2022-2023學年新疆兵團第二師華山中學高一物理第一學期期末聯考模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖，一很長的不可伸長的柔軟細繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球和,球質量為，靜置于地面，

2、球質量為3；用手托住，高度為，此時輕繩剛好拉緊，從靜止開始釋放球至球上升至最高點的過程中A.落地前，球減小的重力勢能等于球增加的重力勢能B.落地前，球和球的速度大小始終相等C.落地前，球的加速度大于球的加速度D.從釋放開始，球能上升的最大高度為2、如圖所示，一小球從斜面頂端沿水平方向飛出，后又落回到斜面上。已知斜面的傾角為，小球初速度大小為v0，不計空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是A.小球從飛出到落回到斜面上的時間為B.小球落回到斜面上時的速度大小為C.減小小球的初速度，則小球落回到斜面上時速度方向與斜面的夾角也減小D.若小球以2v0水平飛出，且小球仍能落回到斜面上，則小球落回到斜面

3、上的速度大小是原來落回到斜面上速度大小的2倍3、關于牛頓第一定律，下列說法正確的是A.不受力作用的的物體是不存在的，故牛頓第一定律的建立毫無意義B.牛頓第一定律是從實驗現象歸納總結出來的C.牛頓第一定律表明，物體在任何狀態(tài)下都具有慣性D.牛頓第一定律表明，外力的作用會改變物體的慣性4、下列關于慣性的說法中，正確的是（）A.只有靜止的物體才有慣性B.只有運動的物體才有慣性C.質量較小的物體慣性較大D.質量較大的物體慣性較大5、如圖所示為某物體運動的v-t圖象，圖中有，則下列說法正確的是（）A.該物體正在做曲線運動B.該物體做的是勻加速直線運動C.該物體的速度越來越大D.該物體的加速度越來越大6、

4、下列說法不正確的是（）A.跳高運動員起跳時，地對運動員支持力大小等于運動員對地的壓力大小B.火箭加速上升時，火箭發(fā)動機推力大于火箭的重力C.雞蛋撞擊石頭，蛋碎石全，是因為雞蛋對石頭的作用力小于石頭對雞蛋的作用力D.乒乓球可以快速抽殺，是因為乒乓球慣性小的緣故7、下列說法中正確的是（ ）A.四種基本相互作用有可能是某種相互作用的不同表現方式B.彈力、摩擦力都屬于電磁力，而重力屬于萬有引力C.物體的重心就是物體各部分所受重力的等效作用點D.運動物體受到的摩擦力方向總與其運動方向相反8、如圖，質量為 m 的圓球放在兩光滑擋板 M、N 之間，其中 M 與水平面夾角為，N 始終保持豎直緩慢轉動 M 板，

5、使夾角由 60逐漸減小到零的過程中A.圓球對 M 的壓力由mg 逐漸變大B.圓球對 M 的壓力由 2mg 逐漸變小C.圓球對 N 的壓力由 2mg 逐漸變大D.圓球對 N 的壓力由mg 逐漸變小9、氣象研究小組用圖示簡易裝置測定水平風速，在水平地面上豎直固定一直桿，質量為m的薄空心塑料球用細線懸于桿頂端O，當水平風吹來時，球在水平風力的作用下飄起來已知風力大小正比于風速，當風速v03m/s時，測得球平衡時細線與豎直方向的夾角，則()A.細線拉力的大小為B.若風速增大到某一值時，可能等于C.細線拉力與風力的合力大于mgD.時，風力的大小Fmgtan10、小桶中盛滿水，用繩系著，然后讓其在豎直平面

6、內做圓周運動，要使小桶運動到軌跡最高點(桶口朝下)時，水不會從桶中流出，若小桶運動的軌道半徑為R，則小桶到最高點時（ ）A.速度不小于 B.角速度不大于C.向心加速度不小于gD.繩對小桶的拉力不小于小桶的重力11、如圖所示，傳送帶傾角，從A到B的長度為,傳送帶以的速度逆時針轉動，在傳送帶上端無初速度放一個質量為m05kg的物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數0.5，則物體從A運動到B( )（sin370.6，cos370.8，g取10ms2）A.一直做勻加速直線運動B.先加速后勻速C.運動1s后與傳送帶速度相同D.A運動到B的時間為2s12、中俄兩國海軍于2016年9月12日至19日在廣東湛江以東

