南寧市第二中學(xué)2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，S1、S2 是兩個(gè)相干波源，它們的相位及振幅均相同。實(shí)線和虛線分別表示在某一時(shí)刻它們所發(fā)出的波 的波峰和波谷，關(guān)于圖中所標(biāo)的 a、b、c 三點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是Aa 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)減弱，b、c 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)Ba 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，b、c 質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)減弱C再過(guò) T/4 后的時(shí)刻，b、c 兩質(zhì)點(diǎn)都將處于各自的平衡位置，振動(dòng)將減弱Da 點(diǎn)一直在平衡位置，b 點(diǎn)一直在波峰，c 點(diǎn)一直在波谷2、如圖是條形磁鐵的部分磁感線分布示意圖，關(guān)于圖中a、b兩點(diǎn)磁場(chǎng)的描述，正確的是（ ）Aa點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Ba指向Bb點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Bb指向Ca點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度Da點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

3、小于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度3、 如圖所示，在光滑絕緣的水平面上存在一平行于水平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在水平面上的M點(diǎn)有一質(zhì)量為m的帶電小物塊（可看成質(zhì)點(diǎn)，電性不知），現(xiàn)給小物塊一平行水平面的初速度v0，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間小物塊運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的速度大小仍是v0，且經(jīng)M、N兩點(diǎn)時(shí)速度方向均是以O(shè)為圓心、R為半徑的圓的切線，N、O兩點(diǎn)電勢(shì)差的絕對(duì)值為U，則A粒子在M、N間是做圓周運(yùn)動(dòng)B粒子從M到N的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，動(dòng)能一定先增大后減小C勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=D圓周上，O點(diǎn)與電勢(shì)最低的點(diǎn)的電勢(shì)差為，且O點(diǎn)電勢(shì)一定較高4、如圖所示,大小可以忽略不計(jì)的帶有同種電荷的小球A和B相互排斥,靜止時(shí)絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角分別為和,且

4、,兩小球在同一水平線上,由此可知()AB球受到的庫(kù)侖力較大,電荷量較大BB球的質(zhì)量較大CB球受到的拉力較大D兩球接觸后再分開,再處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí),懸線的偏角、仍滿足5、如圖所示的U-I圖象中，直線為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線為某一電阻R的U-I圖線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A電源電動(dòng)勢(shì)為3.0 V，內(nèi)阻為0.5BR的阻值為1CR消耗的功率1.5 WD電源消耗的總功率為2.5 W6、火星和木星沿各自的橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)行，根據(jù)開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律可知A太陽(yáng)位于木星運(yùn)行橢圓軌道的一個(gè)焦點(diǎn)上B火星和木星繞太陽(yáng)運(yùn)行速度的大小始終相等C由于火星與木星軌道不同，火星與木星公

5、轉(zhuǎn)周期的平方與其所對(duì)應(yīng)軌道半長(zhǎng)軸的立方之比不相等D相同時(shí)間內(nèi)，火星與太陽(yáng)連線掃過(guò)的面積等于木星與太陽(yáng)連線掃過(guò)的面積二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一帶電液滴在重力和勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45，則下列結(jié)論正確（）A此液滴帶負(fù)電B液滴的加速度等于2gC液滴的重力勢(shì)能和電勢(shì)能都減小D合外力對(duì)液滴做的總功等于零8、將一通電導(dǎo)線放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，受到的安培力為N，已知通電導(dǎo)線的長(zhǎng)度為m，電流強(qiáng)度為A，則該處的磁感

