2019屆安徽省安慶市高三下學期第二次模擬考試理綜物理試題(解析版)

---2019年安慶市高三模擬考試（二模）理科綜合能力測試

試題物理二、選擇題：1.人類和平利用核能始于二十世紀五十年代，核能的開發(fā)和應用是解決能源問題的重要途徑之一。下列關于核反應的描述或判斷正確的是A.賢Ut留附+ 是核聚變B.黏力，翁，七十上已是“衰變C.:+"是3衰變D.黃+版“”血+&6+3》是核裂變【答案】D【解析】【詳解】A項：白衰變放出的是氯核，這是口衰變，故A錯誤；B項：仃衰變放出的是氨核，￡衰變放出的是電子，該核反應為。衰變，故B錯誤；C項：幾個原子核聚合成一個原子核的過程為核聚變，這是氫原子核聚變?yōu)槁仍雍?，?C錯誤；D項：核裂變是一個原子核分裂成幾個原子核的變化，質(zhì)量較大的原子核才能發(fā)生核裂變，所以該核反應為裂變方程，故D正確。故選：Do2.水平面上某物體從t=0時刻起以4m/s的速度做勻速直線運動，運動 3s后又立即以大小為2m/s2的加速度做勻減速直線運動，停止后物體不再運動。則下列判斷正確的是A.該物體從t=0時刻算起6s內(nèi)運動的位移大小為15mB.該物體在整個運動過程中的平均速度大小為 2m/sC.該物體減速后最后1s內(nèi)的僅移大小為lm'.D.該物體減速后第1s末的速度大小為3m/s【答案】C【解析】【詳解】物體速度減為零的時間為： =—=25aA項：物體在3s+2s=5s末停止運動，所以物體在6s內(nèi)的位移等于前5s的位移，總位移為：1..M=廿由+ 農(nóng)0=1而密，故A錯誤；B項：物體的平均速度為:C項：根據(jù)運動的可逆性可知，物體減速最后C項：根據(jù)運動的可逆性可知，物體減速最后1s的位移等于以2m/s2加速1s的位移，大小為:=-at2=-x2xIrn,故C正確;D項：該物體減速后第D項：該物體減速后第Is末的速度大小為:爐=%-3=；4-2X1嚴『、=產(chǎn),、，故D錯誤。故選：C。3.如圖所示，一水平放置的平行板電容器與電源相連，開始時開關閉合。一帶電油滴沿兩極板中心線方向以一初速度射入，恰好沿中心線①通過電容器。則下列判斷正確的是A.粒子帶正電B.保持開關閉合，將B板向上平移一定距離，可使粒子沿軌跡②運動C.保持開關閉合，將A板向上平移一定距離，可使粒子仍沿軌跡①運動D.斷開開關，將B板向上平移一定距離，可使粒子沿軌跡②運動，【答案】B【解析】【詳解】A項：開關閉合時，油滴做勻速直線運動，電場力與重力平衡， A極板和電源正極相連，所以場強方向向下，所以油滴帶負電，故A錯誤；U\B項：保持開關閉合，電容器兩端電壓不變， B板上移，板間距d變小，由公式打=:知場強增大，電場力a大于重力，粒子沿軌跡②運動，故B正確；UC項：保持開關閉合，將A板向上平移一定距離，板間距d增大，由公式知場強減小，電場力小于重a力，所以粒子向下偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；QfStJ 4np"QD項：斷開開關，電容器電荷量不變，將B板向上平移一定距離，由公式匚=7；,C=/gE=-得/=-與板間距無關，故場強不變，所以粒子沿軌跡①運動，故 D錯誤。故選：B。4.2019年1月3日10時26分，嫦娥四號探測器成功著陸在月球背面南極 -艾特肯盆地的預選著陸區(qū)。存在“月球.背面”是因為月球繞地球公轉(zhuǎn)的同時又有自轉(zhuǎn)， 使得月球在繞地球公轉(zhuǎn)的過程中始終以詞一面朝向地球。根據(jù)所學物理知識，判斷下列說法中正確的是

