圓冪定理講義(帶標(biāo)準(zhǔn)答案)

圓冪定理講義(帶標(biāo)準(zhǔn)答案)圓冪定理講義(帶標(biāo)準(zhǔn)答案)圓冪定理講義(帶標(biāo)準(zhǔn)答案)資料僅供參考文件編號(hào)：2022年4月圓冪定理講義(帶標(biāo)準(zhǔn)答案)版本號(hào)：A修改號(hào)：1頁次：1.0審核：批準(zhǔn):發(fā)布日期：圓冪定理STEP1:進(jìn)門考理念：1.檢測垂徑定理的基本知識(shí)點(diǎn)與題型。2.垂徑定理典型例題的回顧檢測。3.分析學(xué)生圓部分的薄弱環(huán)節(jié)。（1）例題復(fù)習(xí)。（2015?夏津縣一模）一副量角器與一塊含30°銳角的三角板如圖所示放置，三角板的直角頂點(diǎn)C落在量角器的直徑MN上，頂點(diǎn)A，B恰好都落在量角器的圓弧上，且AB∥MN．若AB=8cm，則量角器的直徑MN=cm．【考點(diǎn)】M3：垂徑定理的應(yīng)用；KQ：勾股定理；T7：解直角三角形．【分析】作CD⊥AB于點(diǎn)D，取圓心O，連接OA，作OE⊥AB于點(diǎn)E，首先求得CD的長，即OE的長，在直角△AOE中，利用勾股定理求得半徑OA的長，則MN即可求解．【解答】解：作CD⊥AB于點(diǎn)D，取圓心O，連接OA，作OE⊥AB于點(diǎn)E．在直角△ABC中，∠A=30°，則BC=AB=4cm，在直角△BCD中，∠B=90°﹣∠A=60°，∴CD=BC?sinB=4×=2（cm），∴OE=CD=2，在△AOE中，AE=AB=4cm，則OA===2（cm），則MN=2OA=4（cm）．故答案是：4．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了垂徑定理的應(yīng)用，在半徑或直徑、弦長以及弦心距之間的計(jì)算中，常用的方法是轉(zhuǎn)化為解直角三角形．（2017?阿壩州）如圖將半徑為2cm的圓形紙片折疊后，圓弧恰好經(jīng)過圓心O，則折痕AB的長為（）A．2cmB．cmC．2cmD．2cm【考點(diǎn)】M2：垂徑定理；PB：翻折變換（折疊問題）．【分析】通過作輔助線，過點(diǎn)O作OD⊥AB交AB于點(diǎn)D，根據(jù)折疊的性質(zhì)可知OA=2OD，根據(jù)勾股定理可將AD的長求出，通過垂徑定理可求出AB的長．【解答】解：過點(diǎn)O作OD⊥AB交AB于點(diǎn)D，連接OA，∵OA=2OD=2cm，∴AD===（cm），∵OD⊥AB，∴AB=2AD=2cm．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了垂徑定理和勾股定理的運(yùn)用，正確應(yīng)用勾股定理是解題關(guān)鍵．（2014?瀘州）如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，⊙P的圓心坐標(biāo)是（3，a）（a＞3），半徑為3，函數(shù)y=x的圖象被⊙P截得的弦AB的長為，則a的值是（）A．4B．C．D．【考點(diǎn)】M2：垂徑定理；F8：一次函數(shù)圖象上點(diǎn)的坐標(biāo)特征；KQ：勾股定理．【專題】11：計(jì)算題；16：壓軸題．【分析】PC⊥x軸于C，交AB于D，作PE⊥AB于E，連結(jié)PB，由于OC=3，PC=a，易得D點(diǎn)坐標(biāo)為（3，3），則△OCD為等腰直角三角形，△PED也為等腰直角三角形．