6、應(yīng)強(qiáng)度的大小可能為：A1.8；B1.5；C1.2；D19、孤立點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)面如圖中虛線所示，其電勢(shì)分別為1、2、3，其中A、B、C 是某電場(chǎng)線與這簇等勢(shì)面的交點(diǎn)，且 AB =BC.現(xiàn)將一負(fù)電荷由 A 移到B，電場(chǎng)力做正功 W1；由 B 移到 C，電場(chǎng)力做正功 W2，則A123B123CW1W2DW1W210、如圖所示，在點(diǎn)電荷Q形成的電場(chǎng)中，帶電粒子q僅受電場(chǎng)力作用，運(yùn)動(dòng)軌跡為MEGFN曲線，其中G點(diǎn)與等勢(shì)面a相切，E、F兩點(diǎn)在等勢(shì)面b上，M、N兩點(diǎn)在等勢(shì)面c上則以下判斷正確的是（ ）Aq與Q電性相同B帶電粒子在G點(diǎn)電勢(shì)能最小C帶電粒子在M點(diǎn)動(dòng)能大于F點(diǎn)D帶電粒子在E點(diǎn)電勢(shì)能小于N點(diǎn)

7、三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）一細(xì)而均勻的導(dǎo)電材料，截面為圓柱體，如圖所示。此材料長(zhǎng)約5cm.電阻約為100，欲測(cè)量這種材料的電阻率，現(xiàn)提供以下實(shí)驗(yàn)器材A20分度的游標(biāo)卡尺；B螺旋測(cè)微器：C電流表A1（量程50mA，內(nèi)阻r1=100）；D電流表A2（量程100mA，內(nèi)阻r2約為40）：E.電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約為3000）；F.滑動(dòng)變阻器R1（010，額定電流2A)；G.直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻很?。?；H.上述導(dǎo)電材料R2（長(zhǎng)約為5cm，電阻約為100）；I.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干。請(qǐng)用上述器材設(shè)計(jì)一個(gè)盡可能精確地

8、測(cè)量該樣品電阻率的實(shí)驗(yàn)方案，回答下列問(wèn)題：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)得該樣品的長(zhǎng)度如圖所示，其示數(shù)L=_cm.用螺旋測(cè)微器測(cè)得該樣品的外直徑如圖所示，其示數(shù)D=_mm.（2）在所給的方框中畫出設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)明所選擇器材的物理量符號(hào) 。（3）用已知的物理量和所測(cè)得的物理量的符號(hào)表示這種材料的電阻率為=_。12（12分）某同學(xué)在練習(xí)使用多用電表時(shí)連接的電路如圖所示。(1)若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使尖端對(duì)準(zhǔn)直流電流擋，此時(shí)測(cè)得的是通過(guò)_(填R1或R2)的電流；(2)若斷開電路中的電鍵，旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)使其尖端對(duì)準(zhǔn)歐姆擋，則測(cè)得的是_的電阻。AR1的電阻BR2的電阻CR1和R2的串聯(lián)電阻DR1和R2的并聯(lián)電阻(3

9、)將選擇倍率的旋鈕撥至100擋時(shí)，指針的偏轉(zhuǎn)角過(guò)大，為了提高測(cè)量的精確度，請(qǐng)完成下列操作：A將選擇開關(guān)撥至_擋(填“1k”或“10”)；B將兩根表筆短接C調(diào)節(jié)調(diào)零電阻，使指針停在0刻度線上D將兩根表筆分別接觸待測(cè)電阻的兩端，指針偏轉(zhuǎn)情況如圖所示，則所測(cè)電阻大小為_.E.將選擇開關(guān)撥至交流電壓最高擋上。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第I象限存在沿y軸負(fù)方向的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y軸負(fù)半軸上的某處固定著一點(diǎn)電荷（設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)與點(diǎn)電荷電場(chǎng)以x軸為界互不影響），一質(zhì)量為m，電荷量

10、為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成=60角射入第IV象限，此后在點(diǎn)電荷作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出，OP=3R不計(jì)粒子重力，靜電力常量為k，求：（1）M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；（2）固定x軸下側(cè)平面內(nèi)的點(diǎn)電荷電量Q.14（16分）如圖所示電子射線管.陰極K發(fā)射電子，陽(yáng)極P和陰極K間加上電壓后電子被加速.A、B 是偏轉(zhuǎn)極板 使飛進(jìn)的電子偏離.若已知 P、K間所加電壓為偏向板長(zhǎng)L，板間距離d，所加電壓.偏轉(zhuǎn)板右端 距熒光屏為R.電子質(zhì)量為m，電子電量為e.設(shè)從陰極出 來(lái)的電子速度為為0.試問(wèn)：(1)電子

