2022年江蘇省鹽城市阜寧中學高考沖刺物理模擬試題含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列粒子流中貫穿本領最強的是（）A射線B陰極射線C質子流D中子流2、如圖所示，在水平勻強電場中，有一帶電粒子（不計重力）以一定的初速度從M點運動到N點，則在此過程中，以下說法中正確的是（ ）A電場力對該帶電粒子一定做正功B該帶電粒子的運動速度一定減小CM、N點的電勢一定有MND該帶電粒子運動的軌跡一定是直線3、通過對自然現(xiàn)象及實驗現(xiàn)象的仔細觀察和深入研究，物理學家得出科學的結論，推動了物理學的發(fā)展。下列說法符合事實的是（ ）A光電效應說明光具有粒子性，康普頓效應說明光具有波

3、動性B盧瑟福用人工轉變的方法發(fā)現(xiàn)了質子，并預言了中子的存在C玻爾的原子理論成功地解釋了原子發(fā)光的現(xiàn)象D貝克勒爾通過對天然放射現(xiàn)象的研究，提出了原子中存在原子核的觀點4、如圖（a）所示，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比n1：n2=55：4，原線圈接有交流電流表A1，副線圈電路接有交流電壓表V、交流電流表A2、滑動變阻器R等，所有電表都是理想電表，二極管D正向電阻為零，反向電阻無窮大，燈泡L的阻值恒定。原線圈接入的交流電壓的變化規(guī)律如圖（b）所示，則下列說法正確的是（）A由圖（b）可知交流發(fā)電機轉子的角速度為100rad/sB燈泡L兩端電壓的有效值為32VC當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電流表A2示數(shù)增

4、大，A1示數(shù)減小D交流電壓表V的讀數(shù)為32V5、如圖所示，一固定斜面上兩個質量均為m的小物塊A和B緊挨著勻速下滑，A與B的接觸面光滑。已知A與斜面之間的動摩擦因數(shù)是B與斜面之間的動摩擦因數(shù)的2倍，斜面傾角為，重力加速度為g。B與斜面之間的動摩擦因數(shù)與A、B間彈力FN的大小分別是（）A=tan，F(xiàn)N=mgsinB=tan，F(xiàn)N=mgsinC=tan，F(xiàn)N=mgcosD=tan，F(xiàn)N=mgsin6、下列說法正確的是（）A牛頓第一定律并不是在任何情況下都適用的B根據(jù)F=ma可知，物體的加速度方向一定與物體所受拉力F的方向一致C繞地球飛行的宇航艙內物體處于漂浮狀態(tài)是因為沒有受到重力作用D人在地面上起跳

5、加速上升過程中，地面對人的支持力大于人對地面的壓力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一列簡諧橫波，在時的波動圖象如圖甲所示，介質中處的質點A的振動圖象如圖乙所示，下列說法正確的是（） A這列波的波速大小是B這列波的頻率為C這列波沿x軸正方向傳播D內，圖甲中質點P的平均速率大于質點Q的平均速率8、如圖所示，在光滑水平面的左側固定一豎直擋板，A球在水平面上靜止放置， B球向左運動與A球發(fā)生正碰，B球碰撞前、后的速率之比為4：1， A球垂直撞向擋板，碰后原速率返回，兩球剛

6、好不發(fā)生碰撞，A、B兩球的質量之比和碰撞前、后兩球總動能之比為（ ）AmA： mB=4：1BmA：mB=5：1CEK1：EK2 =25：6DEK1：EK2=8：39、如圖所示，空間存在豎直方向的勻強電場，虛線是間距相等且平行的三條等勢線，小球帶正電荷，小球帶等量的負電荷，兩小球同時以相同的速度從等勢線上的點水平拋出，在時刻小球到達等勢線，同時小球到達等勢線，兩小球可視為質點，不計兩小球之間的相互作用，兩小球的重力不可忽略，下列說法錯誤的是（）A勻強電場的電場強度方向豎直向上B球的質量小于球的質量C在時刻小球的動量等于小球的動量D在時間內小球的動能的增量大于小球的動能的增量10、質量均為m的小球