由PE⊥AB，根據(jù)垂徑定理得AE=BE=AB=2，在Rt△PBE中，利用勾股定理可計(jì)算出PE=1，則PD=PE=，所以a=3+．【解答】解：作PC⊥x軸于C，交AB于D，作PE⊥AB于E，連結(jié)PB，如圖，∵⊙P的圓心坐標(biāo)是（3，a），∴OC=3，PC=a，把x=3代入y=x得y=3，∴D點(diǎn)坐標(biāo)為（3，3），∴CD=3，∴△OCD為等腰直角三角形，∴△PED也為等腰直角三角形，∵PE⊥AB，∴AE=BE=AB=×4=2，在Rt△PBE中，PB=3，∴PE=，∴PD=PE=，∴a=3+．故選：B．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了垂徑定理：垂直于弦的直徑平分這條弦，并且平分弦所對(duì)的兩條?。部疾榱斯垂啥ɡ砗偷妊苯侨切蔚男再|(zhì)．（2013?內(nèi)江）在平面直角坐標(biāo)系xOy中，以原點(diǎn)O為圓心的圓過點(diǎn)A（13，0），直線y=kx﹣3k+4與⊙O交于B、C兩點(diǎn)，則弦BC的長的最小值為．【考點(diǎn)】FI：一次函數(shù)綜合題．【專題】16：壓軸題．【分析】根據(jù)直線y=kx﹣3k+4必過點(diǎn)D（3，4），求出最短的弦CB是過點(diǎn)D且與該圓直徑垂直的弦，再求出OD的長，再根據(jù)以原點(diǎn)O為圓心的圓過點(diǎn)A（13，0），求出OB的長，再利用勾股定理求出BD，即可得出答案．【解答】解：∵直線y=kx﹣3k+4=k（x﹣3）+4，∴k（x﹣3）=y﹣4，∵k有無數(shù)個(gè)值，∴x﹣3=0，y﹣4=0，解得x=3，y=4，∴直線必過點(diǎn)D（3，4），∴最短的弦CB是過點(diǎn)D且與該圓直徑垂直的弦，∵點(diǎn)D的坐標(biāo)是（3，4），∴OD=5，∵以原點(diǎn)O為圓心的圓過點(diǎn)A（13，0），∴圓的半徑為13，∴OB=13，∴BD=12，∴BC的長的最小值為24；故答案為：24．【點(diǎn)評(píng)】此題考查了一次函數(shù)的綜合，用到的知識(shí)點(diǎn)是垂徑定理、勾股定理、圓的有關(guān)性質(zhì)，關(guān)鍵是求出BC最短時(shí)的位置．STEP2:新課講解熟練掌握圓冪定理的基本概念。熟悉有關(guān)圓冪定理的相關(guān)題型，出題形式與解題思路。能夠用自己的話敘述圓冪定理的概念。通過課上例題，結(jié)合課下練習(xí)。掌握此部分的知識(shí)。相交弦定理相交弦定理（1）相交弦定理：圓內(nèi)的兩條相交弦，被交點(diǎn)分成的兩條線段長的積相等．（經(jīng)過圓內(nèi)一點(diǎn)引兩條線，各弦被這點(diǎn)所分成的兩段的積相等）．

相交弦定理（1）相交弦定理：圓內(nèi)的兩條相交弦，被交點(diǎn)分成的兩條線段長的積相等．（經(jīng)過圓內(nèi)一點(diǎn)引兩條線，各弦被這點(diǎn)所分成的兩段的積相等）．

