2022年廣東省佛山市順德區(qū)青云中學(xué)高三第二次調(diào)研物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的傾角為，以一定的速度勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻在傳送帶適當(dāng)?shù)奈恢梅派暇哂幸欢ǔ跛俣鹊男∥飰K

2、，如圖甲所示，以此時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)t=0，小物塊之后在傳送帶上運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，圖中取沿斜面向上的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较?，v1v2，已知傳送帶的速度保持不變，則（ ）A小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0），則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A該光電管陰極材料的逸出功為h0B若加在光電管兩端的正向電壓為U，則到達(dá)陽(yáng)極A的光電子的最大動(dòng)能為hv-hv0+eUC若將滑片P向右滑動(dòng)，則電流計(jì)G的示數(shù)一定會(huì)不斷增大D若將滑片P向右滑動(dòng)，則當(dāng)滑片P、P間的電壓為時(shí)，電流計(jì)G的示數(shù)恰好為03、觀看科幻電影流浪地球后，某同學(xué)設(shè)想地球僅在木星引力作用下沿橢圓軌道通過(guò)木星的情景，如圖所示，軌道上P點(diǎn)距木星最近（距木星表面的高

3、度可忽略）。則A地球靠近木星的過(guò)程中運(yùn)行速度減小B地球遠(yuǎn)離木星的過(guò)程中加速度增大C地球遠(yuǎn)離木星的過(guò)程中角速度增大D地球在P點(diǎn)的運(yùn)行速度大于木星第一宇宙速度4、靜止在湖面的小船上有兩個(gè)人分別向相反方向水平拋出質(zhì)量相同的小球，甲向左拋，乙向右拋，如圖所示甲先拋，乙后拋，拋出后兩小球相對(duì)岸的速率相等，若不計(jì)水的阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A兩球拋出后，船往左以一定速度運(yùn)動(dòng)，乙球受到的沖量大一些B兩球拋出后，船往右以一定速度運(yùn)動(dòng)，甲球受到的沖量大一些C兩球拋出后，船的速度為零，甲球受到的沖量大一些D兩球拋出后，船的速度為零，兩球所受的沖量相等5、密閉容器內(nèi)封有一定質(zhì)量的空氣，使該容器做自由落體運(yùn)動(dòng)

4、，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)（）A為零B保持不變C減小D增大6、有甲、乙兩個(gè)可看成質(zhì)點(diǎn)的小鋼球，乙球的質(zhì)量大于甲球的質(zhì)量?，F(xiàn)讓甲球以速度v0在某一水平桌面上水平拋出，拋出后甲球的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的圖線所示。然后再將乙球以同樣的速度在同一地點(diǎn)將它水平拋出。兩球的運(yùn)動(dòng)都不計(jì)空氣的阻力，則乙球的運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中的（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠的輸出電壓恒定、輸電線上的電阻不變，假設(shè)用戶所用用電器

5、都是純電阻用電器，若發(fā)現(xiàn)發(fā)電廠發(fā)電機(jī)輸出的電流增大了，則可以判定A通過(guò)用戶的電流減小了B用戶接入電路的總電阻減小了C用戶消耗的電功率減小了D加在用戶兩端的電壓變小了8、如圖所示，傾角為=37的斜面體固定在水平面上，質(zhì)量為m=1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊由斜面體的頂端A靜止釋放，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物塊到達(dá)C點(diǎn)。已知AB=1.2m、BC=0.4m，物塊與AB段的摩擦可忽略不計(jì)，物塊與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.5，重力加速度為g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。則下列說(shuō)法正確的是（）A物塊在BC段所受的摩擦力大小為6NB上述過(guò)程，物塊重力勢(shì)能的減少量為9.6JC上述過(guò)程，因摩擦而產(chǎn)生的熱量

6、為1.6JD物塊到達(dá)C點(diǎn)的速度大小為4m/s9、如圖所示，一個(gè)表面光滑的斜面體M置于水平地面上，它的兩個(gè)斜面與水平面的夾角分別為、，且v2，由圖示圖象可知，0t1內(nèi)圖象與坐標(biāo)軸所形成的三角形面積大于圖象在t1t2內(nèi)與坐標(biāo)軸所圍成的三角形面積，由此可知，物塊在0t1內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移比在t1t2內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大，故B錯(cuò)誤；0t2內(nèi)，由圖“面積”等于位移可知，物塊的總位移沿斜面向下，高度下降，重力對(duì)物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動(dòng)能定理得：W+WG=mv22-mv12，則傳送帶對(duì)物塊做功Wmv22-mv12，故C錯(cuò)誤。0t2內(nèi)，物塊的重力勢(shì)能減小、動(dòng)能也減小，減小的重力勢(shì)能與動(dòng)能都轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，則由能