7、A、B分別固定在一長為L的輕桿的中點和一端點，如圖所示。當輕桿繞另一端點O在光滑水平面上做角速度為的勻速圓周運動時，則（）A處于中點的小球A的線速度為B處于中點的小球A的加速度為C處于端點的小球B所受的合外力為D輕桿段中的拉力與段中的拉力之比為3：2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示，一根伸長可忽略的輕繩跨過輕質定滑輪，兩個質量相等的砝碼盤分別系于繩的兩端。甲、乙兩位同學利用該裝置探究系統(tǒng)加速度與其所受合力的關系。共有9個質量均為m的砝碼供實驗時使用。請回答下列問題：(1)實驗中，甲將左盤拉至恰好與地面接觸，乙把5個硅

8、碼放在右盤中，4個底碼放在左盤中。系統(tǒng)穩(wěn)定后，甲由靜止釋放左盤；(2)若要從(1)的操作中獲取計算系統(tǒng)加速度大小的數(shù)據(jù)，下列器材中必須使用的是_（填正確答案標號）；A米尺 B秒表 C天平 D彈簧秤(3)請說明用(2)中選擇的器材要測量本實驗中的必要物理量是：_；(4)由(3)中測量得到的物理量的數(shù)據(jù)，根據(jù)公式_（用所測量物理量的符號表示），可以計算岀系統(tǒng)加速度的大?。?5)依次把左盤中的砝碼逐個移到右盤中，重復(1)(3)(4)操作；獲得系統(tǒng)在受不同合力作用下加速度的大小，記錄的數(shù)據(jù)如下表，請利用表中數(shù)據(jù)在圖乙上描點并作出a-F圖象_；(6)從作出的aF圖像能得到的實驗結論是：_。12（12分

9、）某同學改裝和校準電壓表的電路如圖所示，圖中虛線框內是電壓表的改裝電路所用電池的電動勢為，內阻為（均保持不變）。(1)已知表頭G滿偏電流為，表頭上標記的內阻值為和是定值電阻，利用和表頭構成量程為的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用兩個接線柱，電壓表的量程為；若使用兩個接線柱，電壓表的量程為。則定值電阻的阻值為_，_，_。(2)用量程為，內阻為的標準電壓表對改裝表擋的不同刻度進行校準?；瑒幼冏杵饔袃煞N規(guī)格，最大阻值分別為和。為了方便實驗中調節(jié)電壓，圖中應選用最大阻值為_的滑動變阻器。校準時，在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應靠近端_（填“”或“”）。(3)在擋校對電路中，開關全部閉合

10、，在保證電路安全前提下讓滑片從端緩慢向端滑動的過程中，表頭的示數(shù)_，電源的輸出功率_，電源的效率_（填變化情況）。(4)若表頭上標記的內阻值不準，表頭內阻的真實值小于，則改裝后電壓表的讀數(shù)比標準電壓表的讀數(shù)_（填“偏大”或“編小”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分） (1)如圖所示，玻璃棱鏡ABC放在空氣中，一束由紅光和紫光組成的復色光從AC面的a點垂直入射，已知紅光恰好在AB面上的b處發(fā)生了全反射，并傳播到BC面上的c點。則以下說法中正確的是_A紅光和紫光由空氣進入棱鏡后頻率不變B紅光和紫光在棱鏡中的

11、波長可能相等C紅光由a傳播到b的時間比紫光由a傳播到b的時間長D紫光一定在b處發(fā)生了全反射E. 紅光一定能從BC面上的c點射出(2)在某一簡諧橫波的傳播方向上，有兩個質點A、B，它們相距1.2m（大于2個波長小于6個波長）。在某一時刻，A質點在平衡位置處向上振動，B質點處于波谷位置。若波速的大小為48m/s，求該簡諧橫波的最大頻率。14（16分）如圖所示，兩個截面積都為S的圓柱形容器，右邊容器高為H，上端封閉，左邊容器上端是一個可以在容器內無摩擦滑動的質量為M的活塞兩容器由裝有閥門的極細管道相連，容器、活塞和細管導熱性良好左、右兩邊容器中裝有相同的理想氣體，開始時閥門打開，平衡時活塞到容器底的