幾何語言：若弦AB、CD交于點(diǎn)P，則PA?PB=PC?PD（相交弦定理）（2）推論：如果弦與直徑垂直相交，那么弦的一半是它分直徑所成的兩條線段的比例中項(xiàng)．幾何語言：若AB是直徑，CD垂直AB于點(diǎn)P，則PC2=PA?PB（相交弦定理推論）．基本題型：（2014秋?江陰市期中）如圖，⊙O的弦AB、CD相交于點(diǎn)P，若AP=3，BP=4，CP=2，則CD長為（）A．6B．12C．8D．不能確定【考點(diǎn)】M7：相交弦定理．【專題】11：計(jì)算題．【分析】由相交線定理可得出AP?BP=CP?DP，再根據(jù)AP=3，BP=4，CP=2，可得出PD的長，從而得出CD即可．【解答】解：∵AP?BP=CP?DP，∴PD=，∵AP=3，BP=4，CP=2，∴PD=6，∴CD=PC+PD=2+6=8．故選C．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相交線定理，圓內(nèi)兩條弦相交，被交點(diǎn)分成的兩條線段的積相等．（2015?南長區(qū)一模）如圖，矩形ABCD為⊙O的內(nèi)接四邊形，AB=2，BC=3，點(diǎn)E為BC上一點(diǎn)，且BE=1，延長AE交⊙O于點(diǎn)F，則線段AF的長為（）A．B．5C．+1D．【考點(diǎn)】M7：相交弦定理．【分析】由矩形的性質(zhì)和勾股定理求出AE，再由相交弦定理求出EF，即可得出AF的長．【解答】解：∵四邊形ABCD是矩形，∴∠B=90°，∴AE===，∵BC=3，BE=1，∴CE=2，由相交弦定理得：AE?EF=BE?CE，∴EF==，∴AF=AE+EF=；故選：A．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了矩形的性質(zhì)、勾股定理、相交弦定理；熟練掌握矩形的性質(zhì)和相交弦定理，并能進(jìn)行推理計(jì)算是解決問題的關(guān)鍵．綜合題型（2004?福州）如圖，AB是⊙O的直徑，M是⊙O上一點(diǎn)，MN⊥AB，垂足為N．P、Q分別是、上一點(diǎn)（不與端點(diǎn)重合），如果∠MNP=∠MNQ，下面結(jié)論：①∠1=∠2；②∠P+∠Q=180°；③∠Q=∠PMN；④PM=QM；⑤MN2=PN?QN．其中正確的是（）A．①②③B．①③⑤C．④⑤D．①②⑤【考點(diǎn)】M7：相交弦定理；M2：垂徑定理；M4：圓心角、弧、弦的關(guān)系；M5：圓周角定理；S9：相似三角形的判定與性質(zhì)．【專題】16：壓軸題．【分析】根據(jù)圓周角定理及已知對(duì)各個(gè)結(jié)論進(jìn)行分析，從而得到答案．【解答】解：延長MN交圓于點(diǎn)W，延長QN交圓于點(diǎn)E，延長PN交圓于點(diǎn)F，連接PE，QF∵∠PNM=∠QNM，MN⊥AB，∴∠1=∠2（故①正確），∵∠2與∠ANE是對(duì)頂角，∴∠1=∠ANE，∵AB是直徑，∴可得PN=EN，同理NQ=NF，∵點(diǎn)N是MW的中點(diǎn)，MN?NW=MN2=PN?NF=EN?NQ=PN?QN（故⑤正確），∴MN：NQ=PN：MN，∵∠PNM=∠QNM，∴△NPM∽△NMQ，∴∠Q=∠PMN（故③正確）．故選B．【點(diǎn)評(píng)】本題利用了相交弦定理，相似三角形的判定和性質(zhì)，垂徑定理求解．與代數(shù)結(jié)合的綜合題（2016?中山市模擬）如圖，正方形ABCD內(nèi)接于⊙O，點(diǎn)P在劣弧AB上，連接DP，交AC于點(diǎn)Q．若QP=QO，則的值為（）A．B．C．D．【考點(diǎn)】M7：相交弦定理；KQ：勾股定理．【專題】11：計(jì)算題．【分析】設(shè)⊙O的半徑為r，QO=m，則QP=m，QC=r+m，QA=r﹣m．利用相交弦定理，求出m與r的關(guān)系，即用r表示出m，即可表示出所求比值．【解答】解：如圖，設(shè)⊙O的半徑為r，QO=m，則QP=m，QC=r+m，QA=r﹣m．