7、量守恒得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量大小一定大于物塊動(dòng)能的變化量大小，即：0t2內(nèi)物塊動(dòng)能變化量大小一定小于物體與皮帶間摩擦而產(chǎn)生的熱，故D正確。故選D。2、C【解析】A由極限頻率為0，故金屬的逸出功為W0= h0，A正確；B由光電效應(yīng)方程可知，電子飛出時(shí)的最大動(dòng)能為由于加的正向電壓，由動(dòng)能定理解得故B正確；C若將滑片P向右滑動(dòng)時(shí)，若電流達(dá)到飽和電流，則電流不在發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤；DP向右滑動(dòng)時(shí)，所加電壓為反向電壓，由可得則反向電壓達(dá)到遏止電壓后，動(dòng)能最大的光電子剛好不能參與導(dǎo)電，則光電流為零，故D正確；故選C。3、D【解析】A地球靠近木星時(shí)所受的萬(wàn)有引力與速度成銳角，做加速曲線運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)行速度變大，A

8、錯(cuò)誤；B地球遠(yuǎn)離木星的過(guò)程，其距離r變大，則可知萬(wàn)有引力增大，由牛頓第二定律：則加速度逐漸減小，B錯(cuò)誤；C地球遠(yuǎn)離木星的過(guò)程線速度逐漸減小，而軌道半徑逐漸增大，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的角速度關(guān)系，可知運(yùn)行的角速度逐漸減小，C錯(cuò)誤；D木星的第一宇宙速度指貼著木星表面做勻速圓周的線速度，設(shè)木星的半徑為R，滿足，而地球過(guò)P點(diǎn)后做離心運(yùn)動(dòng)，則萬(wàn)有引力小于需要的向心力，可得可推得：即地球在P點(diǎn)的運(yùn)行速度大于木星第一宇宙速度，D正確；故選D。4、C【解析】設(shè)小船的質(zhì)量為M，小球的質(zhì)量為m，甲球拋出后，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：mv=（M+m）v，v的方向向右乙球拋出后，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：（M+m）v=

9、mv+Mv，解得v=1根據(jù)動(dòng)量定理得，所受合力的沖量等于動(dòng)量的變化，對(duì)于甲球，動(dòng)量的變化量為mv，對(duì)于乙球動(dòng)量的變化量為mv-mv，知甲的動(dòng)量變化量大于乙球的動(dòng)量變化量，所以拋出時(shí)，人給甲球的沖量比人給乙球的沖量大故C正確5、B【解析】氣體的壓強(qiáng)是由于氣體分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，對(duì)器壁頻繁地撞擊產(chǎn)生的，容器做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)，但氣體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)不會(huì)停止根據(jù)氣體壓強(qiáng)的決定因素：分子的平均動(dòng)能和分子的數(shù)密度可知，只要溫度和氣體的體積不變，分子的平均動(dòng)能和單位體積內(nèi)分子數(shù)目不變，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)就保持不變，故B正確，ACD錯(cuò)誤故選B點(diǎn)睛：大量的氣體分子做無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)，對(duì)器壁頻繁、持續(xù)地

10、碰撞產(chǎn)生了壓力，單個(gè)分子碰撞器壁的沖力是短暫的，但是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對(duì)器壁產(chǎn)生持續(xù)、均勻的壓力所以從分子動(dòng)理論的觀點(diǎn)來(lái)看，氣體的壓強(qiáng)等于大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力6、B【解析】?jī)汕蛟谒椒较蚨甲龀跛俣认嗤膭蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，在豎直方向，兩小球的加速度相同，都為重力加速度g，故在豎直方向的運(yùn)動(dòng)也完全相同，因此兩球的運(yùn)動(dòng)軌跡相同，即乙球的運(yùn)動(dòng)軌跡依然是圖線。A與分析不符，故A錯(cuò)誤；B 與分析相符，故B正確；C 與分析不符，故C錯(cuò)誤；D 與分析不符，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部

11、選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】A項(xiàng)：如果發(fā)電機(jī)輸出電流增大，根據(jù)變流比可知，輸送電流增大，通過(guò)用戶的電流增大，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：由可知，輸送電流增大，是由于減小引起的，故B正確；C項(xiàng)：當(dāng)用戶電阻減小時(shí)，用戶消耗的功率增大，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：發(fā)電機(jī)輸出電流增大，則輸電線上的電壓降增大，因此降壓變壓器的輸入、輸出電壓均減小，即因在用戶兩端電壓變小了，故D正確。故選：BD。8、BCD【解析】A物塊在BC段，所受的摩擦力大小故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B物塊從頂端A到達(dá)C點(diǎn)，物塊重力勢(shì)能的減少量故B項(xiàng)正確；C物塊在通過(guò)BC段時(shí)，因摩擦產(chǎn)生的熱量等于克服摩擦力做功故C項(xiàng)正確；D物塊從頂端