12、距離為H現(xiàn)將閥門關閉，在活塞上放一個質量也為M的砝碼，活塞緩慢下降，直至系統(tǒng)達到新的平衡已知外界溫度恒定，外界大氣壓強為，重力加速度為g，求：(1)當系統(tǒng)達到新的平衡時，活塞距底端的高度；(2)當系統(tǒng)達到平衡后再打開閥門，活塞又緩慢下降，直到系統(tǒng)再次達到平衡，求左邊氣體通過閥門進入右邊容器的質量與右邊氣體原有質量的比值15（12分）沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t1=0時的波形如圖所示，此時，波傳播到x2=2m處的質點B，而平衡位置為x=0.5m處的質點A正好位于波谷位置，再經0.2s，質點A恰好第一次到達波峰。求：(1)該波的波速；(2)在t2=0.9s時，平衡位置為x= 5m處的質點C的位移

13、。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】射線射線的穿透能力最弱，一張紙即可把它擋住，但是其電離能力最強，陰極射線是電子流，能穿透0.5mm的鋁板；質子流比電子流的穿透能力要強一些，中子不帶電，相同的情況下中子的穿透能力最強A射線，與結論不相符，選項A錯誤；B陰極射線，與結論不相符，選項B錯誤；C質子流，與結論不相符，選項C錯誤；D中子流，與結論相符，選項D正確；故選D2、C【解析】AB粒子的帶電性質不知道，所以受到的電場力方向不確定，電場力可能做正功也可能做負功，則粒子的速度可能增加也可能減小，故AB錯誤；

14、C沿著電場線的方向電勢一定降低，所以MN，故C正確；D粒子只受電場力作用，電場力的方向在水平方向，而粒子的運動方向和水平方向有一夾角，所以粒子不會做直線運動，故D錯誤；故選C.3、B【解析】A光電效應、康普頓效應都說明光具有粒子性，故A錯誤；B盧瑟福用人工轉變的方法發(fā)現(xiàn)了質子，并預言了中子的存在，故B正確；C玻爾的原子理論沒有完全成功地解釋原子發(fā)光現(xiàn)象，故C錯誤；D貝克勒爾通過對天然放射現(xiàn)象的研究，認為原子核有內部結構，故D錯誤；故選B。4、D【解析】A根據(jù)圖像可知周期T=0.02s，則角速度故A錯誤；B原線圈電壓的有效值為根據(jù)理想變壓器的電壓規(guī)律求解副線圈的電壓，即交流電壓表的示數(shù)為因為小燈

15、泡和二極管相連，二極管具有單向導電性，根據(jù)有效值的定義解得燈泡兩端電壓故B錯誤，D正確；C當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，副線圈接入的總電阻減小，副線圈兩端電壓不變，所以電流表示數(shù)增大，根據(jù)單相理想變壓器的電流規(guī)律可知電流表的示數(shù)也增大，故C錯誤。故選D。5、A【解析】以AB整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得2mgsin=Amgcos+Bmgcos=2mgcos+mgcos解得對B受力分析可知，B受重力、支持力、A的彈力及摩擦力而處于平衡狀態(tài)；則有mgsin=mgcos+解得故A正確，BCD錯誤。故選A。6、A【解析】A.牛頓第一定律只能適用于宏觀、低速的物體，故A正確；B.F=ma中的物體加速度

16、對應的是物體所受的合外力，而不僅僅是拉力F，故B錯誤；C.繞地球飛行的宇航艙內物體依舊受到地球的吸引作用，故依舊受到重力作用，故C錯誤；D.地面對人的支持力與人對地面的壓力是一對作用力與反作用力，大小一定相等，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A根據(jù)圖甲可得，該波的波長；由圖乙可得，該波的周期，則波速A錯誤；B波的傳播周期和振源的振動周期相同，波源的振動頻率B正確；C由題圖乙可知時，質點A的振動方向向下，在題圖甲中根據(jù)“上坡下，下坡上