7、?？沼蚺e行代號為“海上聯合-2016”的聯合軍事演習.演習期間，一名中國空降兵從懸停在高空的直升飛機上豎直下落，他從離開飛機到落地的過程中沿豎直方向運動的v-t圖像如圖所示，則下列說法正確的是A.第10s末空降兵打開降落傘，此后做勻減速運動至第15s末B.010s內空降兵和傘整體所受重力大于空氣阻力C.010s內空降兵的速度和加速度都在增大D.在10s15s時間里空降兵豎直方向的加速度方向向上，大小在逐漸減小二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖甲所示，人站在力傳感器上完成起立和下蹲動作。圖乙中呈現的是力傳感器的示數隨時間的變化情況。圖乙中a點，小明所受到的支持力_受到的重力（選填“大于”

8、、“等于”或“小于”）；b點到c點的過程中，小明完成了_動作（選填“起立”或“下蹲”）。14、在探究物體的加速度與合外力的關系實驗中：甲同學用圖甲裝置：保持小車(含車中重物)的質量M不變，細線下端懸掛鉤碼的總重力mg作為小車受到的合力F，用打點計時器測出小車運動的加速度a(1)關于實驗操作，下列說法正確的是_A實驗前應調節(jié)滑輪高度，使滑輪和小車間細線與木板平行B平衡摩擦力時，在細線的下端懸掛鉤碼，使小車在線的拉力作用下能勻速下滑C每次改變小車所受的拉力后都要重新平衡摩擦力D實驗時應先釋放小車，后接通打點計時器電源(2)圖乙為實驗中打出紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出連續(xù)的5個計數

9、點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數點時間間隔為T，測出各計數點間的距離x1，x2，x3，x4該同學用逐差法得到小車加速度的表達式a_(3)改變細線下端鉤碼的個數，得到aF圖象如圖丙所示，造成圖線上端彎曲的主要原因是_A平衡摩擦力過度 B平衡摩擦力不夠C沒有滿足M m的條件 D描點連線不夠準確乙同學利用測力計測細線拉力，為方便讀數設計如下圖實驗裝置：裝有定滑輪的長木板固定在水平實驗臺上，用右端固定一個滑輪的滑塊代替小車，鉤碼彈簧測力計通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長木板上做勻加速直線運動 (4)讀出彈簧測力計的示數F，處理紙帶，得到滑塊運動的加速度a；改變鉤碼個數，重復實驗以彈簧測力

10、計的示數F為縱坐標，以加速度a為橫坐標，得到的圖象是縱軸截距為b，斜率為k的一條傾斜直線，如圖所示已知重力加速度為g，忽略滑輪與繩之間的摩擦根據以上條件可計算出滑塊和木板之間的動摩擦因數_，滑塊和與滑塊固定的定滑輪的總質量M=_（要求（4）問中兩個空均用b、k、g中的字母表示）15、牛頓第一定律指出：一切物體都有_，而這種性質的大小可以用_來量度三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一小球從平臺上水平拋出，恰好落在鄰近平臺的一傾角為=53的光滑斜面頂端，并剛好沿光滑斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差h=0.8m，重力加速度取g=10m/s2，sin 53=0.8，cos 53=0.6，

11、不計空氣阻力，求：(1)小球水平拋出時的初速度大小v0；(2)斜面頂端與平臺邊緣的水平距離x；(3)若斜面頂端高H=20.8m，則小球離開平臺后經多長時間到達斜面底端？17、（10分）如圖所示，質量為m=4kg的物體在水平恒力F=26N的作用下靜止于斜面上，斜面的傾角，求：(1)物體受到斜面的支持力大??；(2)物體受到的摩擦力參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】本題可以分為兩個過程來求解，首先根據ab系統的機械能守恒，可以求得

