2020屆高三高考物理一輪復(fù)習(xí)《牛頓運動定律的綜合應(yīng)用》強化練習(xí)題卷

1、( 24樓到 1樓的 v -t 圖象如圖所示，下列說法正確的是1 m/s4 m/s 不變，處于完全失重狀態(tài)4 m/s 減至 0，處于失重狀態(tài)72 m m( 24樓到 1樓的 v -t 圖象如圖所示，下列說法正確的是1 m/s4 m/s 不變，處于完全失重狀態(tài)4 m/s 減至 0，處于失重狀態(tài)72 m m m 21?，F(xiàn)用水平 3 N 的拉力作用在物體A對 B的拉力等于B1.5 N D3 N 如圖 a、b分別表示物體受到水平拉力作用和不受拉力作用的( B32 D43 m的 A、B兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止，用大小等于) ( 2A B) v-t) mg的恒力 F向上拉 B，運動) A上，如圖牛

2、頓運動定律的綜合應(yīng)用精練1(多選)下列關(guān)于超重、失重現(xiàn)象的描述，正確的是A列車在水平軌道上加速行駛，列車上的人處于超重狀態(tài)B電梯正在減速下降，人在電梯中處于超重狀態(tài)C蹦床運動員在空中上升階段處于失重狀態(tài)，下落階段處于超重狀態(tài)D“神舟十一號”飛船在豎直向上加速升空的過程中，飛船里的宇航員處于超重狀態(tài)2(多選) 某人乘電梯從A04 s 內(nèi)人做勻加速直線運動，加速度為B416 s 內(nèi)人做勻速直線運動，速度保持C1624 s 內(nèi)，人做勻減速直線運動，速度由D024 s 內(nèi)，此人經(jīng)過的位移為3物體 A、B放在光滑的水平地面上，其質(zhì)量之比所示，則 ( A1 N C2 N 4質(zhì)量為 0.8 kg 的物體在一

3、水平面上運動，圖象，則拉力與摩擦力之比為A98 C21 5. 如圖所示，質(zhì)量都為1 / 9 gmgh)傾角為 45、外表面光滑的楔形滑塊m kg，當(dāng)滑塊 M以 a2g的加速度向右運動時，則細(xì)線拉2B5 N D2月模擬 )如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為v -t 圖象如圖乙所示。設(shè)) 54 J gmgh)傾角為 45、外表面光滑的楔形滑塊m kg，當(dāng)滑塊 M以 a2g的加速度向右運動時，則細(xì)線拉2B5 N D2月模擬 )如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為v -t 圖象如圖乙所示。設(shè)) 54 J 31 32)如圖甲所示，質(zhì)量O點開始向右運動，g取10 m/s ，下列說法中正確的是M放在水平面

4、 AB上，滑塊 M的頂端 O處固定55) 10 N 30，質(zhì)量為 3 kg 的小物塊 (可視為A點為零重力勢能參考點，m1 kg、初速度 v 6 m/s 的物塊受水平向左的恒力O點為坐標(biāo)原點，整個運動過程中物塊速率的二次方隨位置坐標(biāo)變2g取 10 m/s ，則下列說法正確0( 2F作) 距離 h時 B與 A分離。則下列說法中正確的是 ( ) AB和 A剛分離時，彈簧為原長BB和 A剛分離時，它們的加速度為C彈簧的勁度系數(shù)等于D在 B與 A分離之前，它們做勻加速運動6. (2018福建福州質(zhì)檢一細(xì)線，細(xì)線的另一端拴一小球，已知小球的質(zhì)量為力的大小為 (取 g10 m/s )( A10 N C.