在⊙O中，根據(jù)相交弦定理，得QA?QC=QP?QD．即（r﹣m）（r+m）=m?QD，所以QD=．連接DO，由勾股定理，得QD2=DO2+QO2，即，解得所以，故選D．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相交弦定理，即“圓內(nèi)兩弦相交于圓內(nèi)一點(diǎn)，各弦被這點(diǎn)所分得的兩線段的長的乘積相等”．熟記并靈活應(yīng)用定理是解題的關(guān)鍵．需要做輔助線的綜合題（2008秋?蘇州期末）如圖，⊙O過M點(diǎn)，⊙M交⊙O于A，延長⊙O的直徑AB交⊙M于C，若AB=8，BC=1，則AM=．【考點(diǎn)】M7：相交弦定理；KQ：勾股定理；M5：圓周角定理．【分析】根據(jù)相交弦定理可證AB?BC=EB?BF=（EM+MB）（MF﹣MB）=AM2﹣MB2=8，又由直徑對(duì)的圓周角是直角，用勾股定理即可求解AM=6．【解答】解：作過點(diǎn)M、B的直徑EF，交圓于點(diǎn)E、F，則EM=MA=MF，由相交弦定理知，AB?BC=EB?BF=（EM+MB）（MF﹣MB）=AM2﹣MB2=8，∵AB是圓O的直徑，∴∠AMB=90°，由勾股定理得，AM2+MB2=AB2=64，∴AM=6．【點(diǎn)評(píng)】本題利用了相交弦定理，直徑對(duì)的圓周角是直角，勾股定理求解．割線定理割線定理割線定理：從圓外一點(diǎn)引圓的兩條割線，這一點(diǎn)到每條割線與圓的交點(diǎn)的兩條線段長的積相等．割線定理割線定理：從圓外一點(diǎn)引圓的兩條割線，這一點(diǎn)到每條割線與圓的交點(diǎn)的兩條線段長的積相等．

幾何語言：

∵PBA，PDC是⊙O的割線

∴PD?PC=PA?PB（割線定理）

由上可知：PT2=PA?PB=PC?PD．基本題型（1998?紹興）如圖，過點(diǎn)P作⊙O的兩條割線分別交⊙O于點(diǎn)A、B和點(diǎn)C、D，已知PA=3，AB=PC=2，則PD的長是（）A．3B．．5D．【考點(diǎn)】MH：切割線定理．【分析】由已知可得PB的長，再根據(jù)割線定理得PA?PB=PC?PD即可求得PD的長．【解答】解：∵PA=3，AB=PC=2，∴PB=5，∵PA?PB=PC?PD，∴PD=，故選B．【點(diǎn)評(píng)】主要是考查了割線定理的運(yùn)用．（2003?天津）如圖，Rt△ABC中，∠C=90°，AC=3，BC=4，以點(diǎn)C為圓心、CA為半徑的圓與AB、BC分別交于點(diǎn)D、E．求AB、AD的長．【考點(diǎn)】MH：切割線定理；KQ：勾股定理．【分析】Rt△ABC中，由勾股定理可直接求得AB的長；延長BC交⊙C于點(diǎn)F，根據(jù)割線定理，得BE?BF=BD?BA，由此可求出BD的長，進(jìn)而可求得AD的長．【解答】解：法1：在Rt△ABC中，AC=3，BC=4；根據(jù)勾股定理，得AB=5．延長BC交⊙C于點(diǎn)F，則有：EC=CF=AC=3（⊙C的半徑），BE=BC﹣EC=1，BF=BC+CF=7；由割線定理得，BE?BF=BD?BA，于是BD=；所以AD=AB﹣BD=；法2：過C作CM⊥AB，交AB于點(diǎn)M，如圖所示，由垂徑定理可得M為AD的中點(diǎn)，∵S△ABC=AC?BC=AB?CM，且AC=3，BC=4，AB=5，∴CM=，在Rt△ACM中，根據(jù)勾股定理得：AC2=AM2+CM2，即9=AM2+（）2，解得：AM=，∴AD=2AM=．