12、a球上升h時的速度的大小，之后，b球落地，a球的機械能守恒，從而可以求得a球上升的高度的大小【詳解】根據能量關系，b落地前，b球減小的重力勢能等于a球增加的重力勢能于ab的動能增量之和，選項A錯誤； b落地前，ab用同一根繩子連接，可知a球和b球的速度大小始終相等，b球的加速度等于a球的加速度，選項B正確，C錯誤；設a球到達高度h時兩球的速度v，根據機械能守恒：b球的重力勢能減小轉化為a球的重力勢能和a、b球的動能即：3mgh=mgh+（3m+m）v2，解得兩球的速度都為，此時繩子恰好松弛，a球開始做初速為的豎直上拋運動，同樣根據機械能守恒：mgh+mv2=mgH，解得a球能達到的最大高度H=

13、1.5h，選項D錯誤故選B.【點睛】在a球上升的全過程中，a球的機械能是不守恒的，所以在本題中要分過程來求解，第一個過程系統的機械能守恒，在第二個過程中只有a球的機械能守恒2、D【解析】A小球從斜面做平拋運動又落回到斜面上，位移在水平方向的夾角等于斜面的傾斜角，有：解得：故A錯誤；B根據速度夾角和位移夾角的關系式：結合數學知識有：所以小球落到斜面上時的速度大小故B錯誤；C根據速度夾角和位移夾角的關系式：小球落到斜面上時速度方向和初速度無關，方向始終不變，故C錯誤；D小球落到斜面上時的速度大小即小球落到斜面上時的速度大小和初速度成正比，所以若小球以水平飛出，假設小球仍能落回到斜面上，則小球落到斜

14、面上的速度大小是以飛出時落回到斜面上的2倍，故D正確；故選D。3、C【解析】牛頓第一定律給出了物體不受力作用時的運動規(guī)律，同時也說明了力是改變物體運動狀態(tài)的原因，而不是維持物體運動狀態(tài)的原因；牛頓第一定律是牛頓在前人實驗的基礎上，根據邏輯推理得出的，是以實驗為基礎，但又不是完全通過實驗得出【詳解】雖然不受力作用的物體是不存在的，但牛頓第一定律給出了物體不受力時的運動規(guī)律，是整個牛頓力學的基礎，是有意義的，故A錯誤；牛頓第一定律是牛頓在伽利略等前人實驗的基礎上，根據邏輯推理得出的，是以實驗為基礎，但又不是完全通過實驗得出，故B錯誤；不論是運動的還是靜止的物體都有慣性，慣性與所處的運動狀態(tài)無關，選

15、項C正確；慣性由物體的質量決定，外力的作用不會改變物體的慣性，選項D錯誤；故選C.4、D【解析】質量是慣性大小的唯一量度。物體的質量越大，慣性越大，故D正確，ABC錯誤。故選D。5、C【解析】A物體運動的v-t圖象中，速度v有正有負，所以只能表示直線運動，不能表示曲線運動，所以A錯誤；BD根據加速度的定義由圖中有但是所以物體運動過程中，加速度是變化的，即所以物體做加速度逐漸減小的加速運動，所以BD錯誤；C由圖象可知，隨著時間的推移，速度在逐漸增大，所以C正確。故選C。6、C【解析】A.高運動員起跳，地對人的支持力與人對地的壓力是相互作用力，等值、反向、共線，A正確；B.火箭加速上升時，加速度向

16、上，故合力向上，故發(fā)動機的推力大于火箭的重力，B正確；C.雞蛋對石頭的力與石頭對雞蛋的力是相互作用力，總是等值、反向、共線，C不正確；D.慣性大小與物體的質量有關，質量越小，慣性越小，乒乓球可以快速抽殺，是因為乒乓球的慣性小的緣故，D正確。本題選不正確的，故選C?！军c睛】力是物體間的相互作用，相互作用力總是等值、反向、共線，與物體的運動狀態(tài)無關，慣性大小與物體的質量有關，質量越大，慣性越大。7、ABC【解析】自然界中的物體是不能孤立存在的，力的作用是相互的，施力物體一定也是受力物體，力按性質分類分為重力、彈力、摩擦力，常見的重力與萬有引力有關；自然界的四種基本相互作用【詳解】A項：四種基本相互

