2022年山西省大同市靈丘縣高考全國統(tǒng)考預測密卷物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，四根相互平行的固定長直導線、，其橫截面構(gòu)成一角度為的菱形，均通有相等的電流，菱形中心為。中電流方向與中的相同，與、中的相反，下列說法中正確的是（）A菱形中心處的磁感應強度不為零B菱形中心處的磁感應強度方向沿C所受安培力與所受

2、安培力大小不相等D所受安培力的方向與所受安培力的方向相同2、如圖甲所示的電路中，R表示電阻，L表示線圈的自感系數(shù)。改變電路中元件的參數(shù)，使it曲線圖乙中的改變?yōu)?。則元件參數(shù)變化的情況是（）AL增大，R不變BL減小，R不變CL不變，R增大DL不變，R減小3、將質(zhì)量為1.00 kg的模型火箭點火升空，50 g燃燒的燃氣以大小為600 m/s的速度從火箭噴口在很短時間內(nèi)噴出。在燃氣噴出后的瞬間，火箭的動量大小為（噴出過程中重力和空氣阻力可忽略）A30B5.7102C6.0102D6.31024、如圖所示，豎直平面內(nèi)兩個四分之一圓弧軌道的最低點相切，圓心分別為、，半徑分別為和，兩個小球P、Q先后從點水

3、平拋出，分別落在軌道上的、兩點，已知、兩點處于同一水平線上，在豎直方向上與點相距，不計空氣阻力，重力加速度為。下列說法正確的是（）A小球P在空中運動的時間較短B小球Q從拋出到落在軌道上的速度變化量較大C小球P與小球Q拋出時的速度之比為111D兩小球落在軌道上的瞬間，小球P的速度與水平方向的夾角較小5、太陽周圍除了八大行星，還有許多的小行星，在火星軌道與木星軌道之間有一個小行星帶，假設此小行星帶中的行星只受太陽引力作用，并繞太陽做勻速圓周運動，則A小行星帶中各行星繞太陽做圓周運動周期相同B小行星帶中各行星繞太陽做圓周運動加速度大于火星做圓周運動的加速度C小行星帶中各行星繞太陽做圓周運動周期大于木

4、星公轉(zhuǎn)周期D小行星帶中某兩顆行星線速度大小不同，受到太陽引力可能相同6、如圖所示，兩同心圓環(huán)A、B置于同一光滑水平桌面上，其中A為均勻帶電絕緣環(huán)，B為導體環(huán)，若A環(huán)以圖示的順時針方向，繞圓心由靜止轉(zhuǎn)動起來，則（ ）AB環(huán)將順時針轉(zhuǎn)動起來BB環(huán)對桌面的壓力將增大CB環(huán)將有沿半徑方向擴張的趨勢DB環(huán)中將有順時針方向的電流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、分子力F、分子勢能EP與分子間距離r的關系圖線如甲乙兩條曲線所示(取無窮遠處分子勢能EP=0).下列說法正確的是A乙圖

5、線為分子勢能與分子間距離的關系圖線B當r=r0時,分子勢能為零C隨著分子間距離的增大,分子力先減小后一直增大D分子間的斥力和引力大小都隨分子間距離的增大而減小,但斥力減小得更快E. 在r0的空間中存在著垂直xOy平面向外的勻強磁場，在y0的空間中存在著平行于xOy平面的勻強電場，場強方向與x軸正方向成45夾角斜向下。一質(zhì)量為m，帶電量為q的帶正電粒子,不計粒子的重力，該粒子從坐標原點以初速度v0進入磁場，方向與x軸負方向成45夾角斜向上，然后經(jīng)過M點進入電場，并與y軸負半軸相切于N點。已知M點坐標為（L，0）。求：(1)勻強磁場的磁感應強度；(2)勻強電場的電場強度。14（16分）2019年諾

