湖南瀏陽一中、株洲二中等湘東五校2021-2022學(xué)年高考物理二模試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，以下描述正確的是A若t=，則在t時刻和（t+t）時刻彈簧長度一定相等B若t=T，則在t時刻和（t+t）時刻振子運動的加速度一定相等C若t和（t+t）時刻振子運動速度大小相等，方向相反，則t一定等于的整數(shù)

2、倍D若t和（t+t）時刻振子運動位移大小相等，方向相反，則t一定等于T的整數(shù)倍2、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，O為波源且t=0時刻開始沿y軸負(fù)方向起振。如圖所示為t=0.2s時x=0至x=4m范圍內(nèi)的波形圖，虛線右側(cè)的波形未畫出。已知圖示時刻x=2m處的質(zhì)點第一次到達波峰，則下列判斷中正確的是（）A這列波的周期為0.4sBt=0.7s末，x=10m處質(zhì)點的位置坐標(biāo)為（10m，-10cm）Ct=0.7s末，x=12m處的質(zhì)點正經(jīng)過平衡位置向上運動Dt=0.3s末，x=24m處的質(zhì)點加速度最大且沿y軸正方向3、運動員從高山懸崖上跳傘，傘打開前可看成做自由落體運動，開傘后減速下降，最后勻速下落.

3、和分別表示速度、合外力、重力勢能和機械能.其中分別表示下落的時間和高度，在整個過程中，下列圖象可能符合事實的是( )ABCD4、2019年4月21日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。若組成北斗導(dǎo)航系統(tǒng)的這些衛(wèi)星在不同高度的轉(zhuǎn)道上都繞地球做勻速圓周運動，其中低軌衛(wèi)星離地高度低于同步衛(wèi)星。關(guān)于這些衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率大于7.9km/sB地球同步衛(wèi)星可以固定對一個區(qū)域拍照C低軌衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星的速率相同D低軌衛(wèi)星比同步衛(wèi)星的向心加速度小5、如圖所示，在半徑為R的半圓和長為2R、寬為的矩形區(qū)域內(nèi)充滿磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直

4、于紙面向里。一束質(zhì)量為m、電量為q的粒子（不計粒子間相互作用）以不同的速率從邊界AC的中點垂直于AC射入磁場.所有粒子從磁場的EF圓弧區(qū)域射出（包括E、F點）其中EO與FO（O為圓心）之間夾角為60。不計粒子重力.下列說法正確的是（）A粒子的速率越大，在磁場中運動的時間越長B粒子在磁場中運動的時間可能為C粒子在磁場中運動的時間可能為D粒子的最小速率為6、如右圖所示，固定著的鋼條上端有一小球，在豎直平面內(nèi)圍繞虛線位置發(fā)生振動，圖中是小球振動到的最左側(cè)，振動周期為0.3s在周期為0.1s的頻閃光源照射下見到圖像可能是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四

5、個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，理想變壓器原線圈上串聯(lián)一個定值電阻R0，副線圈上接一個滑動變阻器R，原線圈的輸入端接在一個輸出電壓恒定的交流電源上，理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)分別用U1、U2、U3表示，當(dāng)滑動變阻器的觸頭P移動時，下面說法中正確的是（ ）A向上移動滑動觸頭P，U3與U1的比值變大B向下移動滑動觸頭P，U3與U2的比值不變C移動滑動觸頭P，當(dāng)U3減小時，R0消耗的功率也減小D移動滑動觸頭P，電阻R0與滑動變阻器R消耗的功率之比始終都等于8、下列說法正確的是 。A物體的攝氏溫度變化了1，其熱力學(xué)溫度變化

6、了1KB氣體放出熱量時，其分子的平均動能一定減小C氣體之所以能充滿整個空間，是因為氣體分子間相互作用的引力和斥力十分微弱D如果氣體分子間的相互作用力小到可以忽略不計，則氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)E.密閉有空氣的薄塑料瓶因降溫而變扁，此過程中瓶內(nèi)空氣（不計分子勢能）向外界釋放熱量，而外界對其做功9、如圖甲所示，一足夠長的傳送帶傾斜放置，以恒定速率順時針轉(zhuǎn)動。一煤塊以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊的速度隨時間變化的圖像如圖乙所示，取，則下列說法正確的是（ ）A傾斜傳送帶與水平方向夾角B煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)C煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為4sD煤塊在傳送帶上留下的痕跡長為10、如圖所示，在光