17、作用有可能是某種相互作用的不同表現方式，故A正確；B項：重力是由于地球的吸引而產生的力；故為萬有引力相互作用，而彈力和摩擦力實質上是電磁的相互作用，故B正確；C項：物體的重心就是物體各部分所受重力的等效作用點，故C正確；D項：運動物體受到滑動摩擦力，其方向總與其相對運動方向相反，故D錯誤故選ABC【點睛】自然界中的物體是不能孤立存在的，力的作用是相互的；要掌握自然界的四種基本相互作用明確常見力的一定是四種相互作用的一種8、BD【解析】圓球受三個力，即重力，M對球的彈力，N對球的彈力，三力作用下，物體處于平衡狀態(tài)【詳解】如圖所受，圓球處于三力平衡狀態(tài)，由力的幾何關系可知，M對球的彈力；N對球的彈

18、力緩慢轉動 M 板，使夾角由 60逐漸減小到零的過程中，均逐漸變小故本題選BD【點睛】三力平衡時，任意兩個力的合力與第三個力等值、反向列出力的解析式，根據角度變化判斷求解9、AD【解析】AC小球受重力、細線拉力和風力處于平衡，小球的受力如圖所示，根據共點力平衡得細線拉力和風力的合力等于mg，故A正確，C錯誤；B因為風力和重力的合力方向不可能水平向右，可知拉力方向不可能水平向左，則不可能等于，故B錯誤；D當風速v0=3m/s時，測得球平衡時細線與豎直方向的夾角=，根據幾何關系可得風力故D正確。故選AD。分卷II10、AC【解析】A小桶運動到軌跡最高點時，水不會從桶中流出的臨界條件是重力提供向心力

19、，則有：可知最小速度：故A正確；B根據：可知最小角速度：故B錯誤；C根據前面分析可知：所以向心加速度不小于g，故C正確；D根據分析可知，繩對小桶的拉力最小可以為零，故D錯誤。故選AC。11、CD【解析】開始時，物體受到傳送帶向下的摩擦力向下做加速運動，根據牛頓第二定律，則：a1=gsin+gcos=100.6+0.5100.8=10m/s2，當物體與傳送帶相對靜止時，物體的位移：；，即運動1s后與傳送帶速度相同，則：x2=16-5=11m；因為mgsinmgcos，物體與傳送帶不能保持相對靜止，繼續(xù)加速運動，此后物體的加速度a2=gsin-gcos=100.6-0.5100.8=2m/s2則：

20、x2vt+a2t2；代入數據解得：t2=1s；故共耗時t=t1+t2=2s故選項CD正確，AB錯誤；故選CD.12、BD【解析】打開降落傘后空降兵將做減速運動，故第10s末空降兵打開降落傘，根據v-t圖象的斜率表示加速度，可知10s15s空降兵做加速度不斷減小的減速運動至15s末，10s15s過程中速度向下，做減速運動，故加速度向上，A錯誤D正確；010s內空降兵空降兵向下做加速度不斷減小的加速運動，受重力和空氣阻力，根據牛頓第二定律，知合力向下，重力大于空氣阻力，B正確C錯誤二填空題(每小題6分，共18分)13、 .小于 .起立【解析】1由圖知，小明的重力為500N，圖乙中a點，傳感器的示數

21、小于500N，則a點時，小明所受到的支持力小于受到的重力；2由圖知，b點到c點的過程中，小明受到的支持力先大于重力后小于重力，即加速度先向上后向下；起立過程人的加速度先向上后向下，下蹲過程人的加速度先向下后向上；所以b點到c點的過程中，小明完成了起立動作。14、 .（1）A .（2） .（3）C .（4） .2k【解析】（1）調節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等于合力，故A正確；在調節(jié)模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛鉤碼，故B錯誤；由于平衡摩擦力之后有Mgsin=Mgcos，故tan=所以無論小車的質量是否改變，小車所受的滑動摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質量即改變拉小車拉力，不需要重新