5、5 N 7(2018河北冀州質(zhì)點)由靜止從 A點在一沿斜面向上的恒定推力作用下運動，作用一段時間后撤去該推力，小物塊能到達的最高位置為 C點，小物塊上滑過程中的是( A小物塊最大重力勢能為B小物塊加速時的平均速度與減速時的平均速度大小之比為C小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為D推力 F的大小為 40 N 8(多選)(2018廣東深圳一模用，在粗糙的水平地面上從化的關(guān)系圖象如圖乙所示，2 / 9 0.1 M1.5 kg的斜面，斜面部分光滑， 底面與地面的動摩擦因數(shù)m0.5 kgF，使整體向右以237的足夠長斜面，將一質(zhì)量為0.25，取 g0.1 M1.5 kg的斜面，斜面部分光滑， 底面與地面的動摩擦

6、因數(shù)m0.5 kgF，使整體向右以237的足夠長斜面，將一質(zhì)量為0.25，取 g2末物體的速度；0.2，的小球，彈簧勁度系數(shù)a1 m/s 的加速度勻加速運動。m1 kg的物體無初速度在斜面上釋放，同時k200 N/m，現(xiàn)2(已知 sin 37 0.6 、cos 37At2 s 時物塊速度為零Bt3 s 時物塊回到 O點C恒力 F大小為 2 N D物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為9. 如圖所示，粗糙的地面上放著一個質(zhì)量傾角 37，在固定在斜面的擋板上用輕質(zhì)彈簧連接一質(zhì)量給斜面施加一水平向右的恒力0.8，g10 m/s ) (1) 求 F的大小；(2) 求出彈簧的形變量及斜面對小球的支持力大小。10如

7、圖甲所示，為一傾角施加一沿斜面向上的拉力，拉力隨時間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)10 m/s ，sin 37 0.6，cos 37 0.8，求：(1)2 s(2) 前 16 s 內(nèi)物體發(fā)生的位移。3 / 9 ( 列車在水平軌道上加速行駛時，列車上的人在豎直方向上平衡，既不失重也不超重，B正確；運動員在空中上升和下落階段加速度都豎直C錯誤；飛船加速升空的過程中，加速度向上，飛船中的宇航員處于超重狀態(tài)，BD 24樓到 1樓的 v -t 圖象如圖所示，下列說法正確的是1 m/s4 m/s 不變，處于完全失重狀態(tài)4 m/s 減至 0，處于失重狀態(tài)72 m ( 列車在水平軌道上加速

8、行駛時，列車上的人在豎直方向上平衡，既不失重也不超重，B正確；運動員在空中上升和下落階段加速度都豎直C錯誤；飛船加速升空的過程中，加速度向上，飛船中的宇航員處于超重狀態(tài)，BD 24樓到 1樓的 v -t 圖象如圖所示，下列說法正確的是1 m/s4 m/s 不變，處于完全失重狀態(tài)4 m/s 減至 0，處于失重狀態(tài)72 m 04 s 內(nèi)，v -t 圖線是一條傾斜直線，且a向上，處于超重狀態(tài)，x12(2412)4 m 72 m，D對。AD m m 21?，F(xiàn)用水平 3 N 的拉力作用在物體) B1.5 N D3 N ) A錯誤；電梯正D正確。( 2avt1 m/s ，A對；416 s 內(nèi)，a0，不是完

9、全失重C錯；024 s內(nèi)，位移大小等于圖線與橫軸圍A B) 2A上，如圖參考答案1(多選)下列關(guān)于超重、失重現(xiàn)象的描述，正確的是A列車在水平軌道上加速行駛，列車上的人處于超重狀態(tài)B電梯正在減速下降，人在電梯中處于超重狀態(tài)C蹦床運動員在空中上升階段處于失重狀態(tài)，下落階段處于超重狀態(tài)D“神舟十一號”飛船在豎直向上加速升空的過程中，飛船里的宇航員處于超重狀態(tài)解析：在減速下降，加速度方向豎直向上，電梯里的人為超重狀態(tài)，向下，為失重狀態(tài)，答案：2(多選) 某人乘電梯從A04 s 內(nèi)人做勻加速直線運動，加速度為B416 s 內(nèi)人做勻速直線運動，速度保持C1624 s 內(nèi)，人做勻減速直線運動，速度由D024