7、滑水平面的左側(cè)固定一豎直擋板，A球在水平面上靜止放置， B球向左運動與A球發(fā)生正碰，B球碰撞前、后的速率之比為4：1， A球垂直撞向擋板，碰后原速率返回，兩球剛好不發(fā)生碰撞，A、B兩球的質(zhì)量之比和碰撞前、后兩球總動能之比為（ ）AmA： mB=4：1BmA：mB=5：1CEK1：EK2 =25：6DEK1：EK2=8：3三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某興趣小組用如圖所示的裝置驗證動能定理（1）有兩種工作頻率均為50 Hz的打點計時器供實驗選用：A電磁打點計時器 B電火花打點計時器為使紙帶在運動時受到的阻力較小，應(yīng)選擇_（選填

8、“A”或“B”）（2）保持長木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過打點計時器的限位孔實驗中，為消除摩擦力的影響，在砝碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運動同學(xué)甲認(rèn)為此時摩擦力的影響已得到消除同學(xué)乙認(rèn)為還應(yīng)從盤中取出適量沙子，直至輕推小車觀察到小車做勻速運動看法正確的同學(xué)是_（選填“甲”或“乙”）（3）測出小車的質(zhì)量為M，再測出紙帶上起點到A點的距離為L小車動能的變化量可用 Ek= 算出砝碼盤中砝碼的質(zhì)量為m，重力加速度為g；實驗中，小車的質(zhì)量應(yīng)_（選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“接近”）砝碼、砝碼盤和沙子的總質(zhì)量，小車所受合力做的功可用W=mgL算出多次測量，若W與Ek均基本相等則驗證了動能定理1

9、2（12分）某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)中，利用所學(xué)的知識解決了如下問題：一輕彈簧一端固定于某一深度為h0.25 m、開口向右的小筒中（沒有外力作用時彈簧的另一端也位于筒內(nèi)），如圖甲所示，如果本實驗的長度測量工具只能測量出筒外彈簧的長度l，現(xiàn)要測出彈簧的原長l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學(xué)通過改變所掛鉤碼的個數(shù)來改變l，作出Fl圖線如圖乙所示（1）由此圖線可得出的結(jié)論是_（2）彈簧的勁度系數(shù)為_N/m，彈簧的原長l0_m.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，半徑為的光滑圓弧AB固定在水平面上，BCD為粗糙的水平

10、面，BC和CD距離分別為2.5 m、1.75 m，D點右邊為光滑水平面，在C點靜止著一個小滑塊P，P與水平面間的動摩擦因數(shù)為，容器M放置在光滑水平面上，M的左邊是半徑為的光滑圓弧，最左端和水平面相切于D點。一小滑塊Q從A點正上方距A點高處由靜止釋放，從A點進入圓弧并沿圓弧運動，Q與水平面間的動摩擦因數(shù)為。Q運動到C點與P發(fā)生碰撞，碰撞過程沒有能量損失。已知Q、P和M的質(zhì)量分別為，重力加速度取，求：(1)P、Q第一次碰撞后瞬間速度大小；(2)Q經(jīng)過圓弧末端B時對軌道的壓力大??；(3)M的最大速度。14（16分）如圖，光滑絕緣水平面上靜置兩個質(zhì)量均為m、相距為x0的小球A和B，A球所帶電荷量為+q

11、，B球不帶電?，F(xiàn)在A球右側(cè)區(qū)域的有限寬度范圍內(nèi)加上水平向右的勻強電場，電場強度為E，小球A在電場力作用下由靜止開始運動，然后與B球發(fā)生彈性正碰，A、B碰撞過程中沒有電荷轉(zhuǎn)移，且碰撞過程時間極短，求：(1)A球與B球發(fā)生第一次碰撞后B球的速度；(2)從A球開始運動到兩球在電場中發(fā)生第二次碰撞前電場力對A球所做的功；(3)要使A、B兩球只發(fā)生三次碰撞，所加電場的寬度d應(yīng)滿足的條件。15（12分）如圖所示，足夠長的“U”形框架沿豎直方向固定，在框架的頂端固定一定值電阻R，空間有范圍足夠大且垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，電阻值均為R的金屬棒甲、乙垂直地放在框架上，已知兩金屬棒的質(zhì)量分別為

