2022年云南省紅河州瀘西一中高三第四次模擬考試物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符

2、合題目要求的。1、撐桿跳是一種技術(shù)性和觀賞性都極高的運(yùn)動項(xiàng)目。如果把撐桿跳全過程分成四個階段：ab、bc、cd、de，如圖所示，不計空氣阻力，桿為輕桿，則對這四個階段的描述不正確的是（）Aab階段：加速助跑，人和桿的總機(jī)械能增加Bbc階段：桿彎曲、人上升，系統(tǒng)動能減少，重力勢能和彈性勢能增加Ccd階段：桿伸直、人上升，人的動能減少量等于重力勢能增加量Dde階段：人過橫桿后下落，重力所做的功等于人動能的增加量2、一杯水含有大量的水分子，若杯中水的溫度升高，則（ ）A水分子的平均動能增大B只有個別水分子動能增大C所有水分子的動能都增大D每個水分子的動能改變量均相同3、摩天輪是的樂場一種大型轉(zhuǎn)輪狀設(shè)

3、施，摩天輪邊緣懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，下列敘述正確的是A摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變B摩天輪物動一周的過程中，乘客所受合外力的沖量為零C在最低點(diǎn)，乘客處于失重狀態(tài)D摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客所受的重力的瞬時功率保持不變4、汽車甲和乙在同一公路上做直線運(yùn)動，下圖是它們運(yùn)動過程中的U-t圖像，二者在t1和t2時刻的速度分別為v1和v2，則在t1到t2時間內(nèi)At1時刻甲的加速度小于乙的加速度B乙運(yùn)動的加速度不斷增大C甲與乙間距離越來越大D乙的平均速度等于5、如圖所示，一充電后的平行板電容器的兩極板相距l(xiāng)，在正極板附近有一質(zhì)量為m，電荷量為的粒子A；在負(fù)極板附近有一質(zhì)

4、量也為m、電荷量為的粒子B。僅在電場力的作用下兩粒子同時從靜止開始運(yùn)動。已知兩粒子同時經(jīng)過一平行于正極板且與其相距的平面Q，兩粒子間相互作用力可忽略，不計重力，則以下說法正確的是（）A電荷量與的比值為B電荷量與的比值為C粒子A、B通過平面Q時的速度之比為D粒子A、B通過平面Q時的速度之比為6、如圖所示，圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動的兩顆衛(wèi)星的周期分別為T1和T2，兩顆衛(wèi)星的軌道半徑的差值為d，地球表面重力加速度為g，根據(jù)以上已知量無法求出的物理量是（引力常量G未知）（）A地球的半徑B地球的質(zhì)量C兩顆衛(wèi)星的軌道半徑D兩顆衛(wèi)星的線速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

5、選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直放置的半圓形軌道與水平軌道平滑連接，不計一切摩擦圓心O點(diǎn)正下方放置為2m的小球A，質(zhì)量為m的小球B以初速度v0向左運(yùn)動，與小球A發(fā)生彈性碰撞碰后小球A在半圓形軌道運(yùn)動時不脫離軌道，則小球B的初速度v0可能為（）ABCD8、甲、乙兩車在平直公路上同向行駛時的v-t圖像如圖所示，t0時刻，兩車并排行駛，下列說法正確的是（）At=0時，甲車在乙車前0.68 v0t0B兩車速度相等的時刻為1.2t0C兩車再次并排行駛的時刻為1.4t0D兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為0.04v0t0

6、9、如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點(diǎn)O的A點(diǎn)，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點(diǎn)，此過程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法中正確的是（）A半圓柱體對小物塊的支持力變大B外力F變大C地面對半圓柱體的支持力先變大后變小D地面對半圓柱體的摩擦力先變大后變小10、如圖所示，半徑為a的圓形區(qū)域內(nèi)，有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，EF、MN為兩平行金屬板，板長和板距均為2a，一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子以速度從A點(diǎn)沿半徑方向射入磁場，若金屬板接電源，則粒子沿平行于金屬板的方向射出，若金屬板不接電源，則粒子離開磁場時速