6、貝爾物理獎的一半授予詹姆斯皮伯斯（James Peebles）以表彰他“在物理宇宙學方面的理論發(fā)現(xiàn)”，另一半授予了米歇爾馬約爾(Michel Mayor)和迪迪埃奎洛茲(Didier Queloz)，以表彰他們“發(fā)現(xiàn)了一顆圍繞太陽運行的系外行星”。對宇宙探索一直是人類不懈的追求?，F(xiàn)假設有這樣模型：圖示為宇宙中一恒星系的示意圖，A為該星系的一顆行星，它繞中央恒星O的運行軌道近似為圓已知引力常量為G，天文學家觀測得到A行星的運行軌道半徑為R0，周期為T0，求：（1）中央恒星O的質(zhì)量M是多大？（2）長期觀測發(fā)現(xiàn)A行星每隔t0時間其運行軌道便會偏離理論軌道少許，天文學家認為出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因可能是A行

7、星外側(cè)還存在著一顆未知的行星B（假設其運行的圓軌道與A在同一平面內(nèi)，且與A的繞行方向相同）根據(jù)上述現(xiàn)象和假設，試求未知行星B的運動周期和軌道半徑15（12分）如圖所示，右端封閉左端開口的導熱良好的形玻璃管兩邊粗細不同，粗玻璃管半徑為細玻璃管半徑的3倍，兩管中裝入高度差為的水銀，右側(cè)封閉氣體長，左側(cè)水銀面距管口?，F(xiàn)將左管口用一與玻璃管接觸良好的活塞封閉圖中未畫出），并將活塞緩慢推入管中，直到兩管水銀面等高。外界大氣壓強為，環(huán)境溫度不變，不計活塞與管內(nèi)壁的摩擦。求：兩管水銀面等高時左側(cè)氣體的壓強是多少；整個過程活塞移動的距離是多少厘米（保留三位有效數(shù)字）。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小

8、題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB由右手螺旋定則可知，L1在菱形中心處的磁感應強度方向OL2方向，21在菱形中心處的磁感應強度方向OL3方向，L3在菱形中心處的磁感應強度方向OL2方向，L4在菱形中心處的磁感應強度方向OL3方向，由平行四邊形定則可知，菱形中心處的合磁感應強度不為零，方向應在OL3方向與OL2方向之間，故A正確，B錯誤；CL1和L3受力如圖所示，由于四根導線中的電流大小相等且距離，所以每兩根導線間的相互作用力大小相等，由幾可關系可知，所受安培力與所受安培力大小相等，方向不同，故CD錯誤；故選A。2、A【解析】電源電阻不計，由

9、圖可知，放電達到的最大電流相等，而達到最大電流的時間不同，說明回路中的電阻值不變，即電阻R不變；電流的變化變慢，所以線圈的阻礙作用增大，即自感系數(shù)L增大， A正確，BCD錯誤。故選A。3、A【解析】開始總動量為零，規(guī)定氣體噴出的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得，0=m1v1+p，解得火箭的動量，負號表示方向，故A正確，BCD錯誤；【點睛】解決本題的關鍵掌握動量守恒定律的條件，以及知道在運用動量守恒定律時，速度必須相對于地面為參考系。4、C【解析】AB、C在同一水平線上，平拋運動的下落時間，由豎直方向的自由落體分運動決定，故故A錯誤；B平拋運動的速度變化量，兩球的下落時間相等，故大小相等，方向都

10、豎直向下，故B錯誤；C球的水平位移為球的水平位移為結(jié)合可知，初速度大小之比等于水平分位移大小之比，為111，故C正確；D小球P落在軌道上的瞬間速度與水平方向的夾角正切小球Q落在軌道上的瞬間速度與水平方向的夾角正切可得小球P的速度與水平方向的夾角較大，故D錯誤。故選C。5、D【解析】A項：由公式可知，若小行星做圓周運動半徑不同，則周期不同，故A錯誤；B項：由公式可知，小行星中各行星繞太陽做圓周運動的加速度小于火星做圓周運動的加速度，故B錯誤；C項：小行星帶中各行星繞太陽做圓周運動的半徑小于木星繞太陽公轉(zhuǎn)的半徑，因此小行星帶中各行星繞太陽做圓周運動周期小于木星公轉(zhuǎn)周期，故C錯誤；D項：由公式可知，

