近高考卷答案物理

2008年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試

理科綜合能力測試參考答案

二、選擇題：本題共8小題，第小題

6分，共48分。全部選對的給6分，部分選對的給3分，有選錯的給0分。

14.C15.AC16.B17.D

第n卷共10題，共174分。

（一）必考題（8題，共129分。）

18.B19.D20.AB21.BC

m3g(m2m3)a

(1分)(3)3"'2———m2g

有W1=W2①口+「2=「②根據(jù)萬有引力定律和牛頓定律，有

m1m2 2

G——2— m1w1r1

r

m1m2

m2w2r2 ④

聯(lián)立以上各式解得

m2r

m〔 m2

⑤根據(jù)解速度與周期的關系知 W1 W2

……一4 3

聯(lián)立③⑤⑥式解得m1 m2 2—r

T2G

24.（17分）（1）質(zhì)點在磁場中的軌跡為一圓弧。由于質(zhì)點飛離磁場時，速度垂直于

2r

I(1)60(2)7.18(3)3.59n(1)0.495~0.497m/s2(2)①CD

23.（15分）設兩顆恒星的質(zhì)量分別為m1、m2,做圓周運動的半徑分別為口、「2,角速度分別為w1,w2。根據(jù)題意

弧的圓心在OC上。依題意，質(zhì)點軌跡與x軸的交點為A,過A點作與A點的速度方向垂直的直線，與OC交于

。/。由幾何關系知，AO,垂直于OC-。/是圓弧的圓心。設圓弧的半徑為R,則有R=dsin①

2

由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得qvBm--②

R

將①式代入②式，得vqBdsin③m

（2）質(zhì)點在電場中的運動為類平拋運動。設質(zhì)點射入電場的速度為v。，在電場中的加速度為a,運動時間為t,則

2…

?vv…………?rvsincos_

有V0=vcos④vsin=at⑤d=v0t⑥聯(lián)立④⑤⑥得a⑦

d

設電場強度的大小為巳由牛頓第二定律得qE=ma⑧聯(lián)立③⑦⑧得

（二）選考題：30.[物理——選修2—2]（15分）（1）BC（2）（10分）（I）當木條A端剛剛離開斜面時，受力情況如圖a所示。設斜面傾角為

迫輸3cos⑨m

,根據(jù)力矩

平衡條件，若滿足條件Mg?OAcos>mg?OBcos①

木條就不會脫離斜面。根據(jù)題意OAOBl②聯(lián)立①②并代入已知條件得OA>0.20m③(n)設G為木條重

心，由題意可知AG11④

2

當木條A端剛剛離開斜面時，受力情況如圖b所示。

由(I)中的分析可知，若滿足MggOAcos>mggOBcosmggOGcos⑤

木條就不會脫離斜面。聯(lián)立②④⑤并代入已知條件得OA>0,25m⑥

31.[物理一一選修3-3](15分)(1)D(2)設大氣和活塞對氣體的總壓強為p。，加一小盒沙子對氣體產(chǎn)生的壓

1一一1

強為p,由玻馬定律得p0h(p0p)(h—h)①由①式得p-p0②再加一小盒沙子后，氣體的壓強變?yōu)?/p>

43

由折射定律 sin②

-- 3

sin

(見圖)為30。。由折射定律得

p0+2p。設第二次加沙子后，活塞的高度為h'p°h(p02p)h'③

聯(lián)立②③式解得h'=3h④

5

.[物理——選修3-4](15分)(1)BD

(2)設入射光線與1/4球體的交點為C,連接OC,OC即為入射點的法線。

因此，圖中的角”為入射角。過C點作球體水平表面的垂線，垂足為Bo依

題意'/C。^。又由△OBC知sina=三①設光線在C點的折射角為

由①②式得30③由幾何關系知，光線在球體的豎直表面上的入射角丫

sin1⑤因此而出解得60

sin,j32

207

.[物理一一選修3-5]（15分）（1）8422Pb

(2)設擺球AB的質(zhì)量分別為mA、mB,擺長為1,B球的初始高度為h1,碰撞前B球的速度為VB.在不考慮

擺線質(zhì)量的情況下，根據(jù)題意及機械能守恒定律得

h11(1cos45)(D

1一2

TOC\o"1-5"\h\z

2mBVBmBgh1②

設碰撞前、后兩擺球的總動量的大小分別為P1、P2O有

P1=mvB③聯(lián)立①②③式得PmBJ2g1(1―cos45)④

