河北省石家莊二中2022-2023學(xué)年高一物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題含解析

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、某同學(xué)站在電梯底板上，如圖所示的v-t圖像是計算機顯示電梯在某一段時間內(nèi)速度變化的情況（豎直向上為正方向）根據(jù)圖像提供的信息，可以判斷下列說法中正確的是（ ）A.在0-20s內(nèi)

2、，電梯向上運動，該同學(xué)處于超重狀態(tài)B.在0-5s內(nèi)，電梯在加速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)C.在5s-10s內(nèi)，電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)，該同學(xué)對電梯底板壓力等于他所受的重力D.在10s-20s內(nèi)，電梯在減速上升，該同學(xué)處于失重狀態(tài)2、如圖所示，在光滑水平面上有一小球a以初速度v0運動，同時在它的正上方有一小球b也以初速度v0沿同一方向水平拋出，并落于c點，則（）A.兩球同時到達(dá)c點B.小球a先到達(dá)c點C.小球b先到達(dá)c點D.不能確定3、如圖所示，用細(xì)繩將重球懸掛在光滑墻壁上，當(dāng)繩子稍許變長(小球仍處于靜止?fàn)顟B(tài))，細(xì)繩對小球的拉力F、墻壁對小球的支持力的變化情況為（）A.F、FN都不變B.F變大、FN變小

3、C.F、FN都變小D.F變小、FN變大4、現(xiàn)在物流的發(fā)展很快，在物流分揀過程中傳送帶起到很重要的作用，如圖所示就是一模擬情況，物塊從光滑曲面上的P點自由滑下，通過粗糙的靜止水平傳送帶以后落到地面上的Q點（已知物體離開傳送帶后到地面的時間始終相同），若傳送帶的皮帶輪沿逆時針方向轉(zhuǎn)動起來，使傳送帶隨之運動，再把物塊放到P點自由滑下則（）A.物塊將仍落在Q點B.物塊將會落在Q點的左邊C.物塊將會落在Q點的右邊D.物塊有可能落不到地面上5、如圖，用F=10N的力水平向右推重為40N的物體，物體靜止在水平面上。則物體所受（）A.合力為10NB.合力為30NC.摩擦力為10ND.摩擦力為30N6、如圖所示

4、，在軸上關(guān)于原點O對稱的兩點A、B分別放置固定的點電荷+Q1和-Q2，軸上的P點位于B點的右側(cè),且P點電場強度為零。設(shè)無窮遠(yuǎn)處電勢為零,則下列判斷正確的是（ ）A.P點電勢為零B.在A、B連線上還有一點與P點電場強度相同C.A、O兩點的電勢差大于O、B兩點的電勢差D.若將一試探電荷+q沿直線從P點移至O點,則此過程中電勢能一直增大7、如圖所示，傾角為的斜面足夠長，小球以大小相等的初速度從同一點向各個方向拋出，不計空氣阻力，則關(guān)于小球落到斜面上的所用時間的說法錯誤的是A.小球豎直向下拋出，所用時間最短B.小球垂直斜面向下拋出，所用時間最短C.小球水平向左拋出用時最長D.小球豎直向上拋出用時最長8

5、、甲、乙兩質(zhì)點同時、同地點向同一方向做直線運動，它們的 vt 圖象如圖所示，則：（ ）A.乙始終比甲運動得快B.乙在 2s 末追上甲C.乙追上甲時距出發(fā)點 40m 遠(yuǎn)D.4s 內(nèi)乙的平均速度等于甲的速度9、如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，光滑斜面的傾角為，圖甲中A、B兩球用輕彈簧相連，圖乙中A、B兩球用輕質(zhì)桿相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，輕彈簧、輕桿均與斜面平行，則在突然撤去擋板的瞬間有( )A.圖甲中兩球的加速度一定相等B.圖乙中兩球的加速度一定為gsin C.圖乙中輕桿的作用力不可能為零D.圖甲中B球的加速度是圖乙中B球加速度的2倍10、一艘小船沿垂直河岸的航向渡河，在水流的作用下，小

6、船抵達(dá)對岸的下游今保持小船的航向和船在靜水中速度的大小不變，則（ ）A.若水流速度減小，則小船抵達(dá)對岸時位置不變B.若水流速度減小，則小船的合速度減小C.若水流速度增大，則小船抵達(dá)對岸時間不變D.若水流速度增大，則小船抵達(dá)對岸時間減少11、如圖所示，建設(shè)房屋時，保持底邊L不變，要設(shè)計好屋頂?shù)膬A角，以便下雨時落在房頂?shù)挠甑文鼙M快地滑離屋頂，雨滴下滑時可視為小球做無初速度、無摩擦的運動下列說法正確的是A.傾角越大，雨滴對屋頂壓力越大B.傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大C.傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的時間越短D.傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大12、如圖所示，固定在小車上的支

