江蘇省南通市南通2022年高考沖刺押題（最后一卷）物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩條光滑金屬導軌平行固定在斜面上，導軌所在區(qū)域存在垂直于斜面向上的勻強磁場，

2、導軌上端連接一電阻。時，一導體棒由靜止開始沿導軌下滑，下滑過程中導體棒與導軌接觸良好，且方向始終與斜面底邊平行。下列有關下滑過程導體棒的位移、速度、流過電阻的電流、導體棒受到的安培力隨時間變化的關系圖中，可能正確的是（）ABCD2、一定質量的乙醚液體全部蒸發(fā)，變?yōu)橥瑴囟鹊囊颐褮怏w，在這一過程中（ ）A分子引力減小，分子斥力減小B分子勢能減小C乙醚的內能不變D分子間作用力增大3、如圖，一根容易形變的彈性輕導線兩端固定。導線中通有如圖箭頭所示的電流I。當沒有磁場時，導線呈直線狀態(tài)；當分別加如圖所示的勻強磁場B時，描述導線狀態(tài)的四個圖示中正確的是（）ABCD4、光滑水平面上，一物體在恒力作用下做方向

3、不變的直線運動，在t1時間內動能由0增大到Ek，在t2時間內動能由Ek增大到2Ek，設恒力在t1時間內沖量為I1，在t2時間內沖量為I2，兩段時間內物體的位移分別為x1和x2，則（）AI1I2，x1I2，x1x2CI1I2，x1x2DI1I2，x1x25、氫原子的能級圖如圖所示，有一群處于n=4能級的氫原子，若氫原子從n=4能級向n=2能級躍遷時所輻射出的光恰能使某種金屬A發(fā)生光電效應，則下列說法中正確的是（）A這群氫原子輻射出的光中共有3種頻率的光能使金屬A發(fā)生光電效應B如果輻射進來能量為0.32 eV的光子，可以使氫原子從n4能級向n5能級躍遷C如果輻射進來能量為1.32 eV的光子，不可

4、以使處于n4能級的氫原子發(fā)生電離D用氫原子從n4能級向n1能級躍遷時輻射出的光照射金屬A，所產生的光電子的最大初動能為10.2 eV6、如圖所示，兩電荷量分別為Q和+2Q的點電荷固定在直線MN上，兩者相距為L，以+2Q的點電荷所在位置為圓心、為半徑畫圓，a、b、c、d是圓周上四點，其中a、b在MN直線上，c、d兩點連線垂直于MN，下列說法正確的是Ac、d兩點的電勢相同Ba點的電勢高于b點的電勢Cc、d兩點的電場強度相同Da點的電場強度小于b點的電場強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，

5、有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑水平面上有寬度為d的勻強磁場區(qū)域，邊界線MN平行于PQ線，磁場方向垂直平面向下，磁感應強度大小為B，邊長為L（Ld）的正方形金屬線框，電阻為R，質量為m，在水平向右的恒力F作用下，從距離MN為d/2處由靜止開始運動，線框右邊到MN時速度與到PQ時的速度大小相等，運動過程中線框右邊始終與MN平行，則下列說法正確的是（）A線框進入磁場過程中做加速運動B線框的右邊剛進入磁場時所受安培力的大小為C線框在進入磁場的過程中速度的最小值為D線框右邊從MN到PQ運動的過程中，線框中產生的焦耳熱為Fd8、如圖所示，由某種粗細均勻的總電阻為2R的金屬條制成的矩形線框abcd，固

6、定在水平面內且處于方向豎直向下的勻強磁場B中。一電阻為R的導體棒PQ接入電路，在水平拉力作用下沿ab、de 。以速度D勻速滑動，滑動過程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從靠近ad邊向bc邊滑動的過程中（ ）APQ中電流先增大后減小BPQ兩端電壓先減小后增大CPQ上拉力的功率先減小后增大D線框消耗的電功率先增大后減小9、如圖所示為多用電表原理示意圖，所用電流表的表盤刻度共100格，滿偏電流為，滿偏電壓為，電源的電動勢為，內阻，直流電壓擋的量程為，則下列判斷正確的是（）A黑表筆應該接，紅表筆接B定值電阻的阻值為C選擇開關接2，刻度盤正中間的刻度值為D選擇開關接3，若指針與電流