7、度方向偏轉(zhuǎn)，不計粒子的重力，下列說法正確的是（）A粒子帶負(fù)電B粒子兩次通過磁場區(qū)域所用的時間相等C速度的大小為D兩金屬板間的電壓為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）實(shí)驗(yàn)小組采用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)，提供的器材有：帶定滑輪的長木板，有凹槽的木塊，質(zhì)量為20 g的鉤碼若干，打點(diǎn)計時器，電源，紙帶，細(xì)線等實(shí)驗(yàn)中將部分鉤碼懸掛在細(xì)線下，剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度(1) 正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作，得到一條紙帶，從某個清晰的打點(diǎn)開始，依次標(biāo)注0、1、2、3、4、5、6，分別測出

8、位置0到位置3、位置6間的距離，如圖乙所示已知打點(diǎn)周期T0.02 s，則木塊的加速度a_m/s2.(2) 將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細(xì)線下端，改變懸掛鉤碼的總質(zhì)量m，測得相應(yīng)的加速度a，作出am圖象如圖丙所示已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭9.8 m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)_(保留兩位有效數(shù)字)；的測量值_(選填“大于”“小于”或“等于”)真實(shí)值，原因是_(寫出一個即可)(3) 實(shí)驗(yàn)中_(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量12（12分）如圖所示，在測量玻璃折射率的實(shí)驗(yàn)中，兩位同學(xué)先把方格紙固定在木板上。再把玻璃磚放在方格紙上，并確定a和b為玻璃磚的上下界面的位

9、置。在玻璃磚的一刻插上兩枚大頭針和，再從玻璃磚的另一側(cè)插上大頭針和。請完成以下實(shí)驗(yàn)步驟：(1)下列操作步驟正確的是_；（填正確答案標(biāo)號）A插上大頭針，使擋住的像B插上大頭針，使擋住、的像C插上大頭針，使擋住的像D插上大頭針，使擋住和、的像(2)正確完成上述操作后，在紙上標(biāo)出大頭針、的位置（圖中已標(biāo)出），在圖中作出完整的光路圖；（_）(3)利用光路圖計算此玻璃磚的折射率_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，在長方體玻璃磚內(nèi)部有一半球形氣泡，球心為O，半徑為R，其平面部分與玻璃磚表面平行，球面部分與玻璃

10、磚相切于O點(diǎn)。有束單色光垂直玻璃磚下表面入射到氣泡上的A點(diǎn)，發(fā)現(xiàn)有一束光線垂直氣泡平面從C點(diǎn)射出，已知OA=R，光線進(jìn)入氣泡后第一次反射和折射的光線相互垂直，氣泡內(nèi)近似為真空，真空中光速為c，求：（i）玻璃的折射率n；（ii）光線從A在氣泡中多次反射到C的時間。14（16分）如圖所示，光滑斜面體ABC固定在地面上，斜面AB傾角為37，斜面AC傾角為53，P、Q兩個物塊分別放在AB、AC斜面上，并用繞過斜面體頂端A處光滑定滑輪的細(xì)線連接。放在AC斜面上的輕彈簧，一端與Q相連，另一端與固定在C點(diǎn)的擋板相連，物塊P、Q的質(zhì)量分別為2m、m，彈簧的勁度系數(shù)為k，重力加速度為g，兩斜面足夠長。開始時鎖定

11、物塊P，細(xì)線剛好拉直，張力為零，現(xiàn)解除物塊P的鎖定，已知 sin 37=0.6，cos 37= 0.8，求：(1)解除鎖定的一瞬間，物塊P的加速度大?。?2)當(dāng)物塊Q向上運(yùn)動的距離時，物塊Q的速度大?。?3)當(dāng)物塊Q向上運(yùn)動的距離時，彈簧斷開，同時給物塊P一個平行AB斜面向上的恒定推力F，此后細(xì)線的拉力為零，且P、Q兩物塊的速度同時減為零，則當(dāng)物塊Q速度為零時，物塊P克服推力做功為多少。15（12分）如圖所示，一透明玻璃半球豎直放置，OO為其對稱軸，O為球心，球半徑為R，球左側(cè)為圓面，右側(cè)為半球面?，F(xiàn)有一束平行光從其左側(cè)垂直于圓面射向玻璃半球，玻璃半球的折射率為，設(shè)真空中的光速為c，不考慮光在