【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查學(xué)生對(duì)勾股定理及割線定理的理解及運(yùn)用．綜合題型（2015?武漢校級(jí)模擬）如圖，兩同心圓間的圓環(huán)的面積為16π，過小圓上任意一點(diǎn)P作大圓的弦AB，則PA?PB的值是（）A．16B．16πC．4D．4π【考點(diǎn)】MH：切割線定理．【分析】過P點(diǎn)作大圓的直徑CD，如圖，設(shè)大圓半徑為R，小圓半徑為r，根據(jù)相交弦定理得到PA?PB=（OC﹣OP）?（OP+OD）=R2﹣r2，再利用πR2﹣πr2=16π得到R2﹣r2=16，所以PA?PB=16．【解答】解：過P點(diǎn)作大圓的直徑CD，如圖，設(shè)大圓半徑為R，小圓半徑為r，∵PA?PB=PC?PD，∴PA?PB=（OC﹣OP）?（OP+OD）=（R﹣r）（R+r）=R2﹣r2，∵兩同心圓間的圓環(huán)（即圖中陰影部分）的面積為16π，∴πR2﹣πr2=16π，∴R2﹣r2=16，∴PA?PB=16．故選A．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了垂徑定理：平分弦的直徑平分這條弦，并且平分弦所對(duì)的兩條弧．也考查了相交弦定理．【思考】觀察講義課后練習(xí)最后一道題，是否有思路切割線定理切割線定理切割線定理：從圓外一點(diǎn)引圓的兩條割線，這一點(diǎn)到每條割線與圓的交點(diǎn)的兩條線段長的積相等．切割線定理切割線定理：從圓外一點(diǎn)引圓的兩條割線，這一點(diǎn)到每條割線與圓的交點(diǎn)的兩條線段長的積相等．

幾何語言：

∵PBA，PDC是⊙O的割線

∴PD?PC=PA?PB（割線定理）

由上可知：PT2=PA?PB=PC?PD．（2013?長清區(qū)二模）如圖，PA為⊙O的切線，A為切點(diǎn)，⊙O的割線PBC過點(diǎn)O與⊙O分別交于B、C，PA=8cm，PB=4cm，求⊙O的半徑．【考點(diǎn)】MH：切割線定理．【專題】11：計(jì)算題．【分析】連接OA，設(shè)⊙O的半徑為rcm，由勾股定理，列式計(jì)算即可．【解答】解：連接OA，設(shè)⊙O的半徑為rcm，（2分）則r2+82=（r+4）2，（4分）解得r=6，∴⊙O的半徑為6cm．（2分）【點(diǎn)評(píng)】本題考查的是切割線定理，勾股定理，是基礎(chǔ)知識(shí)要熟練掌握．（2013秋?東臺(tái)市期中）如圖，點(diǎn)P是⊙O直徑AB的延長線上一點(diǎn)，PC切⊙O于點(diǎn)C，已知OB=3，PB=2．則PC等于（）A．2B．3C．4D．5【考點(diǎn)】MH：切割線定理．【專題】11：計(jì)算題．【分析】根據(jù)題意可得出PC2=PB?PA，再由OB=3，PB=2，則PA=8，代入可求出PC．【解答】解：∵PC、PB分別為⊙O的切線和割線，∴PC2=PB?PA，∵OB=3，PB=2，∴PA=8，∴PC2=PB?PA=2×8=16，∴PC=4．故選C．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了切割線定理，熟記切割線定理的公式PC2=PB?PA．切線長定理切割線定理（1）圓的切線長定義：經(jīng)過圓外一點(diǎn)作圓的切線，這點(diǎn)和切點(diǎn)之間的線段的長，叫做這點(diǎn)到圓的切線長．