7、表第25格刻度線重合，則通過的電流為10、如圖所示，正方形的頂點b、d在x軸上，頂點a、c在y軸上，正方形abcd的中心與坐標原點重合，且Od=0.2m?？臻g有一與xOy平面平行的勻強電場，已知a、b、c三點的電勢分別為2V、V、-2V，則下列說法正確的是（）A電子在a點的電勢能小于在b點的電勢能Bd點電勢為VC該勻強電場的電場強度的大小為E=20V/mD電場強度方向斜向上，且電場線與y軸正方向的夾角為30三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學利用氣墊導軌驗證動量守恒定律，同時測量彈簧的彈性勢能，實驗裝置如圖甲所示，兩滑塊A、

8、B上各固定一相同窄片。部分實驗步驟如下：I.用螺旋測微器測量窄片的寬度d；II.將氣墊導軌調成水平；II.將A、B用細線綁住，在AB間放入一個被壓縮的輕小彈簧；IV.燒斷細線，記錄A、B上的窄片分別通過光電門C、D的擋光時間t1、t2。(1)若測量窄片的寬度d時，螺旋測微器的示數如圖乙所示，則d=_mm。(2)實驗中，還應測量的物理量是_A滑塊A的質量m1以及滑塊B的質量m2B燒斷細線后滑塊A、B運動到光電門C、D的時間tA、tBC燒斷細線后滑塊A、B運動到光電門C、D的路程x1、x2(3)驗證動量守恒定律的表達式是_ ；燒斷細線前彈簧的彈性勢能Ep=_。(均用題中相關物理量的字母表示)12（

9、12分）用如圖所示裝置探究鉤碼和小車（含砝碼）組成的系統(tǒng)的“功能關系”實驗中，小車碰到制動擋板時，鉤碼尚未到達地面。(1)平衡摩擦力時，_（填“要”或“不要”）掛上鉤碼；(2)如圖乙是某次實驗中打出紙帶的一部分，O、A、B、C為4個相鄰的計數點，相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出，所用交流電源的頻率為50Hz通過測量，可知打點計時器打B點時小車的速度大小為_（結果保留兩位有效數字）；(3)某同學經過認真、規(guī)范的操作，得到一條點跡清晰的紙帶，他把小車開始運動時打下的點記為O，再依次在紙帶上取等時間間隔的1、2、3、4、5、6等多個計數點，可獲得各計數點到O的距離s，及打下各計數點時小車

10、的瞬時速度v。如圖丙是根據這些實驗數據繪出的圖象，已知此次實驗中鉤碼的總質量為0.15kg，小車中砝碼的總質量為0.50kg，取重力加速度，根據功能關系由圖象可知小車的質量為_kg（結果保留兩位有效數字）；(4)研究實驗數據發(fā)現，鉤碼重力做的功總略大于系統(tǒng)總動能的增量，其原因可能是_。A鉤碼的重力大于細線的拉力B未完全平衡摩擦力C在接通電源的同時釋放了小車D交流電源的實際頻率大于50Hz四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在水平面上依次放置小物塊A和C以及曲面劈B，其中A與C的質量相等均為m，曲面

11、劈B的質量M=2m，曲面劈B的曲面下端與水平面相切，且曲面劈B足夠高，各接觸面均光滑?，F讓小物塊C以水平速度v0向右運動，與A發(fā)生碰撞，碰撞后兩個小物塊粘在一起滑上曲面劈B。求：(1)碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；(2)碰后物塊A與C在曲面劈B上能夠達到的最大高度。14（16分）如圖為一半球殼形玻璃磚的截面圖，球殼外圓半徑R1=10cm，內圓半徑R2=5cm，圖中OO為玻璃磚的中軸線.一束平行光以平行于OO的方向從球殼的左側射入沿OO入射的光線經過1010s穿過玻璃磚，光在真空中傳播速度為c=3108m/s，有一部分到達內圓左表面時能從右側射出玻璃磚.求：玻璃磚對光的折射率；若入射到外圓表面上A