同理可得F2(mAmB)J2g1(1cos30)⑤聯(lián)立④⑤式得P2mAmB"co^o⑥

P1mB-1cos45

代人已知條件得221的⑦由此可以推出Pp<4%⑧

1.0321PP1

所以，此實驗在規(guī)定的范圍內(nèi)驗證了動量守恒定律。

2009年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（寧夏卷）

理綜綜合能力測試

14答案BD【解析】行星運動定律是開普勒發(fā)現(xiàn)的A錯誤；B正確；伽利略最早指出力不是維持物體運

動的原因，C錯誤；D正確。

15答案B。【解析】天體的運動滿足萬有引力充當向心力即

-Mm

G—

R2

G：,可見木星與地球繞

2

v一，

m—可知v

太陽運行的線速度之比上

v地

—0.44

5.2

B正確。

16答案A?！窘馕觥恳罁?jù)右手定則,

正離子在磁場中受到洛倫茲力作用向上偏，負離子在磁場中受到洛倫茲力作

用向下偏，因此電極a、b的正負為

a正、b負；當穩(wěn)定時，血液中的離子所受的電場力和磁場力的合力為

零，則qE=qvB，可得vE-U

BBd

160106

0.043103

1.3m/s,A正確。

17答案BD【解析】0-2t0內(nèi)物體的加速度為a且，2t0

時刻的速度為Vi

ag2t0

2Fntn

,在3t0時刻的瞬時

m

速度v2 v1

3aG0

5F0t0

m

則3t0時刻的瞬時功率為

2

15F0t0

m

錯誤；B

0到3t0這段時間

由動能

定理可

W Ek

12mv2

2

-一22

25Foto

2m

,則這段時間內(nèi)的平均功率

P25F02t0

6m

D正確。

.答案D【解析】將立體圖畫成平面圖，

3

等分線，故P點的電勢為3V,D正確。

4

如圖所示，可見

P點沿電場線方向為

MN的四

.答案C【解析】依據(jù)右手定則，可知在

0—-內(nèi)，電流方向

2

M到O,在在電阻

得

R內(nèi)則是

1BL

由b至ija,為負值，且大小為I2——

R

一一 、， 3

內(nèi)電流的方向相反，即沿正方向，—?

為一定值，一

2

內(nèi)沒有感應電流,

~2內(nèi)沒有感應電流,

因此C正確。

2

.答案BC.【解析】對于物塊由于運動過過程中與木板存在相對滑動，且始終相對木板向左運動,

因此木板對

物塊的摩擦力向右，所以物塊相對地面向右運動，且速度不斷增大，直至相對靜止而做勻速直線運動，B正確;

對于木板由作用力與反作用力可知受到物塊給它的向左的摩擦力作用，則

木板的速度不斷減小，知道二者相對靜止，而做直線運動，C正確；由于輔境出劣

iL天演

水平面光滑，所以不會停止，D錯誤。刀必力第”?小標小

21.答案AG【解析】由于木箱的速度保持不變，因此木箱始終處于平衡

狀態(tài)，受力分析如圖所示，則由平衡條件得：mgNFsin

NFcos兩式聯(lián)立解得

F——cos

mgmg，可見F有最小值，所以F先減小后增大，A正確；B錯誤；F的功率

PFvcos

mgvcos

cos

sin1tan

mg^—,可見在從0逐漸增大到

90。的過程中tan逐漸增大，則功率

C正確,

D錯誤。

22.答案2.25,6.860

【解析】游標卡尺的讀數(shù)x22mm0.1mm5

22.5mm2.25cm;

螺旋測微器的讀數(shù) y

6.5mm0.01mm36.06.860mm。

23.（11分（1）電路原理如圖所示。（4分）（2）①20（2分）160~520

（2分）

②把觸點從彈簧片右側移到彈簧片左側，保證當電磁鐵吸合鐵片時,

3、4之間接通：不吸合時，3、4之間斷開。

③電磁起重機【解析】（1）要使光敏電阻能夠?qū)﹄娐愤M行控制，且有光照時路燈熄滅，光敏電阻應與

3,4與路燈串聯(lián)；則電路圖如圖所示。 （2）①由U=IR得勵磁線圈允許加的最大電壓為

1,2串聯(lián),

U=ImR=0.1X

200V=20V;依據(jù)允許通過勵磁線圈的電流最大值和最小值計算得

R2min

16

0.1

160 ,R2max

J6- 320,因此保護電阻 R2的阻值范圍為

0.05

160~320 ;