A.月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期等于地球自轉(zhuǎn)的周期B.月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期等于月球自轉(zhuǎn)的周期C.月球繞地球公轉(zhuǎn)的線速度大于地球的第一宇宙速度D.月球繞地球公轉(zhuǎn)的角速度大于地球同步衛(wèi)星繞地球運動的角速度【答案】B【解析】【詳解】A、B項：由題意可知，月球繞地球一周過程中，其正面始終正對地球，據(jù)此可知，月球公轉(zhuǎn)一周的時間內(nèi)恰好自轉(zhuǎn)一周，所以形成人們始終看不到月球背面的原因是月球繞地球的公轉(zhuǎn)周期與其自轉(zhuǎn)周期相同，故A錯誤，B正確；C項：根據(jù)萬有引力提供向心力得線速度為： U= 地球的第一宇宙速度是繞地球做圓周運動的最大環(huán)I4rI繞速度，所以月球繞地球公轉(zhuǎn)的線速度小于地球的第一宇宙速度，故C錯誤；D項：根據(jù)萬有引力提供向心力得角速度為:月球繞地于公轉(zhuǎn)的半徑大于地球同步衛(wèi)星繞地球D項：根據(jù)萬有引力提供向心力得角速度為:月球繞地于公轉(zhuǎn)的半徑大于地球同步衛(wèi)星繞地球P點沿PO方向以速度viP點沿PO方向以速度vi射入磁場，其運動軌跡如圖中所示，圖中軌跡所對的圓心角為論其入射方向如何，都不可能射入小圓內(nèi)部區(qū)則120。；若將該帶電粒子從P點射入的速度大小變?yōu)?至少為V2時，不運動的半徑，所以月球繞地球公轉(zhuǎn)的角速度小于地球同步衛(wèi)星繞地球運動的角速度，故 D錯誤。故選：B。5.如圖所示，半徑分別為R2R的兩個同心圓，圓心為O,大圓和小圓之間區(qū)域有垂直于紙面向外的勻強磁場，其余區(qū)域無磁場，一重力不計的帶正電粒子從大圓邊緣的【解析】【詳解】粒子速度為匕時，圓心角為120”,設圓心為心,由幾何關系可知，半徑1 3 3當丐方向為豎直向上，粒子恰好完成半個圓周且與內(nèi)圓相切時有:結(jié)合「=上『得：廿=吧’，所以速度之比等于半徑之比，所以 久=唾舛m .m1故選：A。6.如圖甲所示，一足夠長的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面的傾角 9=371現(xiàn)有質(zhì)量m=2.2kg的物體在水平向左的外力F的作用下由靜止開始沿斜面向下運動，經(jīng)過 2s撤去外力F,物體在0-4s內(nèi)運動的速度與時間的關系圖線如圖乙所示。已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2,則圖甲 S3A.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為 0.5B.水平外力F=5.5NC.水平外力F=4ND.物體在0-4s內(nèi)的位移為24m【答案】AC【詳解】A項：根據(jù)廿一￡圖象的斜率表示加速度，知2r4s內(nèi)物體的加速度為：12?9w02=^—，廣門&由牛頓第二定律有： m^stnO-\-^cosO=ma2,解得：”=0一5,故A正確；uS SBC項：0~25內(nèi)物體的加速度為：口廣券/占廣門人由牛頓第二定律有：=解得：F=4N,故B錯誤，C正確；8+12D項：物體在4?內(nèi)的位移為：r=—--+—-—x2m=29E,故D錯誤?！辍龉蔬x：AG7.有一勻強電場的方向平行于xoy平面，平面內(nèi)a、b、c、d四點的位置如圖所示，cd、cb分別垂直于x軸、y軸，其中a、b、c三點電勢分別為：4V、8V、10V,將一電荷量為q=-2xl0-5C的負點電荷由a點開始沿abed路線運動，則下列判斷正確的是*\；1,\.#TTF!-T立言A.坐標原點0的電勢為6VB.電場強度的大小為處C.該點電荷在c點的電勢能為2X10-5JD.該點電荷從a點移到d點過程中，電場力做功為8X10-5J【答案】AD【解析】【詳解】A項：由于是勻強電場，所以沿同一方向前進相同距離電勢的降低相等，所以率k?中中國一審0，代入數(shù)據(jù)角由得：中口=6產(chǎn)，故A正確；B項：由于是勻強電場，所以沿同一方向前進相同距離電勢的降低相等可知， ab中點e的電勢為爐￡=『十連接oe則為等勢面，如圖所示，由幾何關系可知，內(nèi)垂直oe,則ab為條電場線，且方向由b指向a,電場強度為:C項：該點電荷在c點的電勢能為：%=q%=-2x10，故C錯誤;D項：該點電荷從a點移動到b點電場力做功為:呼處=西他=（4-引翼（_2*10寸/=8＞（10寸,故D正確。故選：AD8.如圖所示，光滑細桿MN頃斜固定，與水平方向夾角為。，一輕質(zhì)彈簧一端固定在0點，另一端連接一小球，小球套在細杯上，。與桿MN在同一豎直平面內(nèi)，P為MN的中點，且。理直于MN已知小球位于桿上MP兩點時，彈簧的彈力大小相等且在彈性限度內(nèi)。現(xiàn)將小球從細桿頂端 M點由靜止釋放，則在小球沿細桿從M點運動到N點的過程中（重力加速度為g）,以下判斷正確的是A.彈簧彈力對小球先做正功再做負功