12、點的光線經外圓折射后，在內圓表面剛好發(fā)生全反射，則A點到OO的距離為多少?15（12分）如圖，絕熱氣缸A與導熱氣缸B均固定于地面，由剛性桿連接的絕熱活塞與兩氣缸間均無摩擦兩氣缸內裝有處于平衡狀態(tài)的理想氣體，開始時體積均為、溫度均為緩慢加熱A中氣體，停止加熱達到穩(wěn)定后，A中氣體壓強為原來的1.2倍設環(huán)境溫度始終保持不變，求氣缸A中氣體的體積和溫度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】AB根據牛頓第二定律可得可得隨著速度的增大，加速度逐漸減小，圖象的斜率減小，當加速度為零時導體棒做勻速運動，圖象的斜率表示速度，

13、斜率不變，速度不變，而導體棒向下運動的速度越來越大，最后勻速，故圖象斜率不可能不變，故AB錯誤；C導體棒下滑過程中產生的感應電動勢感應電流由于下滑過程中的安培力逐漸增大，所以加速度a逐漸減小，故圖象的斜率減小，最后勻速運動時電流不變，C正確；D、根據安培力的計算公式可得由于加速度a逐漸減小，故圖象的斜率減小，D錯誤。故選：C。2、A【解析】A. 乙醚液體蒸發(fā)過程，分子間的距離變大，分子間的引力和斥力都會減小，故A正確；B. 蒸發(fā)過程中乙醚分子要克服分子間的引力做功，分子勢能增加，故B錯誤；C. 一定質量的乙醚液體全部蒸發(fā)，變?yōu)橥瑴囟鹊囊颐褮怏w過程中，要從外界吸收熱量，由于溫度不變，故分子平均動

14、能不變，而蒸發(fā)過程中乙醚分子要克服分子間的引力做功，分子勢能增加，故內能增加，故C錯誤；D. 由于乙醚液體蒸發(fā)過程，分子間的距離變大，分子之間的作用力從0開始，先增大后減小，故D錯誤。故選：A。3、B【解析】考查安培力。【詳解】A圖示電流與磁場平行，導線不受力的作用，故A錯誤；B由左手定則判得，安培力的方向水平向右，故B正確；C由左手定則判得，安培力的方向垂直直面向里，故C錯誤；D由左手定則判得，安培力的方向水平向右，故D錯誤。故選B。4、C【解析】根據動能定理，第一段加速過程Fx1=Ek第二段加速過程Fx2=2Ek-Ek聯立可得x1=x2物體做初速度為零的加速運動，故通過連續(xù)相等位移的時間變

15、短，即通過位移x2的時間t2小于通過位移x1的時間t1；根據沖量的定義，有I1=Ft1I2=Ft2故I1I2故C正確，ABD錯誤。故選C。5、D【解析】A氫原子從n=4能級向低能級躍遷時可以輻射出6種頻率的光子，其中只有從n=4能級向n=3能級躍遷時所輻射出的光子以及從n=3能級向n=2能級躍遷時所輻射出的光子的能量小于從n=4能級向n=2能級躍遷時所輻射出的光子的能量，不能使金屬A發(fā)生光電效應，故共有4種頻率的光能使金屬A發(fā)生光電效應，故A錯誤；B因為從n=4能級向n=5能級躍遷時所需要的能量為不等于光子能量為0.32eV，故B錯誤；C因為要使處于n=4能級的氫原子發(fā)生電離，所需要的能量只要

