2022-2023學年內(nèi)蒙古巴林右旗大板第三中學物理高一第一學期期末檢測模擬試題含解析

1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、一汽車以54km/h的速度行駛，突然發(fā)現(xiàn)前面有障礙物，司機立即剎車。已知剎車時汽車的加速度大小為3m/s2，則從開始剎車計時，汽車經(jīng)6s的位移大小為

2、（）A.35mB.36mC.37.5mD.45m2、如圖所示，物塊 A，B，C 質(zhì)量分別是為 m，2m，3mA 與天花板間，B 與 C 之間用輕彈簧相連當系統(tǒng)平衡后，突然把 AB 間繩子燒斷，在繩斷瞬間 A，B，C 的加速度（以向下為正方向）分別為( )A.g，g，gB.-5g，2.5g，0C-5g，2g，0D.-g，2g，3g3、電梯從低樓層到達高樓層經(jīng)過啟動、勻速運行和制動三個過程,啟動和制動可看做是勻變速直線運動，電梯豎直向上運動過程中速度的變化情況如下表:則前5秒內(nèi)電梯通過的位移大小為( )時間()123456789101112速度()02.04.05.05.05.05.04.03.0

3、2.01.00A.1925mB.18.75mC.18.50mD.17.50m4、如圖所示，為a、b兩物體沿直線運動的位移時間圖像，下列說法中正確的是（ ）A.M點表示a、b兩物體t1時刻相遇B.a、b兩個物體的運動方向相反C.0t1時間內(nèi)，a物體比b物體的速度大D.a、b兩物體均做勻加速直線運動5、如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體在動摩擦因數(shù)為0.5的水平面上向右運動，在運動過程中受到水平向左、大小為10N的拉力作用，則物體所受摩擦力為（g=10N/kg）A.10N，向右B.10N，向左C.20N，向右D.20N，向左6、物體作勻加速直線運動，已知加速度為2m/s2，那么在任意1s內(nèi)（）A.物體的

4、末速度一定等于初速度的2倍B.物體的末速度一定比初速度大2m/sC.物體的初速度一定比前1s的末速度大2m/sD.物體的位移一定比前1s內(nèi)的位移大2m7、某人先后兩次由斜面體頂端的O點沿水平方向拋出兩個可視為質(zhì)點的物體，第一次的落點為斜面體上的a點，第二次的落點為斜面體上的b點，且，兩次物體的初速度分別用va、vb表示，物體在空中運動的時間分別用、表示，下落的高度分別用、表示，小球落到斜面體時的速度與斜面體斜面的夾角分別用、表示則下列關(guān)系式正確的是A.B.C.D.8、如圖所示，質(zhì)量為m的小球懸掛在小車頂棚上，在運動過程中當小球偏離豎直方向角時，則下列說法正確的是（）A.小車可能向左減速運動B.

5、小車可能向右減速運動C.小車的加速度大小a=gtanD.懸掛線的拉力大小F=9、某質(zhì)點做勻變速直線運動的位移x與時間t的關(guān)系式為x7t+5t2，x與t單位是m和s，則該質(zhì)點A.第1s內(nèi)的位移是12mB.前2s內(nèi)的平均速度是34m/sC.任意相鄰1s內(nèi)的位移差都是10mD.任意ls內(nèi)的速度增量都是10m/s10、如圖是某物體運動的vt 圖象，下列說法正確的是A.物體在第1s末運動方向發(fā)生改變B.物體在第2s內(nèi)速度和加速度方向相同C.物體在第3s末加速度方向發(fā)生改變D.物體在第4s內(nèi)的平均速度為1m/s11、如圖所示，A、B、C三個物體靜止疊放在水平桌面上，物體A質(zhì)量為2m，B和C的質(zhì)量都是m，A

6、、B間的動摩擦因數(shù)為，B、C間的動摩擦因數(shù)為，B和地面間的動摩擦因數(shù)為。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對A施加一水平向右的拉力F，則下列判斷正確的是（）A.若A、B、C三個物體始終相對靜止，則力F不能超過B.當力F=mg時，A、B間的摩擦力為C.無論力F為何值，B的加速度不會超過D.當力時，B相對A滑動12、如圖所示，在相同高度處沿同一水平方向分別拋出小球A和B,它們剛好在空中相碰，不計空氣阻力,則（ ）A.兩球同時拋出B.剛要相碰時,它們的速度大小相等C.它們從開始運動相碰的過程中,速度變化量相等D.它們從開始運動相碰的過程中,速度變化量不相等二填空題(每小題6分，共18分