7、架的斜桿與豎直桿的夾角為，在斜桿下端固定有質(zhì)量為m的小球，下列關(guān)于桿對球的作用力F的判斷中，正確的是A.小車靜止時，F(xiàn)mg ，方向豎直向上B.小車靜止時，F(xiàn)mgcos ，方向垂直于桿向上C.小車向右以加速度a運動時，一定有FD.小車向左以加速度a運動時，F(xiàn)，方向斜向左上方，與豎直方向的夾角滿足tan 二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中。(1)某同學(xué)第一步用一個彈簧測力計鉤住細(xì)繩套拉橡皮條，使結(jié)點到達(dá)某一位置O；第二步用兩個彈簧測力計分別鉤住兩個細(xì)繩套互成角度地拉橡皮條，使結(jié)點到達(dá)同一位置O。第二步中必須記錄是（ ）A兩細(xì)繩的長度和兩

8、細(xì)繩的方向B橡皮條伸長的長度和兩細(xì)繩的方向C兩彈簧測力計的讀數(shù)和橡皮條伸長的長度D兩細(xì)繩套的方向和兩彈簧測力計的讀數(shù)(2)如圖所示是甲、乙兩位同學(xué)在做本實驗時得到的結(jié)果，其中F是用作圖法得到的合力，F(xiàn)是通過實驗驗證測得的合力，則符合實驗事實的實驗結(jié)果是_（填“甲”或“乙”）。14、（10分）為了用彈簧測力計測定兩木塊A和B間的動摩擦因數(shù)，某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的實驗方案用水平力F向右拉木板B，使其向右運動，彈簧測力計示數(shù)的放大情況如圖所示，則彈簧測力計示數(shù)為_N，已知木塊A質(zhì)量為650g，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間9.8，則A、B間的動摩擦因數(shù)_（計算結(jié)果取2位有效數(shù)字）.三、計算題要求解題步驟，和必要

9、的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖甲所示為一風(fēng)力實驗示意圖，一根足夠長的固定細(xì)桿與水平面成37，質(zhì)量為m1kg的小球穿在細(xì)桿上靜止于細(xì)桿底端O點，今用沿桿向上的恒定風(fēng)力F作用于小球上，經(jīng)時間t10.2s后撤去風(fēng)力，小球沿細(xì)桿運動的一段vt圖象如圖乙所示(g取10 m/s2，sin370.6，cos370.8)試求：(1)小球與細(xì)桿之間的動摩擦因數(shù)；(2)00.2s內(nèi)風(fēng)力F的大??；(3)撤去風(fēng)力F后，小球經(jīng)多長時間返回底部。16、（12分）一種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重.一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套裝在豎直柱子上,由升降機送上幾十米的高處,然后讓座艙自由落下.落到一定位置時,

10、制動系統(tǒng)啟動,到地面時剛好停下.已知座艙開始下落時的高度為75,當(dāng)落到離地面30m的位置時開始制動,座艙均勻減速.重力加速度取10,不計空氣阻力.（1）求座艙下落的最大速度;（2）求座艙下落的總時間;（3）若座艙中某人用手托著重30N的鉛球,求座艙下落過程中球?qū)κ值膲毫?17、（12分）一名滑雪者乘坐纜車沿索道到達(dá)滑道頂部，索道長為x600m，纜車速度大小恒為v車1.2m/s；然后從滑道頂部由靜止沿滑道直線滑下，滑道傾角30（簡化模型如圖）假設(shè)滑雪者速度vt10m/s時阻力可忽略，vt10m/s時阻力為滑雪者重力的0.1倍，取g10m/s2，求：（1）滑雪者乘坐纜車沿索道運動到滑道頂部需要時間

11、；（2）滑雪者速度v5m/s時，加速度的大小和方向；（3）滑雪者從滑道頂部向下滑行l(wèi)22m需要的時間參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】圖像的斜率表示加速度，故05s內(nèi)斜率為正，加速度為正，方向向上，處于超重狀態(tài)，速度為正，即電梯向上加速運動；在510s過程中，電梯勻速，該同學(xué)加速度為零，該同學(xué)對電梯底板的壓力等于他所受的重力，處于正常狀態(tài)；1020s過程中，斜率為負(fù)，速度為正，即電梯向上做減速運動，加速度向下，處于失重狀態(tài)，D正確【點睛】在速度時間圖象中，直線的斜率表示加速度的大小，根據(jù)圖象求出電梯的加速度，當(dāng)有向上的加