12、m=2.010-2kg、m乙=1.010-2kg?，F(xiàn)將金屬棒乙鎖定在框架上，閉合電鍵，在金屬棒甲上施加一豎直向上的恒力F，經(jīng)過一段時間金屬棒甲以v=10m/s的速度向上勻速運動，然后解除鎖定，金屬棒乙剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，忽略一切摩擦和框架的電阻，重力加速度g=10m/s2。則(1)恒力F的大小應(yīng)為多大？(2)保持電鍵閉合，將金屬棒甲鎖定，使金屬棒乙由靜止釋放，則金屬棒乙勻速時的速度v2應(yīng)為多大？(3)將兩金屬棒均鎖定，斷開電鍵，使磁感應(yīng)強度均勻增加，經(jīng)時間t=0.1s磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B此時金屬棒甲所受的安培力大小剛好等于金屬棒甲的重力，則鎖定時兩金屬棒之間的間距x應(yīng)為多大？參考答案一、單項選

13、擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t=，則在t時刻和（t+t）時刻振子的位移相反，在t時刻和（t+t）時刻彈簧長度可能不相等，故A項錯誤；B一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t=T，則在t時刻和（t+t）時刻振子的位移相同，t時刻和（t+t）時刻振子運動的加速度一定相等，故B項正確；C一彈簧振子做簡諧運動，周期為T，若t和（t+t）時刻振子運動速度大小相等，方向相反，則t和（t+t）時刻振子的位移有可能相同或相反，所以t有可能不等于的整數(shù)倍，故C項錯誤；D一彈簧振子做簡諧運動，周期為T

14、，若t和（t+t）時刻振子運動位移大小相等，方向相反，則t一定不等于T的整數(shù)倍，故D項錯誤。2、B【解析】A由題，波源時刻開始沿軸負(fù)方向起振，則介質(zhì)中各個質(zhì)點均沿軸負(fù)方向起振，圖示時刻處的質(zhì)點第一次到達波峰，已經(jīng)振動了，說明時波傳到質(zhì)點處，則周期為，A錯誤；B由圖知波長，波速為：波傳到處的時間為：則末，處的質(zhì)點已振動了，此質(zhì)點起振方向沿軸負(fù)方向，則末，處質(zhì)點到達波谷，坐標(biāo)為，B正確；C波傳到處的時間為：則末，處的質(zhì)點已振動了，此質(zhì)點起振方向向下，則末，處的質(zhì)點正經(jīng)過平衡位置向下運動，C錯誤；D波傳到處的時間為：則末，處質(zhì)點還沒有振動，加速度為零，D錯誤。故選B。3、B【解析】運動員從高山懸崖上

15、跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，即空氣阻力忽略不計，開傘后減速下降，空氣阻力大于重力，故合力向上，當(dāng)阻力減小到等于重力時，合力為零，做勻速直線運動【詳解】A運動員從高山懸崖上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，開傘后減速下降，最后勻速下落；圖象中加速度有突變，而速度不可能突變，故A錯誤；B運動員從高山懸崖上跳傘，傘打開前可看作是自由落體運動，即空氣阻力忽略不計，故只受重力；開傘后減速下降，空氣阻力大于重力，故合力向上，當(dāng)阻力減小到等于重力時，合力為零，做勻速直線運動；即合力先等于重力，然后突然反向變大，且逐漸減小到零，故B正確；C重力勢能逐漸減小，Ep=mgH=mg（H0-h），即重力勢能