10、 s 內(nèi)，此人經(jīng)過的位移為解析：狀態(tài)， B錯；1624 s 內(nèi)，電梯減速下降，成的面積數(shù)值，故答案：3物體 A、B放在光滑的水平地面上，其質(zhì)量之比所示，則 A對 B的拉力等于 ( A1 N C2 N 4 / 9 設(shè) B物體的質(zhì)量為A 如圖 a、b分別表示物體受到水平拉力作用和不受拉力作用的( B32 D43 由 v-t 圖象知，圖線 a為僅受摩擦力的運動，加速度大小a 0.75 m/s 。列方程 ma F，ma2FFf，解得，設(shè) B物體的質(zhì)量為A 如圖 a、b分別表示物體受到水平拉力作用和不受拉力作用的( B32 D43 由 v-t 圖象知，圖線 a為僅受摩擦力的運動，加速度大小a 0.75

11、m/s 。列方程 ma F，ma2FFf，解得，B m的 A、B兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止，用大小等于( gmgh在施加外力 F前，對 A、B整體受力分析可得A、B錯誤；對物體D錯誤。C m，A對 B的拉力為 F，對 A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律：v-t) a 1.5 m/s2；圖線 b為受水平拉力和摩擦22 1 fmg的恒力 F向上拉 B，運動) 2mgkx1，A、B兩物體分離時， B物體受力平衡，兩者A，mgkx x xam2m，對 B有 F1FF 2。2，由于 1 2h，所以彈簧的勁度系數(shù)為3kmgh，選項 C正解析：ma，所以 F1 N。答案：4質(zhì)量為 0.8 kg 的物體在一水

12、平面上運動，圖象，則拉力與摩擦力之比為A98 C21 解析：力的運動，加速度大小答案：5. 如圖所示，質(zhì)量都為距離 h時 B與 A分離。則下列說法中正確的是AB和 A剛分離時，彈簧為原長BB和 A剛分離時，它們的加速度為C彈簧的勁度系數(shù)等于D在 B與 A分離之前，它們做勻加速運動解析：加速度恰好為零，選項確；在 B與A分離之前，由于彈簧彈力逐漸減小，它們的加速度逐漸減小，選項答案：6. 5 / 9 )傾角為 45、外表面光滑的楔形滑塊m kg，當(dāng)滑塊 M以 a2g的加速度向右運動時，則細(xì)線拉2B5 N D當(dāng)滑塊向右運動的加速度為某一臨界值時，斜面對小球的支持力恰好為零，此時小球受到兩個力：重T

13、cos Tsin 0ga2g時，小球已“飄”起來了，此時小球受力如圖Tcos Tsin TA 2月模擬 )如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為)傾角為 45、外表面光滑的楔形滑塊m kg，當(dāng)滑塊 M以 a2g的加速度向右運動時，則細(xì)線拉2B5 N D當(dāng)滑塊向右運動的加速度為某一臨界值時，斜面對小球的支持力恰好為零，此時小球受到兩個力：重Tcos Tsin 0ga2g時，小球已“飄”起來了，此時小球受力如圖Tcos Tsin TA 2月模擬 )如圖甲所示，粗糙斜面與水平面的夾角為v -t 圖象如圖乙所示。設(shè)) 54 J M放在水平面 AB上，滑塊 M的頂端 O處固定55) 10 N 2所示，則有

14、5mg 5 10 N10 N。故選項 A正確。30，質(zhì)量為 3 kg 的小物塊 (可視為A點為零重力勢能參考點，55g取 10 m/s ，則下列說法正確2(2018福建福州質(zhì)檢一細(xì)線，細(xì)線的另一端拴一小球，已知小球的質(zhì)量為力的大小為 (取 g10 m/s )( A10 N C. 5 N 解析：力和線的拉力 (如圖 1所示)，根據(jù)牛頓第二定律，有：F ma0F mg0 其中 45解得 a則知當(dāng)滑塊向右運動的加速度F mgF mg0 解得 F答案：7(2018河北冀州質(zhì)點)由靜止從 A點在一沿斜面向上的恒定推力作用下運動，作用一段時間后撤去該推力，小物塊能到達的最高位置為 C點，小物塊上滑過程中的