16、大于0.85eV就可以，故C錯誤；D由題意可知，金屬A的逸出功為2.55eV， 氫原子從n=4能級向n=1能級躍遷時所輻射出光子的能量為由愛因斯坦光電效應方程可得最大初動能故D正確。故選D。6、A【解析】A、B、a、b、c、d四點在以點電荷+2Q為圓心的圓上，可知+2Q產生的電場在a、b、c、d四點的電勢是相等的，所以a、b、c、d四點的總電勢可以通過-Q產生的電場的電勢確定，根據順著電場線方向電勢降低可知，b點的電勢最高，c、d兩點對稱電勢相等，a點電勢最低；故A正確，B錯誤.C、+2Q的場源在c、d兩點產生的場強大小相等，-Q的場源在c、d兩點的產生的場強大小也相等，根據場強的合成可知兩點

17、的總場強大小相等，但方向不同，故c、d兩點的電場強度不同；故C錯誤；D、由點電荷的場強公式，合成可得，方向向左；，方向向右；故；則D錯誤.故選A.【點睛】本題考查判斷電勢、場強大小的能力，要利用庫侖定律和場強的矢量合成的方法對各點的電勢和場強進行判定，并且要充分利用電場的疊加原理進行分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、線框右邊到MN時速度與到PQ時速度大小相等，線框完全進入磁場過程不受安培力作用，線框完全進入磁場后做加速運動，由此可知，線框進入磁場

18、過程做減速運動，故A錯誤；B、線框進入磁場前過程，由動能定理得：，解得：，線框受到的安培力： ，故B正確；C、線框完全進入磁場時速度最小，從線框完全進入磁場到右邊到達PQ過程，對線框，由動能定理得： 解得： ，故C錯誤；D、線框右邊到達MN、PQ時速度相等，線框動能不變，該過程線框產生的焦耳熱：QFd，故D正確；8、CD【解析】A導體棒為電源產生的電動勢為等效電路為左邊電阻和右邊并聯，總電阻為又線框總電阻為，在從靠近處向滑動的過程中，總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，故A項錯誤；B兩端電壓為路端電壓即先增大后減小，故B項錯誤；C拉力的功率等于克服安培力做功的功率，有先減小后增大，故C項正

19、確；D根據功率曲線可知當外電阻時輸出功率最大，而外電阻先由小于的某值開始增加到，再減小到小于的某值，所以線框消耗的功率先增大后減小，故D項正確故選CD。9、AC【解析】A多用電表的電流是從紅表筆流進電表，從黑表筆流出電表，從電流的流向可以看出應該接黑表筆，選項A正確；B和電流表串聯形成一個新的電壓表改裝后，代入數據解得選項B錯誤；C當選擇開關接2時，、之間為多用電表的歐姆擋，則有聯立解得選項C正確；D選擇開關接3時，電流表滿偏電流為，總共100格，當指針指在第25格的時候，對應的示數為滿偏電流的四分之一，即通過的電流為，所以D錯誤。故選AC。10、ABC【解析】A a點的電勢高于b點的電勢，由

20、 ，知電子在a點的電勢能小于在b點的電勢能，A正確；B根據，有 d點電勢為V，故B正確；CD由沿電場線方向電勢降低，可知電場強度方向斜向下。設電場線與y軸正方向的夾角為為，由分別對a、c兩點與b、d兩點列式解得 ，。故C正確，D錯誤。 故選ABC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、4.800 A 【解析】(1)1螺旋測微器主尺的示數為4.5mm，可動刻度的示數為0.01mm30.0=0.300mm，故d=4.5mm+0.300mm=4.800mm(2)2驗證動量守恒定律，需要測量滑塊A、B的質量m1和m2故選A(3)3根據動量守恒定律其中、可得4根據能量守恒定律可得，燒斷細線前彈簧的彈性勢能12、不要 0.72 0.85 BD 【解析】(1)1小車下滑時受到重力、細線的拉力、支持力和摩擦力作用，為了在實驗中能夠把細線對小車的拉力視為小車的合外力，則應該用重力的下滑分力來平衡摩擦力，在平衡摩擦力時，不掛鉤碼，但要連接紙帶。(2)2相鄰的兩個計數點之間還有4個打出的點沒有畫出，計數點間的時間間隔為T=0.025s=0.1s根據勻變速直線運動的規(guī)律可知，一段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，打B點的速度為 (3)3設鉤碼的質量為m，小車的質量為M，小車中砝碼