16、與高度是線性關(guān)系，故C錯誤；D機械能的變化等于除重力外其余力做的功，故自由落體運動過程機械能守恒，故D錯誤；故選B4、B【解析】AC根據(jù)萬有引力提供向心力，則有解得可知軌道半徑越大，運行的速度越小，低軌衛(wèi)星軌道半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率小于7.9km/s，低軌衛(wèi)星軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，故低軌衛(wèi)星的環(huán)繞速率大于同步衛(wèi)星的環(huán)繞速率，故A、C錯誤；B同步衛(wèi)星的周期與地球的周期相同，相對地球靜止，可以固定對一個區(qū)域拍照，故B正確；D根據(jù)萬有引力提供向心力，則有可得低軌衛(wèi)星軌道半徑小于同步衛(wèi)星軌道半徑，低軌衛(wèi)星向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，故D錯誤；故選B。5、B【解

17、析】ABC粒子從F點和E點射出的軌跡如圖甲和乙所示；對于速率最小的粒子從F點射出，軌跡半徑設(shè)為r1，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得： 解得 根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得解得1=60，所以粒子軌跡對應(yīng)的圓心角為120；粒子在磁場中運動的最長時間為 對于速率最大的粒子從E點射出，軌跡半徑設(shè)為r2，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得 解得根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得 所以260，可見粒子的速率越大，在磁場中運動的時間越短，粒子的速率越小運動時間越長，粒子在磁場中運動的最長時間為，不可能為，故B正確、AC錯誤；D對從F點射出的粒子速率最小，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得解得最小速率為故D錯誤。故選B。6、C【解析】試題分析：振動的周期是0.3s

18、，而頻閃的周期是0.1s，所以在一個周期內(nèi)有三幅不同的照片；振動的周期是0.3s，則角頻率：， 0.1s時刻對應(yīng)的角度：； 0.2s時刻對應(yīng)的角度：，可知，在0.1s和0.2s時刻小球?qū)⒊霈F(xiàn)在同一個位置，都在平衡位置的右側(cè)，所以在周期為0.1s的頻閃光源照射下見到圖象可能是C圖ABD圖都是不可能的故選C.考點：周期和頻率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A向上移動滑動觸頭P，則R變大，則次級電流減小，初級電流減小，R0的電壓減小，由于U2=U1-UR0

19、，而U1不變，則初級電壓變大，次級電壓也變大，即U3變大，則U3與U1的比值變大，選項A正確；B U3與U2的比值等于變壓器的次級與初級線圈的匝數(shù)比，則向下移動滑動觸頭P，U3與U2的比值不變，選項B正確；C移動滑動觸頭P，當(dāng)U3減小時，則U2也減小，由于U2=U1-UR0，而U1不變，則UR0變大，則此時R0消耗的功率變大，選項C錯誤；D根據(jù)理想變壓器的規(guī)律可知，輸出功率等于輸入功率，即電阻R消耗的功率等于原線圈的輸入功率，分析原線圈電路可知，電阻R0與原線圈串聯(lián)，電流相等，功率P=UI，則電阻R0與滑動變阻器R消耗的功率之比等于R0兩端電壓與原線圈電壓之比，電壓表V1、V2的示數(shù)為U1、U

20、2，則電阻R0與滑動變阻器R消耗的功率之比為，選項D正確；故選ABD。8、ACE【解析】A由熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系：T=t+273，可知攝氏溫度變化1，熱力學(xué)溫度變化1K，故A正確；B氣體放出熱量時，若外界對氣體做功，則氣體的溫度也可能升高，其分子的平均動能增加，選項B錯誤；C無論是氣體，液體還是固體，其分子間都存在間距，但氣體的間距最大，由于分子間存在較大的間距，氣體分子間相互作用的引力和斥力十分微弱，氣體分子可以在空間自由運動，所以氣體能充滿整個空間，C正確；D氣體的內(nèi)能除分子勢能、分子平均動能有關(guān)外，還與氣體的質(zhì)量有關(guān)。對于氣體分子間作用力可以忽略時，氣體的內(nèi)能只由溫度和質(zhì)量決定。分

