBc點電勢可能比d點低C電場強度方向一定由b指向aD電場強度大小一定為E=40V/m2、當波源遠離觀測者時，觀測者所接收到的頻率 f 和波源振動的頻率 f 的關(guān)系為Af f Bf f Cf f D無法確定3、靜電力常量在國際單位制中的單位是（ ）ABCD4、關(guān)于摩擦起電和感應起電的實質(zhì)，下列說法正確的是（ ）A摩擦起電說明通過做功可以創(chuàng)造電荷B摩擦起電說明電荷可以創(chuàng)造C感應起電說明電荷可以從物體的一個部分轉(zhuǎn)移到物體另一個部分D感應起電說明電荷從帶電的物

3、體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體上去了5、某位移式傳感器的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，平行金屬板A、B和介質(zhì)P構(gòu)成電容器，在可移動介質(zhì)P向左勻速移出的過程中( ) A電容器的電容大小不受影響B(tài)電容器所帶的電荷量增大C電容器兩極板間的電壓增大D電路中電流的方向為MRN6、如圖所示，質(zhì)量為m的木塊，被水平力F緊壓在傾角為60的墻面上靜止。墻面對木塊 A壓力大小可能為零B摩擦力大小可能為零C壓力與摩擦力的合力大小為FD壓力與摩擦力的合力大小為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

4、分。7、 “蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，下列分析正確的是( )A繩對人的沖量始終向上，人的動量先增大后減小B繩對人的拉力始終做負功，人的動能先增大后減小C繩恰好伸直時，繩的彈性勢能為零，人的動能最大D人在最低點時，繩對人的拉力等于人所受的重力8、如圖所示電路具有測量電流和電壓兩種功能，以下說法正確的是A開關(guān)S撥到1、2為電流擋B開關(guān)S撥到3、4為電流擋C開關(guān)S撥到1時比撥到2時量程大D開關(guān)撥到3時比撥到4時量程大9、粗細均勻的電阻絲圍成邊長為L的正方形線框置于有界的勻強磁場

5、中，磁場方向垂直于線框平面，磁感應強度為大小B，其右邊界與正方形線框的bc邊平行，現(xiàn)使線框以速度v勻速平移出磁場，如圖所示，則在移出的過程中Aad邊的電流方向為adBad邊的電流方向為daCad兩點間的電勢差絕對值為Dad兩點間的電勢差絕對值為10、帶電粒子在勻強電場中的運動軌跡如圖所示，如果帶電粒子只受電場力作用從a到b運動，下列說法正確的是（ ）A粒子帶正電B粒子在a和b點的加速度相同C該粒子在a點的電勢能比在b點時大D該粒子在b點的速度比在a點時大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）然后用螺旋測微器測量該銅片的厚度，示數(shù)如圖

6、所示，其厚度為_mm。 12（12分）兩位同學用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律（1）實驗中必須滿足的條件是_A斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D兩球的質(zhì)量必須相等（2）測量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON當所測物理量滿足

7、表達式_時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式_時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞（1）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖12所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M和N測得B與N、P、M各點的高度差分別為h1、h2、h1若所測物理量滿足表達式_時，則說明球

8、A和球B碰撞中動量守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為1.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5，閉合開關(guān)S后，電動機轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A，求：(1)電動機產(chǎn)生的熱功率；(2)電源的輸出功率；(3)電動機的輸出機械功率。14（16分）如圖所示，絕緣水平面上的AB區(qū)域?qū)挾葹閐，帶正電、電量為q的小滑塊以大小為v0的初速度從A點進入AB區(qū)域，當滑塊運動至區(qū)域的中點C時，速度大小為，從此刻起在AB區(qū)域內(nèi)加上一個水平向左的勻強電場，

9、電場強度E保持不變，并且區(qū)域外始終不存在電場（1）若加電場后小滑塊受到的電場力與滑動摩擦力大小相等，求滑塊離開AB區(qū)域時的速度（2）要使小滑塊在AB區(qū)域內(nèi)運動的時間到達最長，電場強度E應滿足什么條件？并求這種情況下滑塊離開AB區(qū)域時的速度15（12分）下表是一輛電動自行車的部分技術(shù)指標，其中額定車速是指電動車滿載情況下在平直道路上以額定功率勻速行駛的速度額定車速車質(zhì)量載重電源電源輸出電壓充電時間額定輸出功率電動機額定工作電壓和電流18km/h40kg80kg36V/12Ah36V68h180W36V/6A請參考表中數(shù)據(jù)，完成下列問題（g取10 m/s2）：（1）此車所配電動機的內(nèi)阻是多少？（2

10、）在行駛過程中電動車受阻力是車重（包括滿載重）的k倍，試計算k的大??；（3）若電動車滿載時在平直道路上以額定功率行駛，且阻力大小恒定，當車速為3m/s時，加速度為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直，可知，cd間電勢差等于ba間電勢差電場線方向無法確定，場強大小不能求出解：A、C根據(jù)題設條件可知，場強方向無法確定，知道了ab間電勢差，但不能根據(jù)E=求出場強的大小故AC錯誤B、根據(jù)勻強電場的電場線與等勢線分布的特點可知，cd間電

11、勢差必等于ba間電勢差，為4V故B正確D、cd間電勢差為4V，則知c點電勢比d點高4V故D錯誤故選B【點評】本題的關(guān)鍵在于抓住勻強電場的等勢面與電場線分布均勻的特點，分析cd間電勢差與ba間電勢差的關(guān)系2、B【解析】f由波源每秒鐘所振動的次數(shù)決定,介質(zhì)振動的頻率由波源頻率及波源相對介質(zhì)是否移動來決定,當觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小,即f f .故ACD錯誤,B正確. 故選B【點睛】利用多普勒效應分析即可,當觀察者遠離波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到的頻率小;當觀察者靠近波源過程中,觀察者接收到的機械波頻率比觀察者靜止時接收到