17、”法可知，波沿x軸正方向傳播，C正確；D0.50.75s內，質點P在周期內通過的路程大于一個振幅，質點Q在周期內通過的路程小于一個振幅，平均速率等于路程比時間，所以質點P的平均速率比質點Q的平均速率大，D正確。故選BCD。8、BD【解析】設向右為正方向，、球碰撞后球速度大小為，由題意有又解得、球的碰撞前總動能碰撞后的總動能解得故選BD。9、ABC【解析】A在豎直方向上兩小球做初速度為零的勻加速直線運動，三條等勢線間距相等，設間距為，則兩小球在豎直方向上位移大小相等，又同時到達兩等勢線，運動時間相同，根據(jù)可得兩小球在豎直方向的加速度大小相同，小球加速度方向豎直向上，重力方向豎直向下，則電場力方向

18、一定向上，小球帶負電荷，所以勻強電場的電場強度方向豎直向下，故A錯誤，符合題意；B在豎直方向上，根據(jù)牛頓第二定律，對小球有對小球有兩式聯(lián)立得故B錯誤，符合題意；C豎直方向上根據(jù)速度公式，在時刻兩小球豎直方向的速度大小相等，水平方向速度相同，合速度的大小相等，球的質量大于球的質量，則球的動量大于球的動量，故C錯誤，符合題意；D兩小球在豎直方向的加速度大小相同，則小球所受的合力大于小球所受的合力，小球從等勢線到達等勢線和小球從等勢線到達等勢線兩個過程中豎直方向的位移相等，則合力對小球做的功大于合力對小球做的功，根據(jù)動能定理，在時間內小球動能的增量大于小球動能的增量，故D正確，不符合題意。故選ABC

19、。10、CD【解析】A處于中點的小球A的運動半徑為，根據(jù)線速度與角速度的關系可知線速度A錯誤；B處于中點的小球A的加速度為B錯誤；C處于端點的小球B的向心加速度由牛頓第二定律可知小球B所受的合外力為C正確；D設輕桿段中的拉力為，輕桿段中的拉力為，對小球A由牛頓第二定律可得對小球B由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB 釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t 系統(tǒng)質量一定時，其加速度與所受合外力成正比 【解析】(2)1根據(jù)實驗原理可知，砝碼盤做勻加速直線運動，由

20、公式可知，要得到加速度應測量釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t，故AB正確。故選AB；(3)2由(2)可知，要測量本實驗中的必要物理量，釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t(4)3根據(jù)實驗原理可知，砝碼盤做勻加速直線運動，滿足(5)4根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點如圖(6)5由圖像可知，aF圖像為經過原點的一條直線，說明系統(tǒng)質量不變時加速度和合外力成正比。12、150 2865 1200 50 增大 增大 減小 偏大 【解析】(1)1電阻與表頭G并聯(lián)，改裝成量程為的電流表，表頭滿偏電流為，此時通過電阻的電流為，由并聯(lián)分流規(guī)律可知得 改裝后

21、電流表內阻2將其與串聯(lián)改裝為的電壓表由歐姆定律可知，量程電壓表的內阻解得3再串聯(lián)改裝為量程電壓表，所分電壓為，所以(2)4在校準電路中，滑動變阻器采用分壓式接法，故選用最大阻值較小的滑動變阻器，即選用最大阻值為的滑動變阻器；5電源電動勢遠大于電壓表量程，所以閉合開關前應使滑片靠近端，使電壓表在接通電路時兩端電壓由較小值開始增大(3)6滑片由向滑動過程中，電壓表兩端電壓逐漸增大，通過表頭的電流增大，即示數(shù)增大7隨滑片由向滑動，外電路的總電阻始終大于電源內阻且逐漸減小，所以電源的輸出功率增大；8由可知，路端電壓隨外電路總電阻減小而減小，電源效率，所以電源的效率減小(4)9電壓表兩端電壓一定，若內阻值偏小，則通過表頭的電流偏大，從而造成讀數(shù)偏大的后果。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ADE；(2)230Hz【解析】（1）A光的傳播頻率由光源決定，故光由一種介質進入另一種介質時頻率不變；故A正確；B紅光和紫光進入棱鏡后，波速減小，根據(jù)v=f因為f不變，可知波長都變小，紅光和紫光在棱鏡中的波長不可能相等，故B錯誤；C根據(jù)折射定律可知紅光折射率小于紫