12、速度時，此時人就處于超重狀態(tài)，當(dāng)有向下的加速度時，此時人就處于失重狀態(tài)2、A【解析】小球a在水平面上做勻速直線運動，小球b在豎直面內(nèi)做平拋運動。而小球b做平拋運動的水平分速度也是以速度為的勻速直線運動，因此a和b在水平方向上的運動是一致的，他們最終能夠同時到達(dá)c點，故A正確，BCD錯誤。故選A3、C【解析】以球為研究對象，分析受力情況作出力圖如圖設(shè)繩子與墻之間的夾角為，根據(jù)平衡條件得如果所用的繩子變長則減小，減小，增大，mg不變，所以FN減小，F(xiàn)減小；故C正確，ABD錯誤。故選C。4、A【解析】根據(jù)牛頓第二定律分析加速度大小，再根據(jù)運動學(xué)公式結(jié)合平拋運動的規(guī)律即可解題【詳解】無論傳送帶靜止，還

13、是逆時針轉(zhuǎn)動起來，物體m所受的都是滑動摩擦力，方向大小都一樣，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度相同；物體滑過傳送帶經(jīng)過的位移就是傳送帶兩輪之間的長度，故兩次下滑在傳送帶上的位移也是一樣的，根據(jù)v22ax可知離開傳送帶時的速度相同；由平拋規(guī)律：xv0t，可知其水平和豎直位移都一樣，故落地點也應(yīng)一樣，故仍在Q點，故A正確，BCD錯誤5、C【解析】由題知，物體靜止在水平面上，則物體處于平衡狀態(tài)，所以合力為零，根據(jù)二力平衡條件，可知摩擦力與力F平衡，大小相等，所以摩擦力為10N，故C正確，ABD錯誤。故選C。6、C【解析】等量異種電荷周圍的電場分布情況如圖所示：，而本題中因P點場強為零，則，則，但電場分布與

14、上圖類似.A、等量異種電荷的O=0，而，則連線上電勢為0的點在O點左側(cè)，根據(jù)沿著電場線的方向電勢降低，則P0，故A錯誤；B、因，根據(jù)其電場線分布可知，在x軸上還有一點在OB之間，兩場源在這一點電場強度大小相同但方向相同，合場強不為零，B錯誤；C、AO與OB是沿電場線相同的d，因，則Q1附近的電場較強，由，可知，C正確；D、試探電荷+q在從P點到O點電場力先做正功后做負(fù)功，則電勢能先減小后增大，故D錯誤；故選C.【點睛】本題借助等量等量異種電荷周圍的電場分布推廣到不等量電荷的電場分布，要結(jié)合電場強度、電勢、電勢能等概念充分理解7、ACD【解析】以拋出點為參考系（該點做自由落體運動），各小球相對于

15、拋出點均做勻速直線運動，經(jīng)過時間t各小球相對于拋出點距離相等，均為v0t，各小球的位置如圖所示：把速度和加速度都沿垂直斜面方向分解，由圖可知，得出垂直斜面向下時間最短，垂直斜面向上所用時間最長，故A、C、D錯誤，B正確；本題選錯誤的，故選ACD8、CD【解析】從圖象得到兩個質(zhì)點的運動情況，甲做勻速直線運動，乙做初速度為零的勻加速直線運動，然后結(jié)合速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小進行分析；【詳解】A、內(nèi)甲的速度一直比乙大，內(nèi)，乙的速度大于甲的速度，第2s末速度相等，故A錯誤；B、根據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，可以知道，兩秒末甲的位移大于乙的位移，說明乙還沒有追上甲，在

16、4s末兩質(zhì)點再次相遇，故B錯誤；C、乙在4s末追上甲時，距出發(fā)點距離為，故C正確；D、4s內(nèi)，甲做勻速運動的速度為10m/s，乙做勻加速直線運動，平均速度，故D正確【點睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)速度時間圖象得到兩個物體的運動規(guī)律，然后根據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小，結(jié)合初始條件進行分析9、BD【解析】A彈簧彈力不能突變，突然撤去擋板的瞬間有圖甲中A球合力仍為零，加速度為零，設(shè)彈簧彈力為F，對B球由牛頓第二定律可得聯(lián)立可得說明AB兩球的加速度不相等，故A錯誤；BC假設(shè)兩球加速度相等，取整體為研究對象，由牛頓第二定律可得桿的彈力瞬間變?yōu)榱?，兩球的加速度相等都為gsin，假設(shè)正確，故B正確，