切割線定理（1）圓的切線長定義：經(jīng)過圓外一點(diǎn)作圓的切線，這點(diǎn)和切點(diǎn)之間的線段的長，叫做這點(diǎn)到圓的切線長．（2）切線長定理：從圓外一點(diǎn)引圓的兩條切線，它們的切線長相等，圓心和這一點(diǎn)的連線，平分兩條切線的夾角．（3）注意：切線和切線長是兩個(gè)不同的概念，切線是直線，不能度量；切線長是線段的長，這條線段的兩個(gè)端點(diǎn)分別是圓外一點(diǎn)和切點(diǎn)，可以度量．（4）切線長定理包含著一些隱含結(jié)論：①垂直關(guān)系三處；②全等關(guān)系三對(duì)；③弧相等關(guān)系兩對(duì)，在一些證明求解問題中經(jīng)常用到．（2015?秦皇島校級(jí)模擬）如圖，一圓內(nèi)切四邊形ABCD，且BC=10，AD=7，則四邊形的周長為（）A．32B．34C．36D．38【考點(diǎn)】MG：切線長定理．【分析】根據(jù)切線長定理，可以證明圓外切四邊形的性質(zhì)：圓外切四邊形的兩組對(duì)邊和相等，從而可求得四邊形的周長．【解答】解：由題意可得圓外切四邊形的兩組對(duì)邊和相等，所以四邊形的周長=2×（7+10）=34．故選：B．【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查了切線長定理，熟悉圓外切四邊形的性質(zhì)：圓外切四邊形的兩組對(duì)邊和相等是解題關(guān)鍵．（2015?岳池縣模擬）如圖，PA，PB切⊙O于A，B兩點(diǎn)，CD切⊙O于點(diǎn)E交PA，PB于C，D，若⊙O的半徑為r，△PCD的周長為3r，連接OA，OP，則的值是（）A．B．C．D．【考點(diǎn)】MG：切線長定理；MC：切線的性質(zhì)．【分析】利用切線長定理得出CA=CF，DF=DB，PA=PB，進(jìn)而得出PA=r，求出即可．【解答】解：∵PA，PB切⊙O于A，B兩點(diǎn)，CD切⊙O于點(diǎn)E交PA，PB于C，D，∴CA=CF，DF=DB，PA=PB，∴PC+CF+DF+PD=PA=PB=2PA=3r，∴PA=r，則的值是：=．故選：D．【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查了切線長定理，得出PA的長是解題關(guān)鍵．（2014秋?夏津縣校級(jí)期末）如圖，P為⊙O外一點(diǎn)，PA，PB分別切⊙O于A，B，CD切⊙O于點(diǎn)E，分別交PA，PB于點(diǎn)C，D．若PA=5，則△PCD的周長和∠COD分別為（）A．5，（90°+∠P）B．7，90°+C．10，90°﹣∠PD．10，90°+∠P【考點(diǎn)】MG：切線長定理．【分析】根據(jù)切線長定理，即可得到PA=PB，ED=AD，CE=BC，從而求得三角形的周長=2PA；連接OA、OE、OB根據(jù)切線性質(zhì)，∠P+∠AOB=180°，再根據(jù)CD為切線可知∠COD=∠AOB．【解答】解：∵PA、PB切⊙O于A、B，CD切⊙O于E，∴PA=PB=10，ED=AD，CE=BC；∴△PCD的周長=PD+DE+PC+CE=2PA，即△PCD的周長=2PA=10，；如圖，連接OA、OE、OB．由切線性質(zhì)得，OA⊥PA，OB⊥PB，OE⊥CD，DB=DE，AC=CE，∵AO=OE=OB，易證△AOC≌△EOC（SAS），△EOD≌△BOD（SAS），∴∠AOC=∠EOC，∠EOD=∠BOD，∴∠COD=∠AOB，∴∠AOB=180°﹣∠P，∴∠COD=90°﹣∠P．