7、)13、在驗證牛頓第二定律的實驗中:(1)在長木板的不帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，反復移動木塊的位置，直到小車在斜面上運動時能保持勻速運動狀態(tài)。其目的是_。若改變小車質(zhì)量后，該操作_(填“需要”或“不需要”)重復進行。(2)實驗中小車的質(zhì)量為M，鉤碼(或重物)的質(zhì)量為m，要求M_m，可以認為小車受拉力的大小為_ (3)實驗中得到的a-F和兩條圖線如圖所示左圖的直線不過原點是由于_；右圖的直線發(fā)生彎曲是由_造成的(4)某一次實驗打點計時器(交流電頻率為50Hz)打出的紙帶如圖所示，從O點開始每隔5個點取一個計數(shù)點，測得OA=3.2cm，AB=4.6cm，則小車運動的加速度大小為_m/s2。

8、14、在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中采用如圖所示的裝置（1）本實驗應用的實驗方法是_A假設法 B理想實驗法C控制變量法 D等效替代法（2）下列說法中正確的是_（選不全得1分）A平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B每次改變小車的質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力C實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D在每次實驗中，應使小車和砝碼的質(zhì)量遠大于砂和小桶的總質(zhì)量（3）如下圖所示是某一次打點計時器打出一條記錄小車運動的紙帶，取計數(shù)點A、B、C、D、E紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為T = 0.10s，用刻度尺測量出各相鄰計數(shù)點間的距離分別為AB=1.21cm，BC=1.83 cm

9、，CD=2.41 cm，DE=3.03 cm，則小車運動的加速度大小=_m/s2，打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小=_m/s(結(jié)果均保留兩位小數(shù)) （4）某同學測得小車的加速度和拉力F的數(shù)據(jù)后,依照數(shù)據(jù)正確畫出-F圖像如圖所示，（小車質(zhì)量保持不變）圖線不過原點的原因可是_15、某實驗小組利用如圖所示的裝置探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系 (1)實驗中下列做法正確的是_A.平衡摩擦力后，實驗就不需要滿足小車及車中砝碼總質(zhì)量遠大于砝碼盤及盤中砝碼總質(zhì)量的條件B.每次改變小車中砝碼的質(zhì)量后，都需要重新平衡摩擦力C.選取點跡清晰的紙帶，必須以打的第一個點為計數(shù)起始點進行測量D.實驗中應先接通打點計時器

10、的電源，然后再釋放小車(2)實驗中由于實際繩對小車的拉力_（選填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，會給實驗帶來系統(tǒng)誤差為減小此誤差，實驗中要對小車質(zhì)量M和重物質(zhì)量m進行選取，以下四組數(shù)據(jù)中最合理的一組是_（填寫相應序號）M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120gM=200g，m=30g、35g、40g、45g、50gM=400g，m=20g、40g、60g、80g、100gM=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g(3)如圖所示是某一次打點計時器打出的一條記錄小車運動的紙帶取計數(shù)點1、2、3、4、5.已知打點計時器的打點周期為0.02s，用刻度尺測量

11、出各相鄰計數(shù)點間的距離分別為3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，則小車運動的加速度大小a=_m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字） (4)甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套上圖所示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到右圖中甲、乙兩條直線設甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數(shù)分別為、，由圖可知_（大于、小于、等于）三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，在傾角30斜面上有一豎直放置的擋板，存擋板和斜面之間有一重為G20N的光滑圓球求：(1)斜面對球的支持力大?。?2)擋板對球的彈力大小17、（10分）如圖所示，升降

12、機以加速度a勻加速上升，質(zhì)量為m的物塊A置于升降機內(nèi)傾角為的固定斜面上，并相對斜面靜止，重力加速度為g試求：物塊A受到支持力、摩擦力的大小分別為多少？參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】，汽車的剎車時間為汽車的剎車距離為汽車經(jīng)過6s時早已停止了運動，所以汽車經(jīng)過6s的位移即為汽車的剎車距離37.5m，故C正確，ABD錯誤。故選C。2、B【解析】AB間繩燒斷前，由平衡條件得知，下面彈簧的彈力大小為F1=mCg=3mg，上面彈簧的

13、彈力大小為F2=（mA+mB+mC）g=6mg，AB間繩的拉力大小為T=（mB+mC）g=5mgAB間繩燒斷前，兩根彈簧的彈力都沒有變化，則對A：此瞬間A所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向上，則-5mg=maA，得aA=-5g對B：此瞬間B所受的合力大小與原來繩子的拉力T大小相等，方向相反，即方向向下，則5mg=2maB，得aB=25g對C：由于彈簧的彈力沒有變化，則C的受力情況沒有變化，所以aC=0故選B考點：牛頓第二定律3、B【解析】電梯勻加速直線運動的加速度，則勻加速直線運動的時間，勻加速直線運動的位移，勻速直線運動的位移x2=vt2=5(5-2.5)m=12.