15、是( A小物塊最大重力勢能為6 / 9 31 32由乙圖可知物塊沿斜面向上滑行的距離E mgh27 J，則 A項錯。由圖乙可知物塊加速與減速階段均為勻變速運動，則由v v0v2 ，可知小物塊加速時的平均速度與減速時的平均速度大小之比為a 10 m/s ，由牛頓第二定律有331，得D )如圖甲所示，質(zhì)量O點開始向右運動，g取10 m/s ，下列說法中正確的是0.1 通過題圖可知，物塊在恒力F和摩擦力的大小。物體做勻減a 3 m/s2，物塊做勻減速直線運動的時間為1a 1 m/sFFma1，F(xiàn)Fma2，聯(lián)立兩式解得ACD x1231.2 m 1.8 m，上升的最大高度31 32由乙圖可知物塊沿斜面

16、向上滑行的距離E mgh27 J，則 A項錯。由圖乙可知物塊加速與減速階段均為勻變速運動，則由v v0v2 ，可知小物塊加速時的平均速度與減速時的平均速度大小之比為a 10 m/s ，由牛頓第二定律有331，得D )如圖甲所示，質(zhì)量O點開始向右運動，g取10 m/s ，下列說法中正確的是0.1 通過題圖可知，物塊在恒力F和摩擦力的大小。物體做勻減a 3 m/s2，物塊做勻減速直線運動的時間為1a 1 m/sFFma1，F(xiàn)Fma2，聯(lián)立兩式解得ACD x1231.2 m 1.8 m，上升的最大高度pm11，22a m/s ，由牛頓第二定律有m1 kg、初速度 v 6 m/s 的物塊受水平向左的恒

17、力O點為坐標(biāo)原點，整個運動過程中物塊速率的二次方隨位置坐標(biāo)變2F作用下先做勻減速直線運動，然后反向做勻加速直線運動，根據(jù)圖線求v1v2f fhx sin 30 mgsin 30 mgcos 30 ma1010( 202x222xF2 N，F(xiàn)1 N，則動摩擦因數(shù)為2，23F作) t 2 s，故tfFmgsin 30mgcos v12x12a ，故 C、D正0a3 s ，故 B錯誤；根據(jù)牛2Fmg0.1fB小物塊加速時的平均速度與減速時的平均速度大小之比為C小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為D推力 F的大小為 40 N 解析：0.9 m，故物塊的最大重力勢能勻變速直線運動的平均速度公式則 B項錯。由乙圖

18、可知減速上升時加速度大小得 ，則 C項錯。由乙圖可知加速上升時加速度大小30ma F40 N，則 D項正確。答案：8(多選)(2018廣東深圳一模用，在粗糙的水平地面上從化的關(guān)系圖象如圖乙所示，At2 s 時物塊速度為零Bt3 s 時物塊回到 O點C恒力 F大小為 2 N D物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為解析：出做勻加速直線運動和勻減速直線運動的加速度大小，結(jié)合牛頓第二定律求出恒力速直線運動的加速度大小為速直線運動的加速度大小為頓第二定律得確。答案：9. 7 / 9 0.2，m0.5 kgF，使整體向右以2(1) 整體以 a勻加速向右運動，對整體應(yīng)用牛頓第二定律：x，斜面對小球的支持力為N(1)

19、6 N 37的足夠長斜面，將一質(zhì)量為0.25，取 g2末物體的速度；(1) 對物體分析可知，其在前1 1t1211x10.2，m0.5 kgF，使整體向右以2(1) 整體以 a勻加速向右運動，對整體應(yīng)用牛頓第二定律：x，斜面對小球的支持力為N(1)6 N 37的足夠長斜面，將一質(zhì)量為0.25，取 g2末物體的速度；(1) 對物體分析可知，其在前1 1t1211x11 1F2的小球，彈簧勁度系數(shù)a1 m/s 的加速度勻加速運動。F(Mm)g(Mm)aF3.7 N 。(2)0.017 m m1 kg的物體無初速度在斜面上釋放，同時2 s 內(nèi)沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運動，由牛頓第二定律可1，則22a1t2k200 N/m，現(xiàn)2N3.7 N (已知 sin 37 0.6 、cos 37如圖所示，粗糙的地面上放著一個質(zhì)量 M1.5 kg的斜面，斜面部分光滑， 底面與地面的動摩擦因數(shù)傾角 37，在固定在斜面