故選：C．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了切線的性質(zhì)，運(yùn)用切線的性質(zhì)來進(jìn)行計(jì)算或論證，常通過作輔助線連接圓心和切點(diǎn)，利用垂直構(gòu)造直角三角形解決有關(guān)問題，是基礎(chǔ)題型．圓冪定理請嘗試解出下列例題：（2005?廣州）如圖，在直徑為6的半圓上有兩動(dòng)點(diǎn)M、N，弦AM、BN相交于點(diǎn)P，則AP?AM+BP?BN的值為．【考點(diǎn)】M7：相交弦定理；KQ：勾股定理；M5：圓周角定理．【專題】16：壓軸題；25：動(dòng)點(diǎn)型．【分析】連接AN、BM，根據(jù)圓周角定理，由AB是直徑，可證∠AMB=90°，由勾股定理知，BP2=MP2+BM2，由相交弦定理知，AP?PM=BP?PN，原式=AP（AP+PM）+BP（BP+PN）=AP2+AP?PM+BP2+BP?PN=AP2+BP2+2AP?PM=AP2+MP2+BM2+2AP?PM=AP2+（AP+PM）2=AP2+AM2=AB2=36．【解答】解：連接AN、BM，∵AB是直徑，∴∠AMB=90°．∴BP2=MP2+BM2∵AP?PM=BP?PN原式=AP（AP+PM）+BP（BP+PN）=AP2+AP?PM+BP2+BP?PN=AP2+BP2+2AP?PM=AP2+MP2+BM2+2AP?PM=BM2+（AP+PM）2=BM2+AM2=AB2=36．【點(diǎn)評(píng)】本題利用了圓周角定理和相交弦定理，勾股定理求解．以上四條定理統(tǒng)稱為圓冪定理。（部分參考書以前三條為圓冪定理）圓冪定理：過平面內(nèi)任一點(diǎn)P（P與圓心O不重合）做⊙O的（切）割線，交⊙O與點(diǎn)A、B，則恒有。（“”被稱為點(diǎn)P到⊙O的冪。）STEP3:落實(shí)鞏固——查漏補(bǔ)缺理念：找到自己本節(jié)課的薄弱環(huán)節(jié)。STEP4:總結(jié)理念：本結(jié)課復(fù)習(xí)了什么學(xué)到了什么方法：學(xué)生口述+筆記記錄。STEP5:課后練習(xí)一．選擇題（共5小題）1．如圖所示，已知⊙O中，弦AB，CD相交于點(diǎn)P，AP=6，BP=2，CP=4，則PD的長是（）A．6B．5C．4D．3【分析】可運(yùn)用相交弦定理求解，圓內(nèi)的弦AB，CD相交于P，因此AP?PB=CP?PD，代入已知數(shù)值計(jì)算即可．【解答】解：由相交弦定理得AP?PB=CP?PD，∵AP=6，BP=2，CP=4，∴PD=AP?PB÷CP=6×2÷4=3．故選D．【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查的是相交弦定理“圓內(nèi)兩弦相交于圓內(nèi)一點(diǎn)，各弦被這點(diǎn)所分得的兩線段的長的乘積相等”．2．⊙O的兩條弦AB與CD相交于點(diǎn)P，PA=3cm，PB=4cm，PC=2cm，則CD=（）A．12cmB．6cmC．8cmD．7cm【分析】根據(jù)相交弦定理進(jìn)行計(jì)算．【解答】解：由相交弦定理得：PA?PB=PC?PD，∴DP===6cm，CD=PC+PD=2+6=8cm．故選C．【點(diǎn)評(píng)】本題主要是根據(jù)相交弦定理“圓內(nèi)兩弦相交于圓內(nèi)一點(diǎn)，各弦被這點(diǎn)所分得的兩線段的長的乘積相等”進(jìn)行計(jì)算．