②把觸點從彈簧片右側移到彈簧片左側，保證當電磁鐵吸合鐵片時,

3、4之間接通：不吸合時,

3、

4之間斷開。③電磁起重機

24.（14分）【解析】設冰壺在未被毛刷擦過的冰面上滑行的距離為

Si,所受摩擦力的大小為 f1:在被毛刷擦

過的冰面上滑行的距離為 S2，所受摩擦力的大小為 f2。則

有Si+S2=S①式中S為投擲線到圓心。的距離。

f1 1mg ②

f2 2mg ③設冰壺的初速度為Vo,由功能關系，得M

1 2

S1f2S2 —mv。

2

④聯(lián)立以上各式，解得s2 21gsv0

2g（1 2）

⑤代入數(shù)據(jù)得S210md

25【解析】（1）帶電粒子在電場中做類平拋運動，在

y軸負方向上做初速度為零的勻加速運動,

設加速度的大小

為a；在x軸正方向上做勻速直線運動，設速度為

Vo,粒子從P點運動到Q點所用的時間為

t1,進入磁場時速度

方向與x軸正方向的夾角為，則a -q^ （T

m

Xo

V。-

t1

其中x02J3l,y0l。又有tan

at1

Vo

④聯(lián)立②③④式，得

30因為M、O、Q點在圓周上,

sin,：12sin（）

MO6l久

MOQ=90,所以MQ^直徑。從圖中的幾何關系可知。R2j3l

(2)設粒子在磁場中運動的速度為v,從Q到M點運動的時間為t2，則有vv0⑧t2―R⑨

cosv

帶電粒子自P點出發(fā)到M點所用的時間為t為tt1+t2⑩聯(lián)立①②③⑤⑥⑧⑨⑩式，并代入數(shù)據(jù)得

2010年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試理科綜合能力測試

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，

有的有多個選項正確，全部選對的得 6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

,川二一一：產(chǎn).米.「口?二-一忘 ??，；，?一

技發(fā)現(xiàn)了磁場時運動電荷的作用視律，安培發(fā)現(xiàn)了睡場對串清的作用規(guī)律口 I

.答案：C,解析：根據(jù)胡克定律有： F1 k(l0 11), F2 k(l2l0),解得：k=F2 F1

l2l1

16答案：AD,解析：選項B錯誤，根據(jù)P=Fv和圖象斜率表示加速度，加速度對應合外力，外力的功率先減小后

增大。選項C錯誤，此時外力的功率為零。

17.

答案:a解析:耕生受力方向應該是電場線的切線方向，從簫止開始運動附，只能是丸圖那用不小亞現(xiàn)身cd圖的情況, __ _ __

18.答案：B,解析：物體受重力

mgb支持力N、摩擦力f、已知力F處于平衡，根據(jù)平衡條件，有

F1cos600 (mg F1sin600), F2 cos300 (mgF2sin300),聯(lián)立解得： 2 V3

U 2

19.答案：D,解析：電源效率 一，E為電源的總電壓(即電動勢)，根據(jù)圖象可知U=—E

E 3

_ ~，一 八

Ub=1E,所以選項D正確。

3

20.答案.3解析！根據(jù)開普勒周期定律，周期平方與軌道半徑三防國匕可知/=日It02kR3兩式相除

后取對數(shù)，得:

T2 R3 T

lg2lg3,整理得：2lg-

I。 R0 T0

R

31g——，選項B正確。

R0

21.

答案；。,解析；根據(jù)工

g[=3M f可見瓦記百口,

掃源內(nèi)部，電流是從負極流向正極的，所以遺

4c5。 40 708c股心

.一一L.IL.；._ ..'5

115.0,f?^L￡x€=5,D0,R--=—^L^=4生5mh對照圖拄

60 i115.0X10-3

164.012.