.小球加速度大小等于 gsin0的位置有三個C.小球運動到P點時的速度最大D.小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍【答案】BD【解析】【詳解】A項：由題意不能確定在M點和在N點時彈簧是壓縮還是拉伸狀態(tài)，所以彈簧對小球可能先做正功后做負功，也可能先做負功后做正功，故A錯誤；B項：由于MP之間和PN之間各有一位置彈簧彈力為零，當彈力為零時小球的加速度為 卯”由,在P點時由于彈簧的彈力與桿垂直，所以小球的加速度也為 陰山騎，所以小球加速度大小等于gsin0的位置有三個，故B正確；C項：由于小球在P點的加速度為所以小球的速度一定不為最大，故C錯誤;D項：從M到D項：從M到P由能量守恒得:, 1 >1 2mghpM+四爐=取/價=%+5mH，從P到N由能量守恒得:聯(lián)立解得：小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍，故D正確。故選：BD三、非選擇題:.在做“驗證力的平行四邊行定則”的實驗時，先將橡皮筋的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩。實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，第一次是通過兩根細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條,第二次是通過一根細繩用一個彈簧種拉椽皮條。(1)某次實驗用一個彈簧秤把橡皮條和繩的結(jié)點拉到(1)某次實驗用一個彈簧秤把橡皮條和繩的結(jié)點拉到(2)關于該實驗，下列說法正確的是。0點時，彈簧秤的示數(shù)如圖所示，其讀數(shù)為NoA.本實驗采用的科學方法是等效替代法B.第一次實驗時，兩細線的夾角應越大越好C.第二次實驗時，只須記下彈簧秤的示數(shù)就行D.兩次實驗都要將橡皮條和繩的結(jié)點拉到同一位置(3)請?zhí)嵋粭l對減小本實驗誤差有益的建議【答案】(1). 【答案】(1). (1)4.00(或4.0) (2).(2)AD(3). (3)拉細線時，細線要平行于桌面;兩細線的夾角不宜太大，由而不宜太小【解析】【詳解】⑴彈簧秤的讀數(shù)為：F=4.00N;（2）A項：本實驗用一個彈簧秤把橡皮條和繩的結(jié)點拉到 0點和二個彈簧秤把橡皮條和繩的結(jié)點拉到 0點的效果相同，即為等效替代，故 A正確；B項：第一次實驗時，兩細線的夾角應當適當，不要太大，故B錯誤；C項：實驗時要記下力的大小和方向，故C錯誤；D項：要兩次實驗達到相同的效果，則要橡皮條和繩的結(jié)點拉到同一位置，故 D正確。故選：AD（3）拉細線時，細線要平行于桌面，兩細線的夾角不宜太大，也不宜太小。10.一課外實驗小組想測量一個電壓表的內(nèi)阻，他們在實驗室找到如下器材：A.待測電壓表M（量程為0-2V,內(nèi)阻約2kQ）B.標準電壓表V2（量程為0-9V,內(nèi)阻約4kft）C.標準電流表A（量程為0-0.6A,內(nèi)阻約0.5C）D.滑動變阻器R（阻值范圍：0-100）E.定值電阻R>=20OF.定值電阻R3=2.0k0G.定值電阻R4=2.3k0H.直流電源（內(nèi)阻約1。，電動勢為12v）I.開關、導線若干（1）為完成該實驗，該實驗小組希望實驗結(jié)果盡可能準確，且要求電表指針超過滿刻度的 1/2,除待測電壓表、直流電源、滑動變阻器、開關和導線之外，該實驗小組還選取了一個電表和兩個定值電阻，選取的電表是,兩個定值電阻分別是（兩空都填器材前面的序號）。（2）在虛線框中畫出實驗電路圖⑶根據(jù)選用的器材，待測電壓表V的讀數(shù)為U,兩定值電阻阻值分別為R和R',另一個電表的讀數(shù)為,（填I1或㈤由此得出，待測電壓表內(nèi)阻的表達式為。