3．如圖，⊙O中，弦AB與直徑CD相交于點(diǎn)P，且PA=4，PB=6，PD=2，則⊙O的半徑為（）A．9B．8C．7D．6【分析】根據(jù)相交弦定理得出AP×BP=CP×DP，求出CP，求出CD即可．【解答】解：由相交弦定理得：AP×BP=CP×DP，∵PA=4，PB=6，PD=2，∴CP=12，∴DC=12+2=14，∵CD是⊙O直徑，∴⊙O半徑是7．故選C．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相交弦定理的應(yīng)用，關(guān)鍵是能根據(jù)定理得出AP×BP=CP×DP．4．如圖，A是半徑為1的圓O外的一點(diǎn)，OA=2，AB是⊙O的切線，B是切點(diǎn)，弦BC∥OA，連接AC，則陰影部分的面積等于（）A．B．C．D．【分析】連接OB，OC，易證：△BOC是等邊三角形，且陰影部分的面積=△BOC的面積，據(jù)此即可求解．【解答】解：連接OB，OC，∵AB是圓的切線，∴∠ABO=90°，在直角△ABO中，OB=1，OA=2，∴∠OAB=30°，∠AOB=60°，∵OA∥BC，∴∠COB=∠AOB=60°，且S陰影部分=S△BOC，∴△BOC是等邊三角形，邊長是1，∴S陰影部分=S△BOC=×1×=．故選A．【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了三角形面積的計(jì)算，以及切割線定理，正確證明△BOC是等邊三角形是解題的關(guān)鍵．5．如圖，PA，PB分別是⊙O的切線，A，B分別為切點(diǎn)，點(diǎn)E是⊙O上一點(diǎn)，且∠AEB=60°，則∠P為（）A．120°B．60°C．30°D．45°【分析】連接OA，BO，由圓周角定理知可知∠AOB=2∠E=120°，PA、PB分別切⊙O于點(diǎn)A、B，利用切線的性質(zhì)可知∠OAP=∠OBP=90°，根據(jù)四邊形內(nèi)角和可求得∠P=180°﹣∠AOB=60°．【解答】解：連接OA，BO；∵∠AOB=2∠E=120°，∴∠OAP=∠OBP=90°，∴∠P=180°﹣∠AOB=60°．故選B．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了切線的性質(zhì)，切線長定理以及圓周角定理，利用了四邊形的內(nèi)角和為360度求解．二．解答題（共3小題）6．如圖，P為弦AB上一點(diǎn)，CP⊥OP交⊙O于點(diǎn)C，AB=8，=，求PC的長．【分析】延長CP交⊙O于D．由垂徑定理可知CP=DP，由AB=8，=，得到AP=AB=2，PB=AB=6．再根據(jù)相交弦定理得出PC?PD=AP?PB，代入數(shù)值計(jì)算即可求解．【解答】解：如圖，延長CP交⊙O于D．∵CP⊥OP，∴CP=DP．∵AB=8，=，∴AP=AB=2，PB=AB=6．∵AB、CD是⊙O的兩條相交弦，交點(diǎn)為P，∴PC?PD=AP?PB，∴PC2=2×6，∴PC=2．【點(diǎn)評(píng)】本題考查了相交弦定理：圓內(nèi)的兩條相交弦，被交點(diǎn)分成的兩條線段長的積相等．同時(shí)考查了垂徑定理，準(zhǔn)確作出輔助線是解題的關(guān)鍵．7．如圖，AB，BC，CD分別與⊙O相切于E，F(xiàn)，G，且AB∥CD，BO=6cm，CO=8cm．求BC的長．【分析】根據(jù)切線長定理和平行線的性質(zhì)定理得到△BOC是直角三