14、5m，則前5s內(nèi)的位x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m故選B.【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式、位移時間公式、速度位移公式，并能靈活運用4、A【解析】在x-t圖像中斜率代表速度大小，圖像反應了不同時刻物體所在的位置；AM點表示a、b兩物體在t1時刻兩者在同一點，所以兩者相遇，故A正確；BCD在x-t圖像中斜率表示速度，兩幅圖都表明向正方向做勻速運動，且b的速度大于a的速度，故BCD錯誤。故選A。【點睛】在本題要理解在x-t圖像中斜率代表速度的大小，圖像反應了不同時刻物體所在的位置。5、D【解析】物體相對地面向右運動，則滑動摩擦力的方向向左，大小為：故選D。

15、6、B【解析】考查勻變速直線運動規(guī)律?！驹斀狻緼B由公式1s內(nèi)，則，不是2倍，A錯誤，B正確；C物體的初速度就是前1s的末速度，C錯誤；D由位移公式前一秒的位移：后一秒的位移：位移差：前提是前一秒一直在運動，如果前一秒初還未開始運動，則不成立，D錯誤。故選B。7、AD【解析】A由于Oa=2Ob，故故A正確；C根據(jù)平拋的豎直方向為自由落體運動，有由于故故C錯誤；B由于a、b的水平分位移之比為2：1，時間之比為，根據(jù)x=v0t可知，初速度之比為故B錯誤；D兩個球的位移偏轉(zhuǎn)角相等，由于“平拋運動的速度偏轉(zhuǎn)角的正切值是位移偏轉(zhuǎn)角的正切值的2倍”，故速度偏轉(zhuǎn)角也相等，即故D正確8、AC【解析】球相對車廂

16、處于靜止狀態(tài)，車廂與球的加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律得F=mgtan=ma解得小球的加速度a=gtan方向向右，則小車的加速度大小為gtan，方向向右，小車向右做勻加速直線運動或向左做勻減速直線運動，由幾何關(guān)系可知，懸線的拉力故選AC。9、ACD【解析】將t1s代入到x7t+5t2中得到第1s內(nèi)的位移；將t2s代入到x7t+5t2中得到前2s內(nèi)的位移，在根據(jù)求平均速度；由推論x=aT2，研究任意相鄰1s內(nèi)的位移差速度增量v=at【詳解】將t1s代入到x7t+5t2中得到第1s內(nèi)的位移x112m，故A正確；將t2s代入到x7t+5t2中得到前2s內(nèi)的位移x234m，前2s內(nèi)的平均速，故B錯誤將x

17、7t+5t2與勻變速直線運動的位移公式xv0t+at2對照得到：初速度v07m/s，加速度a10m/s2，則任意相鄰1s內(nèi)的位移差是xaT21012m10m，故C正確；任意1s內(nèi)的速度增量vat101m/s10m/s，故D正確所以ACD正確，B錯誤【點睛】本題考查對勻變速直線運動位移公式的掌握程度和應用能力，以及對加速度的理解能力10、CD【解析】物體做勻加速直線運動時速度和加速度方向相同，物體做勻減速直線運動時速度和加速度方向相反由斜率的大小分析加速度的大小，由斜率的正負分析加速度的方向【詳解】A項：0-4s內(nèi)速度都為正值，所以運動方向不變，故A錯誤；B項：第2s內(nèi)物體做減速運動，所以加速度

18、與速度方向相反，故B錯誤；C項：第3s內(nèi)物體做加速運動，第4s內(nèi)物體做減速運動，由于物體的速度方向不變，所以物體在第3s末加速度方向發(fā)生改變，故C正確；D項：由公式，故D正確故選CD【點睛】根據(jù)速度圖象直接速度的方向和加速度的方向，由斜率大小和方向分析加速度的大小和方向是基本能力，應熟練掌握11、AB【解析】A物體C恰好滑動時，對C物體A恰好滑動時，對BC整體，A、B之間的摩擦力為解得物體A、B之間的最大靜摩擦力為因為，表明此時A、B之間沒有滑動，也就是說B、C之間先滑動，A、B、C三個物體始終相對靜止的最大加速度為，選整體由牛頓第二定律得解得，A正確；B當力F1=mg時，對整體對A解得B正確