11、某兩顆行星線速度大小v不同，但有可能相同，故D正確。故選：D。6、C【解析】略考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；楞次定律分析：因帶電絕緣環(huán)A的運動，相當于電荷定向移動，從而產(chǎn)生電流，導致圓環(huán)B中的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電流使得處于磁場中的B圓環(huán)受到力的作用解答：解：A、A環(huán)以圖示的順時針方向，繞圓心由靜止轉(zhuǎn)動起來，設絕緣環(huán)帶正電，所以產(chǎn)生順時針方向的電流，使得B環(huán)中的磁通量變大，由楞次定律可得感應電流方向是逆時針的，兩環(huán)的電流方向相反，則具有沿半徑擴張趨勢若絕緣環(huán)帶負電，所以產(chǎn)生逆時針方向的電流，使得B環(huán)中的磁通量仍變大，由楞次定律可得感應電流方向是順時針的，兩環(huán)的電流方向仍相反，則仍具有

12、沿半徑擴張趨勢由上可知，B環(huán)不會轉(zhuǎn)動，同時對桌面的壓力不變故選C點評：由楞次定律來確定感應電流方向，同時當電流方向相同時，兩者相吸引；而當電流方向相反時，兩者相排斥二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ADE【解析】A、B項：在rr0時，分子勢能最小，但不為零，此時分子力為零，故A項正確，B項錯誤；C項：分子間作用力隨分子間距離增大先減小，然后反向增大，最后又一直減小，C項錯誤；D項：分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，隨分子間距離的減小而增大，但斥力比引力變

13、化得快，D項正確；E項：當rr0時，分子力表現(xiàn)為斥力，當分子力減小時，分子間距離增大，分子力做正功，分子勢能減少，E項正確。故選：ADE。8、CD【解析】A處于中點的小球A的運動半徑為，根據(jù)線速度與角速度的關系可知線速度A錯誤；B處于中點的小球A的加速度為B錯誤；C處于端點的小球B的向心加速度由牛頓第二定律可知小球B所受的合外力為C正確；D設輕桿段中的拉力為，輕桿段中的拉力為，對小球A由牛頓第二定律可得對小球B由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得D正確。故選CD。9、ABE【解析】A太陽輻射的能量大部分集中在可見光及附近的區(qū)域，故A正確；B兩列機械波在同一介質(zhì)中傳播速度相同，波長相同則頻率相同，則一定能

14、獲得穩(wěn)定的干涉圖案，故B正確；C狹義相對論的第一個基本假設：在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的，故錯誤；D由于紫光的波長比綠光的短，則用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實驗，綠光的中央亮紋較寬，故D錯誤；E圖像信號越強，電視機顯像管里的電子槍發(fā)射電子束越強，故E正確。故選ABE。10、BC【解析】對小球受力如圖所示AB對整體兩者一起加速，則解得故A錯誤，B正確；CD由題意得故C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、8.0 系統(tǒng) 【解析】根據(jù)位移差公式求解系統(tǒng)的加速度。對整個系統(tǒng)進行分析，根據(jù)牛頓第二定

15、律求解M的表達式。根據(jù)誤差來源分析誤差的性質(zhì)?！驹斀狻?1)1根據(jù)位移差公式，解得系統(tǒng)運動的加速度為(2)2根據(jù)牛頓第二定律，對Q和Z有對物體P有聯(lián)立解得。(3)3由題意可知本實驗中誤差是由于實驗原理的選擇而造成的，無法通過多測數(shù)據(jù)來消除，故這是一種系統(tǒng)誤差?！军c睛】本題主要考查了通過系統(tǒng)牛頓第二定律測質(zhì)量的方法，能分析出實驗誤差的原因。明確系統(tǒng)誤差和偶然誤差的定義。12、電壓表應接量程，開始實驗前開關應斷開 2.0 相同 【解析】(1). 1電壓表應接量程；開始實驗前開關應斷開；(2)2圖像如圖：34由于即 則圖像的斜率 解得 由圖像可知，當x=0時，可知電流表內(nèi)阻為2.0；5由以上分析可知，電流表內(nèi)阻對直線的斜率無影響，則理論上用此電路測得的金屬絲電阻率與其真實值相比相同。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)；(2)【解析】(1)如圖所示，則由得(2)帶電粒子以速度v0垂直進入勻強電場因為與y軸相切與N點，所以末速度沿y軸負方向，利用類平拋運動速度