12、的頻率大.3、C【解析】靜電力常量在國際單位制中的單位是，選項C正確，ABD錯誤。故選C。4、C【解析】摩擦起電是電荷從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，在轉(zhuǎn)移過程中電荷總量是守恒的，故AB錯誤；感應起電是電荷從物體的一個部分轉(zhuǎn)移到物體另一個部分，且在轉(zhuǎn)移過程電荷總量也是守恒的，并不是從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體，故C正確；D錯誤；故選C5、D【解析】在介質(zhì)P向右勻速移出的過程中，根據(jù)電容的決定式：分析可知電容變小，電容器始終與電源相連，故電壓不變，由：可知電容器電荷量減小，電容器處于放電狀態(tài)，則流過電阻R的電流方向從M到N，M點的電勢比N點的電勢高，故選D.6、D【解析】對木塊進行受力分析，根

13、據(jù)共點力平衡，抓住合力為零，運用正交分解求出壓力和摩擦力的合力?！驹斀狻磕緣K受到重力和水平力F后，墻面對木塊一定有壓力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否則不能平衡。故AB錯誤；木塊受重力、支持力、推力和靜摩擦力平衡，根據(jù)多個共點力平衡的特點可知，墻壁的支持力與摩擦力的合力一定與重力與F的合力大小相等，方向相反，所以墻壁的支持力與摩擦力的合力為，故D正確，C錯誤。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、由于繩對人的作用力一直向上，故繩對人的沖量始終向上

14、，由于人在下降中速度先增大后減?。还蕜恿肯仍龃蠛鬁p小；故A正確；B、在該過程中，拉力與運動方向始終相反，繩子的力一直做負功；但由分析可知，人的動能先增大后減??；故正確；C、繩子恰好伸直時，繩子的形變量為零，彈性勢能為零；此時人有向下的加速度，速度會繼續(xù)增大，所以此時人的動能不是最大，故C錯誤；D、人在最低點時，速度為零，但有向上的加速度，所以繩子對人的拉力一定大于人受到的重力；故D錯誤綜上所述本題答案是：AB8、AC【解析】要測量電流，電流表應與電阻并聯(lián)，要測量電壓，電流表應與電阻串聯(lián)；【詳解】AC、要測量電流，電流表應與電阻并聯(lián)，由圖可知當轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置1、2位置是電流表，電流表所串并聯(lián)

15、的電阻越小，所測量電流值越大，接1時分流電阻相對更小，故接1時電表的量程更大，故A、C正確；BD、要測量電壓，電流表應與電阻串聯(lián)，由圖可知當轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到位置3、4時測量的是電壓，測量電壓，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值越大，故當轉(zhuǎn)換開關(guān)S旋到4的量程比旋到3的量程大，故B、D錯誤。故選AC?！军c睛】關(guān)鍵是知道要測量電壓，電流表應與電阻串聯(lián)，電流表所串聯(lián)的電阻越大，所測量電壓值越大；要測量電流，電流表應與電阻并聯(lián)，電流表所串并聯(lián)的電阻越小，所測量電流值越大。9、BD【解析】AB.由右手定則可知，ad邊的電流方向為da，故A錯誤，B正確；CD. 在線框以速度v向右運動的過程中，只有ad邊在

16、切割磁感線，產(chǎn)生感應電動勢，根據(jù)可以知道，線框上的感應電動勢設每邊的電阻為R，根據(jù)閉合回路歐姆定律得：ad兩端的電勢差的絕對值是路端電壓故D正確，C錯誤；10、BCD【解析】A由于粒子運動軌跡越來越向上彎曲，可判斷它受的電場力方向為豎直向上，與電場方向相反，所以粒子應帶負電。故A錯誤。B勻強電場中粒子所受的電場力恒定，加速度相同。故B正確。CD從a到b由于電場力方向速度方向成銳角，電場力做正功，則電勢能減小，動能增大，故該粒子在b點的電勢能比在a點時小，在b點的速度比在a點時大。故CD正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.195

17、(6.1946.196)【解析】螺旋測微器的固定刻度為6mm，可動刻度為19.50.01mm=0.195mm，所以最終讀數(shù)為6mm+0.195mm=6.195mm（6.1946.196）12、BC mAOP= mAOM+ mBON OP+OM=ON 【解析】A、“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量

18、，故D錯誤；故選BC小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；小球做平拋運動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運動時間：t=，設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速

19、度：vA=，vA=，vB=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA+mBvB，將速度代入動量守恒表達式解得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)2W；(2)20W；(3)12W?！窘馕觥吭谟嬎汶姽β实墓街?，總功率用P=IU來計算，發(fā)熱的功率用P=I2R來計算，如果是計算純電阻的功率，這兩個公式的計算結(jié)果是一樣的，但對于電動機等非純電阻，第一個計算的是總功率，第二個只是計算發(fā)熱的功率，這兩個的計算結(jié)果是不一樣的。對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的。【詳解】(1)電動機的發(fā)熱功率為P熱=I2R=220.5W=2W；(2)電源的輸出的功率為P輸出=EI-I2r=(122 -221)W=20W；(3)電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動機的電壓為U=E-U內(nèi)-UR0= E-Ir-IR0=（12 -21-21.5）V=7V則電動機的總功率為P總=UI=72W=14W