12、玻璃中的多次反射。（1）求從左側(cè)射入能從右側(cè)射出的入射光束面積占入射面的比例；（2）從距O點(diǎn)正上方的B點(diǎn)入射的光線經(jīng)玻璃半球偏折后到達(dá)對稱軸OO上的D點(diǎn)（圖中未畫出），求光從B點(diǎn)傳播到D點(diǎn)的時間。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A ab階段：人加速過程中，人的動能增加，重力勢能不變，人的機(jī)械能增加，故A正確，不符合題意；B bc階段：人上升過程中，人和桿的動能減少，重力勢能和桿的彈性勢能均增加，故B正確，不符合題意；C cd階段：桿在恢復(fù)原長的過程中，人的動能和彈性勢能減少量之和等于重力勢能的增加量，

13、故C不正確，符合題意；D de階段：只有重力做功，人的機(jī)械能守恒，重力所做的功等于人動能的增加量，故D正確，不符合題意。故選：C。2、A【解析】水的溫度升高，即其內(nèi)部的水分子運(yùn)動越劇烈，即水分子的平均動能變大，即其內(nèi)能增加，這是統(tǒng)計規(guī)律，個別分子不適用故A正確，BCD錯誤；故選A3、B【解析】A：乘客隨座艙在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，動能保持不變，重力勢能隨高度不斷變化，乘客的機(jī)械能不斷變化故A項(xiàng)錯誤B：摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，速度變化為零，動量變化為零，據(jù)動量定理：乘客所受合外力的沖量為零故B項(xiàng)正確C：在最低點(diǎn)，乘客的加速度向上，乘客處于超重狀態(tài)故C項(xiàng)錯誤D：摩天輪勻速轉(zhuǎn)動過程中，重力與速度

14、的夾角不斷變化，乘客所受的重力的瞬時功率不斷變化故D項(xiàng)錯誤4、A【解析】試題分析：在速度-時間圖象中每一點(diǎn)表示該時刻所對應(yīng)的速度，圖線上每一點(diǎn)切線的斜率表示物體的瞬時加速度，根據(jù)圖象的斜率可知加速度的變化；由速度公式可求得位移及平均速度v-t圖像的斜率表示加速度，所以時刻甲的加速度小于乙的加速度，乙的斜率越來越小，所以加速度越來越小，A正確B錯誤；由于甲乙不知道t=0時刻甲乙兩車的位置關(guān)系，則無法判斷兩者間的距離如何變化，C錯誤；甲做勻減速直線運(yùn)動，在t1和t2時間內(nèi)，甲的平均速度為，由于乙的位移小于甲的位移，故乙的平均速度，D錯誤5、B【解析】AB設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，兩粒子的運(yùn)動時間相同，對

15、正電荷A有對負(fù)電荷B有聯(lián)立解得A錯誤，B正確。CD由動能定理得求得選項(xiàng)CD錯誤。故選B。6、B【解析】ABC根據(jù)萬有引力提供向心力，依據(jù)牛頓第二定律，則有且由公式聯(lián)立可解得兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和地球的半徑，由于引力常量G未知則無法求出地球的質(zhì)量，故AC正確，B錯誤；D由公式可知，由于兩顆衛(wèi)星的軌道半徑和周期已知或可求出，則可求出兩顆衛(wèi)星的線速度，故D正確。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A與B碰撞的過程為彈性碰撞，則碰撞的過程中動量守恒，設(shè)B的初