【答案】(1). (1)B(2).FG(3).(2)如圖:(4). (3)(2)如圖:(4). (3)U2【解析】【詳解】(1)電源電動勢為12V,待測電壓表白^內(nèi)阻約為2d通過待測電壓表的最大電流約為 6mA電流表量程為0.6mA=600mA待測流太小，不能用電流表測電流，因此電表應選擇電壓表B,為測出兩個待測電壓表的電流，應把電阻F、G與待測電阻并聯(lián)，(2)串聯(lián)電路電流相等，把待測電壓表與定值電阻串聯(lián)， 可以求出通過待測電壓表的電流， 電源電動勢大于電壓表量程，為保護電表滑動變阻器應用分壓式接法，實驗電路如圖所示:U,電壓表V2的讀數(shù)為U,U,電壓表V2的讀數(shù)為U,由圖示電路可知,/■ ■ 通過待測電壓表的電流為：R+R/?+R明?式R+R')|待測電壓表的內(nèi)阻為：%二，二二門。11.如圖所示，兩個平行光滑金屬導軌 ARCD固定在水平地面上，其間距L=0.5m,左端接有阻值R=察的定值電阻。一根長度與導軌間距相等的金屬桿/I1置于導軌上，金屬 桿的質(zhì)量m=0.2kg,電阻r=2Q,整個裝置處在方向豎直向下、磁感應強度大小 B=4T的勻強磁場中，t=0肘刻，在MNl^D一與金屬桿垂直，方向水平向右的外力F,金屬桿由靜止開始以a=2m/s2的加速度向右做勻加速直線運動， 2s末撤去外力F,運動過程中金屬桿與導軌始終垂直且接觸良好。 (不計導軌和連接導線的電阻，導軌足夠長 )求：

(1)1s末外力F的大小;(2)撤去外力F后的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮?1)2NI(2)0.96J【詳解】(1)t=1s時刻，金屬桿MN的速度大小為vi=ati=2X1=2m/s金屬桿MNT生的感應電動勢為E=BLvi金屬桿MN中的電流大小川十r金屬桿MN^到的安培力大小F安=BIL聯(lián)立得『篙根據(jù)牛頓第二定律得F-F安=ma聯(lián)立解得F=2Nt=2s時亥L金屬桿MN的速度大小為v2=at2=2X2=4m/s撤去外力F后的過程中，根據(jù)能量守恒定律得知電路中產(chǎn)生的總焦耳熱1