12、A到達(dá)C點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理解得：物塊到達(dá)C點(diǎn)的速度大小故D項(xiàng)正確。9、AB【解析】滑塊A和滑塊B沿著斜面方向的分力等大，故：mAgsin=mBgsin；由于，故mAmB，故A正確；滑塊下滑過(guò)程機(jī)械能守恒，有：mgh=mv2，則v= ，由于兩個(gè)滑塊的高度差相等，故落地速度大小相等，即速率相等，故B正確；滑塊到達(dá)斜面底端時(shí)，滑塊重力的瞬時(shí)功率：PA=mAgsinv，PB=mBgsinv；由于mAgsin=mBgsin，故PA=PB，故C錯(cuò)誤；由牛頓第二定律得：mgsin=ma，a=gsin，則aAaB，物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，v相同、aAaB，則tAtB，故D錯(cuò)誤；故選AB點(diǎn)睛：本題綜合考查了共點(diǎn)力平衡、牛

13、頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，綜合性較強(qiáng)，注意求解瞬時(shí)功率時(shí)，不能忘記力與速度方向之間的夾角10、BC【解析】A由左手定則可知粒子帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知由可得選項(xiàng)B正確； CD從C點(diǎn)射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，圓弧所對(duì)的圓心角為60，則最長(zhǎng)時(shí)間為選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、80 120 【解析】(1)12選擇開關(guān)與“1”、“2”相連時(shí)為電流表，量程分別為和。根據(jù)串、并聯(lián)電路特點(diǎn)有聯(lián)立解得。(2)3選擇開關(guān)與“3”相連，量程為，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知、串聯(lián)后與表頭并聯(lián)的總電阻為，通

14、過(guò)電源的電流為通過(guò)表頭電流的4倍。根據(jù)閉合電路歐姆定律有變形為由此可知橫軸為，則縱坐標(biāo)軸為。45斜率縱截距解得12、不要 0.72 0.85 BD 【解析】(1)1小車下滑時(shí)受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實(shí)驗(yàn)中能夠把細(xì)線對(duì)小車的拉力視為小車的合外力，則應(yīng)該用重力的下滑分力來(lái)平衡摩擦力，在平衡摩擦力時(shí)，不掛鉤碼，但要連接紙帶。(2)2相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒(méi)有畫出，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T=0.025s=0.1s根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知，一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，打B點(diǎn)的速度為 (3)3設(shè)鉤碼的質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，小車中砝碼的質(zhì)量為m，對(duì)

15、系統(tǒng)，由動(dòng)能定理得 整理得v2-x圖象的斜率 解得M=0.85kg。(4)4A鉤碼的重力大于細(xì)線的拉力，不影響鉤碼重力做系統(tǒng)做的功，故A錯(cuò)誤；B長(zhǎng)木板的右端墊起的高度過(guò)低，未完全平衡摩擦力時(shí)，則摩擦力做負(fù)功，系統(tǒng)總動(dòng)能的增量小于鉤碼重力做的功，故B正確；C接通電源的同時(shí)釋放了小車，只會(huì)使得紙帶上一部分點(diǎn)不穩(wěn)定，不影響做功與動(dòng)能的增量，故C錯(cuò)誤；D交流電源的實(shí)際頻率大于50Hz，如果代入速度公式的周期為0.02s，比真實(shí)的周期大，則求出來(lái)的速度偏小，則動(dòng)能偏小，故D正確。故選BD。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、

16、（1）2 m/s；（2）39J.【解析】（1）彈簧被壓縮到最短時(shí)，木塊A與滑板B具有相同的速度，設(shè)為v，從木塊A開始沿滑板B表面向右運(yùn)動(dòng)至彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中，A、B系統(tǒng)的動(dòng)量守恒：mv0（Mm）v 解得vv0 代入數(shù)據(jù)得木塊A的速度v2 m/s （2）木塊A壓縮彈簧過(guò)程中，彈簧被壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能最大由能量關(guān)系，最大彈性勢(shì)能Epmv02（mM）v2mgL 代入數(shù)據(jù)得Ep39 J14、 (1)6.3m/s；(2)【解析】(1)重錘自由下落過(guò)程有解得 (2)碰撞后樁的速度為，重錘速度為，重錘上升過(guò)程有 取向下為正方向，系統(tǒng)動(dòng)量守恒有 樁下降過(guò)程中，由功能關(guān)系得 解式得15、（2）320K; 【解析】試題分析：現(xiàn)通過(guò)電阻絲緩慢加熱氮?dú)?，?dāng)活塞b升至頂部的過(guò)程中，a活塞不動(dòng)，活塞a、b下方的氮?dú)饨?jīng)歷等壓過(guò)程，分析出初態(tài)和末態(tài)的體積和溫度，由蓋呂薩克定律求解；繼續(xù)緩慢加熱，使活塞a上升，活塞a上方的氧氣經(jīng)歷等溫過(guò)程，根據(jù)玻意耳定律求解即可（1）活塞b升至頂部的過(guò)程中，活塞a不動(dòng)，活塞a、b