21、子越多，總的能量越大，所以D錯誤；E不計分子勢能時，氣體溫度降低，則內(nèi)能減小，向外界釋放熱量；薄塑料瓶變扁，氣體體積減小，外界對其做功，故E正確。故選ACE。9、AD【解析】AB由v-t圖像得01s的加速度大小方向沿傳送帶向下；12s的加速度大小方向沿傳送帶向下，01s，對煤塊由牛頓第二定律得12s，對煤塊由牛頓第二定律得解得，故A正確，B錯誤；Cv-t圖像圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，所以煤塊上滑總位移為，由運動學(xué)公式得下滑時間為所以煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時間為，故C錯誤；D01s內(nèi)煤塊比傳送帶多走4m，劃痕長4m；12s內(nèi)傳送帶比煤塊多走2m，劃痕還是4m；傳送帶向上運動，煤塊向

22、下運動，劃痕長為故D正確。故選AD。10、BD【解析】設(shè)向右為正方向，、球碰撞后球速度大小為，由題意有又解得、球的碰撞前總動能碰撞后的總動能解得故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B 乙 遠(yuǎn)大于 【解析】(1)1電磁打點計時器是通過機械振動打點的，而電火花打點計時器是通過電火花來打點，用電火花打點計時器能使紙帶在運動時受到的阻力較小。故A不符合題意，B符合題意。(2)2同學(xué)乙的做法正確。只有讓小車做勻速直線運動才能夠判斷摩擦力與沙子和盤的重力大小相等，才能夠消除摩擦力的影響。對于甲同學(xué)，小車開始運動時，沙子和盤的重力等于最大靜

23、摩擦力，而最大靜摩擦力要略大于滑動摩擦力。(3)3對于砝碼、砝碼盤和沙子，根據(jù)牛頓第二定律：mg-F=ma，只有當(dāng)小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于砝碼、砝碼盤和沙子總質(zhì)量時，繩子的拉力 F 才近似等于砝碼、砝碼盤和沙子中重力 mg。12、在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長量成正比 100 0.15 【解析】試題分析：（1）1 根據(jù)圖象結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知：在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長量成正比；（2）23根據(jù)胡克定律F與的關(guān)系式為：，從圖象中可得直線的斜率為2N/cm，截距為20N，故彈簧的勁度系數(shù)為，由，于是：考點：考查了胡可定律【名師點睛】找到各個物理量之間的關(guān)系，然后根據(jù)胡克定律列方程，是解答本題的突破口，這要

24、求學(xué)生有較強的數(shù)學(xué)推導(dǎo)能力四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-8m/s 4m/s（2）43.8N（第一次）和17.8N（第二、三次）（3）5m/s【解析】（1）物體Q從開始下落，到到達C點的過程，由動能定理： 解得v1=12m/sQ運動到C點與P發(fā)生碰撞，則： 聯(lián)立解得：v2=-8m/s v3=4m/s（2）碰撞后Q向左滑行，設(shè)Q第二次到B點時速度為，由動能定理有Q第二次在B點，設(shè)軌道對Q的支持力大小為，應(yīng)用向心力公式有解得Q滑上圓弧軌道AB后再次滑下，第三次經(jīng)過B點時的速度大小仍為，軌道對Q的支持力大小仍

25、為，之后Q一直向右運動，最終停在BD上，且與P無碰撞，所以由牛頓第三定律可知，Q在B點對軌道的壓力大小為（第一次）和（第二、三次）（3）P、Q碰撞后P向右滑行，設(shè)P點運動到D點速度為，由動能定理有解得P滑上M的軌道過程M向右加速，從軌道上滑下，M仍向右加速，則P滑到水平面時M有最大速度，設(shè)P剛到水平面時，M和P的速度分別為和，為M的最大速度，P從滑上到回到水平面，P和M水平方向動量守恒，初末兩態(tài)總動能相等，則有聯(lián)立解得14、（1） （2）5qEx0（3）8x0d18x0【解析】（1）設(shè)A球與B球第一次碰撞前的速度為v0，碰撞后的速度分別為vA1、vB1。對A，根據(jù)牛頓第二定律得：qE=ma由運動學(xué)公式有：v02=2ax0。解得：v0= 對于AB碰撞過程，取向右為正方向，由動量守恒定律和機械能守恒定律得：mv0=mvA1+mvB1mv02=mvA12+mv