Q=mv乙撤去外力F后的過程中，根據(jù)能量守恒定律得知電路中產(chǎn)生的總焦耳熱1

Q=mv乙,21X0.2X42=1.6J2電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱x1.6J=0.96J.如圖甲所示，光滑水平面上有一質(zhì)量為 M=1kg的足夠長木板。板左端有一質(zhì)量為 m=0.5kg的物塊(視為質(zhì)點)，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為4=0.2。初始時物塊與木板均處于靜止狀態(tài)，已知g=10m/s2,物塊與木板間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。(1)若僅給木板一水平向左的初速度 勺=3m/5,求物塊相對木板滑動的距離；(2)若僅給物塊施加一水平向右的力 F,F隨時間t變化的圖像如圖乙所示，求物塊與木板最終的速度；(3)若按(1)問中給板初速度|%=為曾/5的同時，給木板施加一水平向右的恒力 F=6N,求經(jīng)多長時間物塊會從木板上滑落。

【答案】（1）1.5m；（2）物塊和木板最終以0.6m/s的速度勻速運動.（3）0.91s【解析】【詳解】（1）設物塊與板最終達到相同的速度 v,物塊在板上滑行的位移為 L,由動量守恒：= +廿由能量關系：〃附我=1必讀一；即+mH解得L=1.5m（2）由題意可知，若物塊和木板一起向右加速，則拉力 FW1.5N,故在如圖所示的拉力 F的作用下物塊和板無法一起加速，經(jīng)11=0.5s時，物塊的速度V1,板的速度V2對物塊：. ，，對木板：解得V1=0.8m/s,V2=0.5m/s;0.5s后系統(tǒng)動量守恒，最終達到相同速度 v',則= +W）v解得v'=0.6m/s,即物塊和木板最終以0.6m/s的速度勻速運動.（3）物塊先相對木板向右運動，此過程中物塊的加速度為 ab木板的加速度為a2,經(jīng)t1時間物塊和木板具有相同的速度v'',對物塊受力分析：?對木板：由運動公式：v】 “2,+廿v,

Ei——t2 1+廿v,

Ei——t2 12此過程中物塊相對木板前進的距離:解得s=0.5m;t1后物塊相對木板向左運動,這再經(jīng)12時間滑落，此過程中板的加速度a3,物塊的加速度仍為at1后物塊相對木板向左運動,P-“mg=A1%由運動公式：爐%-*林一（Vt2-解得故經(jīng)過時間t二刀十4二戶:1 物塊滑落.（二）選考題.下列有關自然現(xiàn)象的描述或判斷中，正確的是A.露珠通常呈現(xiàn)球狀，是由于水的表面具有張力作用的結(jié)果B.氣體可以被壓縮，但又不能無限的被壓縮，說明氣體分子間存在相互作用的斥力C.在陽光的照射下，經(jīng)?？匆娍諝庵袎m埃所做的無規(guī)則運動是布朗運動D.水和酒精混合后的總體積小于兩者體積之和，說明分子間存間隙E.冰塊打碎后，具有各種不同的形狀，說明冰不是晶體【答案】ABD【解析】【詳解】A項：表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用，故 A正確；B項：氣體能被壓縮，說明分子之間存在間隙，而又不能無限的被壓縮，說明氣體分子間存在相互作用的斥力，故B正確；C項：飛舞的塵埃是由于空氣的對流而形成的，不是布朗運動，故 C錯誤；D項：酒精和水都是由分子構(gòu)成的物質(zhì)，由于分子之間存在一定的間隙，當二都混合是分子之間相互滲透，因此總體積減小，說明分子間有間隙，故 D正確；E項：區(qū)分是不是晶體要看是否具為確定的熔點，冰具有確定的熔點，是晶體，故 E錯誤。故選：ABD.定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過如圖所示的變化過程：A—B—C.己知氣體在初始A狀態(tài)的壓強為Pa,體積為功,溫度為『C，BA連線的延，線經(jīng)過坐標原點，A—B過程中，氣體從外界吸收熱量為Q,B狀態(tài)溫度為T試求：①氣體在B狀態(tài)時的體積和在C狀態(tài)時的壓強；②氣體從A—B—C整個過程中內(nèi)能的變化?！窘馕觥?V【詳解】①氣體從A變化到B時，發(fā)生等壓變化，設B狀態(tài)時的體積為V,根據(jù)蓋呂薩克定律得到 -'Q1乙解得V=T氣體從B變化到C時，發(fā)生等溫變化，設C狀態(tài)時