16、速度方向?yàn)檎较?，設(shè)碰撞后B與A的速度分別為v1和v2，則：mv0=mv1+2mv2由動能守恒得： 聯(lián)立得：1.恰好能通過最高點(diǎn),說明小球到達(dá)最高點(diǎn)時小球的重力提供向心力,是在最高點(diǎn)的速度為vmin，由牛頓第二定律得：2mg= A在碰撞后到達(dá)最高點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒，得：聯(lián)立得：v0=，可知若小球B經(jīng)過最高點(diǎn)，則需要：v02.小球不能到達(dá)最高點(diǎn)，則小球不脫離軌道時，恰好到達(dá)與O等高處，由機(jī)械能守恒定律得：聯(lián)立得：v0=可知若小球不脫離軌道時,需滿足：v0由以上的分析可知,若小球不脫離軌道時,需滿足：v0或v0，故AD錯誤，BC正確故選BC【點(diǎn)睛】小球A的運(yùn)動可能有兩種情況：1恰好能通過最高點(diǎn)，

17、說明小球到達(dá)最高點(diǎn)時小球的重力提供向心力，由牛頓第二定律求出小球到達(dá)最高點(diǎn)點(diǎn)的速度，由機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度；2小球不能到達(dá)最高點(diǎn)，則小球不脫離軌道時，恰好到達(dá)與O等高處，由機(jī)械能守恒定律可以求出碰撞后小球A的速度由碰撞過程中動量守恒及能量守恒定律可以求出小球B的初速度8、BC【解析】A根據(jù)“面積”大小表示位移，由圖象可知0到內(nèi)，甲車通過的位移為乙車通過的位移為根據(jù)題意則有時，乙車在甲車前故A錯誤；B甲車做勻速直線運(yùn)動，速度為乙車做勻加速直線運(yùn)動，速度為兩車速度相等，則有解得故B正確；C設(shè)兩車再次并排行駛的時刻為，甲車通

18、過的位移為乙車通過的位移為其中解得故C正確；D甲、乙兩車兩次并排行駛的位置之間沿公路方向的距離為故D錯誤；故選BC。9、BD【解析】AB物塊緩慢下滑即平衡，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，因此總有F=mgsinF1=mgcos下滑過程中增大，因此F增大，F(xiàn)1減小，故A錯誤，B正確；CD對半圓柱體分析，地面對半圓柱體的摩擦力FfF1sinmgcossinmgsin2地面對半圓柱體的支持力FN=Mg+F1cos=Mg+mgcos2從接近0到90變化的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減??；故D正確，C錯誤。故選BD。10、CD【解析】A由于磁場方向不確定，故帶電粒子的

19、電性不確定，A錯誤；B當(dāng)金屬板接電源時，由題意可知，帶電粒子勻速穿過平行板，粒子通過磁場區(qū)域所用的時間當(dāng)金屬板不接電源時，粒子只在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)軌跡半徑為R，由幾何關(guān)系有解得則粒子在磁場中的運(yùn)動時間所以B錯誤；C當(dāng)金屬板不接電源時，粒子只在磁場中運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，有解得C正確；D當(dāng)金屬板接電源時，兩金屬板間存在勻強(qiáng)電場，設(shè)電場強(qiáng)度大小為E，則有得則兩金屬板間的電壓D正確。故選CD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1) 3.33 (2) 0.320.36 大于 滑輪與軸承、細(xì)線間有摩擦，紙帶與打點(diǎn)計時器間有摩擦等 (3) 不需要 【解析】（1）已知打點(diǎn)周期T0.02 s，根據(jù)逐差法可得木塊的加速度為：（2）設(shè)木塊的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律有，聯(lián)立可解得加速度為：，由丙圖可知，當(dāng)m=0時，a=3.3 ，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)0.34 ，因滑輪與軸承、細(xì)線間有摩擦，紙帶與打點(diǎn)計時器間有摩擦，所以測量值大于真實(shí)值（3）實(shí)驗(yàn)中沒有采用細(xì)線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼總質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊和槽中鉤碼總質(zhì)量12、BD 【解析】(1)1在玻璃磚的一側(cè)豎直插上兩枚大頭針和，確