17、C錯誤；D比較、可知圖甲中B球的加速度是圖乙中B球加速度的2倍，故D正確。故選擇BD選項。10、BC【解析】若水流速度減小，根據(jù)速度的合成可知，合速度偏向原來位置的上游，且大小減小，故A錯誤，B正確；當(dāng)水流速度突然增大時，由矢量合成的平行四邊形法則知船的合速度變化，即合速度大小增大，方向偏向下游，由于船速度大小不變，間距不變，所以渡河時間不變，故C正確，D錯誤故選BC.考點：運動的合成和分解【名師點睛】小船過河問題屬于運動的合成問題，要明確分運動的等時性、獨立性，運用分解的思想，看過河時間只分析垂直河岸的速度，船航行時速度為靜水中的速度與河水流速二者合速度，使用平行四邊形法則求合速度，水流速度

18、變，則合速度變，過河位移變化.11、BD【解析】雨滴從房頂下滑時做初速度為零的勻加速直線運動，該物理模型和物塊從斜面頂端沿斜面下滑一樣，然后根據(jù)牛頓第二定律和勻變速直線運動規(guī)律列式，分析運動時間、速度與傾角的關(guān)系【詳解】屋檐的傾角為，底邊為L，設(shè)屋頂?shù)钠旅骈L度為s，雨滴下滑時加速度為a對水滴做受力分析，只受重力mg和屋頂對水滴的支持力N，垂直于屋頂方向：；平行于屋頂方向：；可知，傾角越大，N越小，則由牛頓第三定律知雨滴對屋頂?shù)膲毫Γ?，所以傾角越大，雨滴對屋頂壓力越小，故A錯誤；雨滴下滑的加速度為：，則傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大，故B正確；設(shè)從O到M的時間為t，水滴的運動位移為：，由位移時

19、間公式得：，則：，故當(dāng)時，用時最短，故C錯誤；雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度為：，知傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大，故D正確故選BD12、AD【解析】AB小球受豎直向下的重力mg與桿對小球的力F作用；當(dāng)小車靜止時，小球也靜止，小球處于平衡狀態(tài)，受平衡力作用，桿的作用力F與重力是一對平衡力，由平衡條件得：F=mg，方向豎直向上。故A正確，B錯誤。C小車向右做勻加速運動時，豎直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，則有：方向斜向右上方，不一定沿桿向斜向上的方向，故C錯誤；D小車向左做勻加速運動時，豎直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，則有：方向斜向左上方，與豎直方向的夾角為故D正

20、確；故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .D .甲【解析】(1)1根據(jù)實驗原理和實驗?zāi)康目芍搶嶒災(zāi)康氖恰膀炞C力的平行四邊形定則”，因此需要知道兩個分力的大小和方向，由此可以做平行四邊形，從而求出合力的理論值，該實驗采用的是“等效替換”，因此需要記錄兩細(xì)繩的方向和兩彈簧測力計的讀數(shù)，故D正確，ABC錯誤；故選D；(2)2F1、F2合力的理論值是指通過平行四邊形定則求出的合力值，而其實驗值是指一個彈簧拉橡皮條時所測得的數(shù)值，一定沿AO方向，由此可知F是F1、F2合力的理論值，F(xiàn)是合力的實驗值，由于誤差的存在，作圖法得到的合力與實驗值有一定的差別，故甲更符合實驗結(jié)果。

21、14、 .3.80 .0.60【解析】彈簧測力計估讀到0.01N得到拉力；借助二力平衡求出滑動摩擦力從而得到動摩擦因數(shù).【詳解】彈簧測力計最小刻度為 0.1N，讀數(shù)時須估讀到下一位，示數(shù)為3.80N；對A受力分析可知A相對B向左從而受向右的滑動摩擦力，而A相對地面靜止，由二力平衡有，解得：.【點睛】用彈簧測力計拉住木塊，讀出彈簧測力計的示數(shù)，即可求出兩張紙間的滑動摩擦力，木板的運動狀態(tài)不受限制，木板可以做勻速運動，也可做變速運動；明確A相對于接觸的B向左運動而受滑動摩擦力，而A相對于地面靜止.三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)由圖知a210m/s 2由牛頓第二定律mgsinmgcosma2解得0.5。(2)由圖知a120m/s 2由牛頓第二定律Fcosmgsin（mgcosFsin）ma1解得F60N。(3)由圖，風(fēng)力F作用時間為t10.2 s撤去風(fēng)力后，物體繼續(xù)向上運動時間為得t20.4s。向上的最大位移為得x m1.2m以后物體下滑，由牛頓第二定律mgsinmgcosma3解得a32m/s 2。由得s總時間為tt 2t 3 ，代入數(shù)據(jù)得s1.5 s【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律及運動學(xué)基本公式的直接應(yīng)用，要理解速度-時間圖象的斜率表示加速度，圖象與坐