11、通過(guò)陽(yáng)極P板的速度是多少？(2)電子通過(guò)偏向板時(shí)的偏轉(zhuǎn)位移為多少？(3)電子過(guò)偏向板向到達(dá)距離偏向板 R 熒光屏上點(diǎn)，此點(diǎn)偏離入射方向的距離y是多 少？15（12分）如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m、電荷量為q，從靜止開始經(jīng)電壓為U1的電場(chǎng)加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微粒射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角為已知偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中金屬板長(zhǎng)L，兩板間距d，帶電微粒重力忽略不計(jì)求：（1）帶電微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速率v1；（1）偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中兩金屬板間的電壓U1參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】ABC、a質(zhì)點(diǎn)處是兩列波波峰與波

12、谷疊加的地方,振動(dòng)始終減弱的,而b、c質(zhì)點(diǎn)是兩列波波峰與波峰、波谷與波谷疊加的地方,振動(dòng)始終加強(qiáng).故A對(duì)；BC錯(cuò)；D、因?yàn)閮蓚€(gè)波源的振動(dòng)方向相同、振幅相同,所以a點(diǎn)靜止不動(dòng),一直在平衡位置.b、c兩點(diǎn)的振動(dòng)始終是加強(qiáng)的,但它們?nèi)栽谡駝?dòng),位移隨時(shí)間周期變化,不是靜止不動(dòng)的.故D錯(cuò)誤.故選A【點(diǎn)睛】?jī)闪胁ǜ缮鏁r(shí),兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處,振動(dòng)始終加強(qiáng),波峰與波谷相遇處振動(dòng)始終減弱.振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振動(dòng)等于波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的2倍.2、C【解析】試題分析：磁場(chǎng)方向沿磁感線的切線方向，磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，結(jié)合磁感線的特點(diǎn)分析判斷解：A、磁感線上某點(diǎn)的切線方向表示磁場(chǎng)的方向，圖中a、b兩點(diǎn)

13、的磁場(chǎng)方向均是錯(cuò)誤的，故A、B錯(cuò)誤C、磁感線疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，a點(diǎn)磁感線比較密，則a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C正確，D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道磁感線的特點(diǎn)，知道磁感線上某點(diǎn)的切線方向表示磁場(chǎng)方向，磁感線的疏密表示強(qiáng)弱3、C【解析】A、電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故粒子受力方向恒定，不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、粒子在電場(chǎng)中合外力等于電場(chǎng)力，在M、N兩點(diǎn)速度相同，動(dòng)能相同，由能量守恒可知M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)能也相同，即MN處于同一等勢(shì)線上，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件，速度與電場(chǎng)力的夾角先大于900后小于900，所以電場(chǎng)力必先做負(fù)功后做正功，即速度會(huì)先減小后增大，動(dòng)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤

14、；C、由B項(xiàng)可知MN處于同一等勢(shì)線上，所以電場(chǎng)方向垂直于NM，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小，故C正確；D、圓周上，O點(diǎn)與電勢(shì)最低的點(diǎn)的電勢(shì)差為，但O點(diǎn)電勢(shì)不一定較高，故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】粒子在電場(chǎng)中合外力等于電場(chǎng)力，在M、N兩點(diǎn)速度相同，動(dòng)能相同，由能量守恒可知M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)能也相同，即MN處于同一等勢(shì)線上4、D【解析】A根據(jù)牛頓第三定律得：A球?qū)球的庫(kù)侖力等于B球?qū)球的庫(kù)侖力，無(wú)論兩球電荷量是否相等所受庫(kù)倫力都相等，故無(wú)法比較哪個(gè)電荷量較大，故A錯(cuò)誤；B對(duì)小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：因，所以mAmB，故B錯(cuò)誤;C根據(jù)平衡條件有：因，所以B球受的拉力較小，故C錯(cuò)誤;D兩球接觸后，再

