2014金版教程物理一輪復(fù)習(xí)課時(shí)作業(yè)

作業(yè)(二十七 1.(2013·汕頭模擬)l一半放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示，當(dāng)磁場以ΔB ΔBabΔBa、b兩點(diǎn)間的電勢差為Δt2.(2013·皖白高三聯(lián)考)如圖所示，水平虛線MN的上方有一abcdMNv0的abMN速度減為零的過，以下四個(gè)圖象中可能正確反映導(dǎo)線框的速度與時(shí)間的關(guān)系的是(3．(2013·揚(yáng)州模擬)60°斜向下的勻強(qiáng)B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定斜向下為正方向，導(dǎo)abRab在水平外力作用下始圖象是() 上行過通過R的電荷量等于下行過通過R的電荷上行過R上產(chǎn)生的熱量大于下行過R上產(chǎn)生的熱abcdL＝10cm，線框平面位于場，磁場方向垂直于線框平面，線框的ab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)，由于力v0＝2.5m/s.那么若以向下為力的正方向，則線框通過磁場區(qū)域過所受力的圖象可能是以下四圖中的()如圖所示，一足夠長的光滑平行金屬軌道，其軌道平面 平面成θ角，上端用一電阻R相連，處于方向垂直軌道平面向 勻強(qiáng)磁場中．質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿ab，從高為h處由靜 釋放，下滑一段時(shí)間后，金屬桿開始以速度v勻速運(yùn)動直到軌道的底端．金屬桿始終保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，軌道電阻及空氣阻力均可忽略不計(jì)，重力加速度為g.則()

sinθg21 于傾角為α＝37°的斜面上，ab邊與斜面的MN平行如圖所示，ab＝bc＝cd＝deef＝fa＝0.2mR＝0.02Ω，abm＝0.01kg面垂直．(cos37°＝0.8，sin37°＝0.6)tab8.(2013·石景山區(qū)期末測試)L＝0.2m的足夠長的B＝0.2Tm＝10gMN放在導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌和導(dǎo)MNF拉動導(dǎo)體棒使其沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動，速度為v＝5.0m/s，在運(yùn)動過保持導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直．求：當(dāng)導(dǎo)體棒移動50cm時(shí)撤去拉力，求整個(gè)過電阻R上產(chǎn)生的熱量9B＝2TMN為左邊界，光滑水平面上，t＝0F拉線圈，使其由靜止開始向右做勻加速運(yùn)動，經(jīng)過1sbcMNF1s，線圈恰好完全進(jìn)入磁場．整個(gè)運(yùn)動過，線圈中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示．bcv11s2sFtab10.MN、PQL＝0.5m，其電阻不計(jì)，30°m＝0.02kgR＝0.1Ω，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上cdg＝10m/s2，問：cdIabFcdQ＝0.1JFW是多少？2．Cabcdv0g的動直到速度減為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤，C正確． v0R

通過R的電荷量等于下行過通過R的電荷量選項(xiàng)B說法正確位置時(shí)，上行時(shí)的速度大小總要大于下行時(shí)的速度大小，上行時(shí)的力總要大于下行時(shí)的力，而上行位移大小等于下行位移大小，則可知上行過R上產(chǎn)生的熱量大于下行過RC、D說法正確．5．Bab邊剛進(jìn)入磁場時(shí)力等于重力且方向向上，故A、D錯(cuò)誤；線框全部進(jìn)入磁場后，線框中無感應(yīng)電流，且向下做加速運(yùn)動，當(dāng)線框從下邊離開磁場時(shí)將做運(yùn)動，安培力逐漸減小且方向向上，故C錯(cuò)誤，B正確．

vBmgsin

mgsin mgsin

gsin

＝2

v2D解析：(1)E＝ΔΦ＝ΔBcd·de＝0.02 RRab邊所受的力FB＝BI·ababFB＝mgcos由以上各式解得：t＝0.8t＝0abq＝It＝0.8C(q＝ΔΦ＝BS求解均可 答案：(1)1.0 (2)0.8 (3)0.8解析：(1)感應(yīng)電動勢為E＝BLv＝0.2 R感應(yīng)電流為 R F＝BIL＝0.008 v導(dǎo)體棒移動50cm的時(shí)間為t＝50 v根據(jù)焦耳定律 由③⑤⑥得Q1＝0.004 2根據(jù)能量守恒Q2＝1mv2＝0.125 2RQ＝Q1＋Q2＝0.129答案：(1)0.2 (2)0.008 (3)0.129解析：(1)I1＝0.1AE＝BL1v1RI1＝ERv

m/s＝0.5m/s，x＝v1t＝0.251 BL 1(2)2si＝0.2t－0.1(A)，線圈速度隨時(shí)間均勻增加，線圈所受力隨時(shí)間均勻增加，則F安＝BiL1＝0.08t－0.04(N)t＝2sv

m/s＝1.51 BL12s

Δt

m/s2＝1由第二定律得F＝F安＋ma2＝0.08t＋0.06(3)2s v m/s＝1L2＝v·Δt＝1×1m＝1答案：(1)0.5 0.25 (3)1解析：對cd棒受力分析如圖所示mgsinθ＝BILI＝mgsin

0.02×10×sinA＝1

cddc.棒ab與cd所受的力大小相等，對a