19、；CB的最大加速度為解得，C錯誤；DB相對A恰好滑動時，對A、B整體對A解得，當力時，B相對A滑動，D錯誤。故選AB。12、AC【解析】A由于相遇時A、B做平拋運動的豎直位移h相同，由可以判斷兩球下落時間相同，即應同時拋出兩球，故A正確；B相遇時，A、B下落的高度相同，下落的時間相同，因為A球的水平位移大于B球的水平位移，根據(jù)x=v0t知，A球的初速度大于B球的初速度，根據(jù)速度合成可知A球在相遇點的速度大，故B錯誤；CD由于A、B下落的高度相同，下落的時間相同，由公式可知，速度變化量相等，故C正確，D錯誤。故選AC。二填空題(每小題6分，共18分)13、 .平衡摩擦力 .不需要 . .mg .

20、沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 .當M不斷減小時不能滿足造成的 .【解析】（1）12在長木板的不帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，反復移動木塊的位置，直到小車在斜面上運動時能保持勻速運動狀態(tài)。其目的是平衡摩擦力。因平衡摩擦力滿足，即，則若改變小車質(zhì)量后，該操作不需要重復進行。（2）34由牛頓第二定律得：對小車與鉤碼系統(tǒng)：mg=（M+m）a，對小車：F=Ma解得：實驗中要求Mm，可以認為小車受拉力的大小為mg（3）56左圖的直線不過原點，由圖像可知當F達到一定值時才有加速度，可知是由于沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；右圖的直線發(fā)生彎曲是由當M不斷減小時不能滿足造成的（4）7由可得14、 .C .

21、BD .0.60 .0.15 .“平衡摩擦力不足”（或“未平衡摩擦力”或“木板墊得不夠高”）【解析】（1）加速度與物體質(zhì)量、物體受到的合力有關(guān)，在探究加速度與物體質(zhì)量、受力關(guān)系的實驗中，應該使用控制變量法；（2）當小車的質(zhì)量遠大于砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量時，才能近似認為細線對小車的拉力大小等于砝碼盤和砝碼的總重力大小；平衡摩擦力時，不能掛盤，實驗過程中，先接通打點計時器電源再放開小車，小車的加速度應由紙帶求出；（3）根據(jù)勻變速直線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據(jù)勻變速直線運動中，中間時刻的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小；（4）根據(jù)圖象，小車上

22、加拉力時加速度仍為零，故圖象不過坐標原點的原因可能是沒有平衡摩擦【詳解】（1）探究加速度與力的關(guān)系時，要控制小車質(zhì)量不變而改變拉力大小；探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應控制拉力不變而改變小車質(zhì)量，這種實驗方法是控制變量法故選C（2）平衡摩擦力時，小車上不應該掛砝碼，只讓小車拖著紙帶做勻速運動即可，故A錯誤；在實驗前平衡一次摩擦力即可，每次改變小車的質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力，故B正確；實驗時，先接通打點計時器電源再放開小車，故C錯誤；在每次實驗中，應使小車和砝碼的質(zhì)量遠大于砂和小桶的總質(zhì)量，以使得小車的拉力近似等于砝碼的重力故D正確；故選BD（3）根據(jù)作差法可知，小車運動的加速度大小為：，打紙帶上

23、B點時小車的瞬時速度大小為：（4）由圖線可看出，小車上加拉力時還沒有加速度，故圖象不過坐標原點的原因可能是沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠【點睛】探究加速與力的關(guān)系實驗時，要平衡摩擦力、應根據(jù)紙帶求出小車的加速度，掌握實驗的實驗注意事項是正確解題的關(guān)鍵要掌握常用的科學探究方法，提高我們的實驗探究能力15、 .（1）D、 .（2）小于 . .（3）0.86 .（4）大于【解析】根據(jù)“探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”可知，本題考查“驗證牛頓第二定律”的實驗，根據(jù)實驗條件、實驗原理、實驗數(shù)據(jù)處理、誤差分析、實驗結(jié)論等，進行列式計算和分析推斷.【詳解】(1)A、本題實驗研究物塊的牛頓第二定律，實驗器材不能測出繩的拉力大小，則平衡摩擦力后要求物塊質(zhì)量M遠大于鉤碼的總質(zhì)量m，只有滿足這個條件才可認為小車受到的拉力F約為mg；故A錯誤.B、平衡摩擦力后，有mgsin=mgcos，即=tan，與質(zhì)量無關(guān)，故通過增減木塊上的砝碼改變質(zhì)量時，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度；故B錯誤.C、選取點跡清晰的紙帶，不一定以打的第一