15、靜止下來(lái)，兩絕緣細(xì)線與豎直方向的夾角變?yōu)?、，?duì)小球A、B受力分析，根據(jù)平衡條件有：因?yàn)閙AmB，所以,故D正確5、C【解析】A直線可以看出，電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V，斜率為內(nèi)阻，A錯(cuò)誤；B直線的斜率為R的阻值，為，B錯(cuò)誤；C用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，圖像的交點(diǎn)即為此時(shí)電阻工作的電壓和電流，其電功率為1.5W，C正確；D電阻和電源的總電阻為，電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電源消耗總功率為3W，D錯(cuò)誤。6、A【解析】熟記理解開普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律：第一定律：所有的行星圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道都是橢圓，太陽(yáng)處在所有橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上。第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等。第三定律

16、：所有行星的軌道的半長(zhǎng)軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等。【詳解】第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，太陽(yáng)處于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上。故A正確；第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等。行星在此橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)的速度大小不斷變化，故B錯(cuò)誤；若行星的公轉(zhuǎn)周期為T，則a3T2=k，其中常量k與行星無(wú)關(guān)，與中心體有關(guān)，即火星與木星公轉(zhuǎn)周期的平方與其所對(duì)應(yīng)軌道半長(zhǎng)軸的立方之比相等，故C錯(cuò)誤；第二定律：對(duì)每一個(gè)行星而言，太陽(yáng)行星的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等，是對(duì)同一個(gè)行星而言，故D錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】正確理解開普勒的行星運(yùn)動(dòng)三定律是解答本題的關(guān)鍵

17、二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABC【解析】根據(jù)帶電液滴作直線運(yùn)動(dòng)可知帶電液滴所受重力與電場(chǎng)力的合力一定沿運(yùn)動(dòng)方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場(chǎng)力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場(chǎng)力做功的情況可以判定電勢(shì)能變化情況?！驹斀狻緼項(xiàng)：若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運(yùn)動(dòng)，故只能帶負(fù)電荷，故A正確；B項(xiàng)：對(duì)液滴進(jìn)行受力分析，其受力情況如圖所示

18、，故物體所受合力F=2mg，故物體的加速度a=2mgm=2g，故B正確；C項(xiàng)：由于電場(chǎng)力所做的功W電=Eqxbdcos450，故電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功，故液滴的電勢(shì)能減小，液滴向下運(yùn)動(dòng)，所以重力勢(shì)能也減小，故C正確；D項(xiàng)：由于液滴從靜止開始做加速運(yùn)動(dòng)，故合力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相同，故合外力對(duì)物體做正功，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：ABC。【點(diǎn)睛】帶電液滴從靜止開始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，是我們判定液滴帶電性質(zhì)的突破口，在今后的學(xué)習(xí)中我們經(jīng)常用到要注意掌握。8、AB【解析】當(dāng)導(dǎo)線和磁場(chǎng)垂直時(shí)受的安培力最大，則根據(jù)F=BIL可知，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可能為1.8T和1.5T，故選AB.【點(diǎn)睛】當(dāng)通電導(dǎo)線與磁場(chǎng)垂

19、直時(shí)，導(dǎo)線所受的磁場(chǎng)力最大；當(dāng)導(dǎo)線與磁場(chǎng)平行時(shí)，導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力最小由安培力公式求出導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的范圍再選擇9、BD【解析】將一負(fù)電荷由A移到B，電場(chǎng)力做正功，可知負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力的方向向右，結(jié)合負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)線的方向相反，可知該電場(chǎng)線的方向向左，即由C指向A，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，所以C點(diǎn)的電勢(shì)最高，A點(diǎn)的電勢(shì)最低，即123；該電場(chǎng)線的方向向左，由C指向A；再結(jié)合圖中等勢(shì)面的特點(diǎn)可知產(chǎn)生該電場(chǎng)的點(diǎn)電荷帶負(fù)電且位于A點(diǎn)的左側(cè)，所以A處的場(chǎng)強(qiáng)最大，C處的場(chǎng)強(qiáng)最小，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系：U=Ed可知，AB之間的電勢(shì)差一定大于BC之間的電勢(shì)差，即：UCBUBA，又電場(chǎng)力做功

20、：W=qU，所以：W1W2，故BD正確，AC錯(cuò)誤。10、AC【解析】試題分析：由力學(xué)知識(shí)可知，物體受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出帶電粒子與點(diǎn)電荷是同種電荷，存在靜電斥力根據(jù)力與速度方向關(guān)系可分析做功的正負(fù)解：A、由圖可知，粒子受靜電斥力的作用，MG段電場(chǎng)力與速度方向的夾角為鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，GN段電場(chǎng)力與速度方向的夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功因此q與Q電性相同，且G點(diǎn)電勢(shì)能最大，故A正確，B錯(cuò)誤；C、由題意可知，E與F在同一等勢(shì)線上，而粒子從M到E，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以在M點(diǎn)電勢(shì)能小于F點(diǎn)，則在M點(diǎn)動(dòng)能大于F點(diǎn)，故C正確D、同理可知，M與N點(diǎn)是等電勢(shì)的，所以粒子在E

21、點(diǎn)電勢(shì)能大于N點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；故選AC【點(diǎn)評(píng)】本題考查運(yùn)用力學(xué)知識(shí)分析電場(chǎng)中軌跡問(wèn)題的能力電場(chǎng)力具有力的共性，判斷電場(chǎng)力做功的正負(fù)，按照功的公式，分析電場(chǎng)力與速度方向的夾角來(lái)判斷及學(xué)會(huì)由電場(chǎng)力做功的正負(fù)來(lái)確定電勢(shì)能的增加與否三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、 5.015 4.700 【解析】（1）由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm；由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm。（2）電源電動(dòng)勢(shì)為3V，電壓表量程為15V，電壓表量程太大，不能用電壓表測(cè)

22、電壓，可以用已知內(nèi)阻的電流表A1與待測(cè)電阻并聯(lián)測(cè)電壓，用電流表A2測(cè)電流，由于滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示：（3）通過(guò)待測(cè)電阻的電流：I=I2-I1，待測(cè)電阻兩端電壓：U=I1r1，待測(cè)電阻阻值為： ，電阻定律： ，聯(lián)立可得： 。12、R1 C 10 160 【解析】（1）1多用電表使用電流檔時(shí)應(yīng)該串聯(lián)在電路中，圖中多用電表與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電流相等，若旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)，使其尖端對(duì)準(zhǔn)直流電流檔，此時(shí)測(cè)得的是通過(guò)R1的電流（2）2斷開電路中的電鍵，R1與R2串聯(lián)，多用電表兩表筆接在其兩端，故測(cè)得的是R1與R2串聯(lián)的總電阻，故選C；（3）34用“100”測(cè)電阻時(shí)擋時(shí)，指針的偏轉(zhuǎn)角過(guò)大，說(shuō)明所選擋位太大，為準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，應(yīng)換用小擋，應(yīng)選“10”擋，然后對(duì)歐姆表重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，然后再測(cè)電阻阻值，歐姆表使用完畢后，要把選擇開關(guān)置于OFF擋或交流電源最高擋上，由圖象表盤可知，待測(cè)電阻阻值為：1610=160；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（1）粒子在第一象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋的特點(diǎn)可以求出末速度大小，再根據(jù)動(dòng)能定理可求出電勢(shì)差；（2）粒子在第四象限做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