（1）AD（2）紙帶與打點計時器之間有摩擦，用米尺測量紙帶上點的位置時讀數(shù)有誤差，計算勢能變化時，選取始末兩點距離過近，交流電頻率不穩(wěn)定。

解析：（1）用A項米尺測量長度，用D項交流電源供打點計時器使用。（2）紙帶與打點計時器之間有摩擦，用

米尺測量紙帶上點的位置時讀數(shù)有誤差，計算勢能變化時，選取始末兩點距離過近，交流電頻率不穩(wěn)定。

.（11分）答案：（1）如圖所示（2）如圖所示（3）115.0mA,5.00V,43.5Q,64.0C

.（14分）解析：（1）加速所用時間t和達到的最大速率v,

°yvtv（9.690.15t）100,0^vt96%v（19.300.15t）200

聯(lián)立解得：t1.29s,v11.24m/s

（2）起跑后做勻加速運動的加速度a,

2

vat，解得：a8.71m/s

25.

解析士設粒子肚發(fā)射速度為丁，粒子做圓周運初的軌道上徑為K由牛頓第二定律和簿

會武力公式，得?如3=物上，解得，R=—RqB

當日4及c鼻時，在磁場中運動時閭最長的粒子，其軌跡是圓心為C的圓弧，圓孤馬2

F71

威場的邊界相切，如圖印示，設i亥粒子在歌場中運動的時間為I，依題意，上上酎，上口“三-

42

世最后離開磁場的粒子的發(fā)身歷向與y軸正方向的夾角為叫由匚何關系可得：

Ksinn=K—立sin氏=.—Kcos值再加上sin'a十cos'值=1,解得：0

se瓜.、Q氓、西3E6-石

/?=（2）a,v=（2））31nd二

22w10|

（二）選考題

33.答案：A,解析：根據(jù)折射率定義有,

sin1nsin2,nsin31,已知/1=45°/2+/3=90°,解得:

Iij閽諧橫渡的波長士

（ii）。All］合?。郏菡穹钚〉狞c的位置.

解析：口）設波長為入，頻率為八師,尸/?，代入已知效據(jù)，得、=l1n

出以力為坐標原點，設P為口豈間的任意一點,其坐標為X,則兩波源到P點的波程蚩UWxW豈其中L4/以m為單位.

合振初振幅最小的點的位置冠艮&=肽+53k為整頓

解得］翁。.紇tn,?

34.［物理一一選修3-5］（15分）答案：B

n=3能級向低能級躍遷，根據(jù)能量守恒有,

解析：大量氫原子躍遷時只有三個頻率的光譜，這說明是從

h3h2h1,解得：V3V2Vi,選項B正確

解析：木板第一次與墻碰撞后，向左勻減速直線運動，直到靜止，再反向向右勻加速直線運動直到與重物有共同速度，再往后是勻速直線運動，直到第二次撞墻。

木板第一次與墻碰撞后，重物與木板相互作用直到有共同速度，動量守恒，有：

2mv0mv0(2mm)v,解得：v—

3

2mgti

木板在第一個過程中，用動量定理，有：mvm(v0)

TOC\o"1-5"\h\z

212-

用動能th理，有：-mvmv02mgs

\o"CurrentDocument"

2

木板在第二個過程中，勻速直線運動，有：svt2

木板從第一次與墻碰撞到再次碰撞所經(jīng)歷的時間

t=t1+12=以+2=也

3g3g3g

2011新課標卷物理解析

14,答案］日

解析；在地理北極附近是地磁場的5根，由安培祖則可知正確表示安培假設中環(huán)形電流方向的是圖&珀一質(zhì)點開始時做勻速直線運動，從某時刻起受恒刁作用.此后，該質(zhì)點的動能可能A,一直增大

先逐漸瀛小到零，再速漸增大3國陽、一11,

匚先逐漸噌大到某一值，再逐漸法卜

D.先逐漸瀛小至某一非零的最小值，再逐漸增大

15,答案士ABD

16.

解析：若廢恒力與開始時勻速運動的方向夾筆小于90’，則演恒力做正功,該質(zhì)點.的動能一直噌大，選項“正確；若該恒力與開始時句速運物的方向相反，則該恒力先做負功，待速度超小至“零后該恒力減正功，該質(zhì)點的動能先逐漸礪I呼9零，再逐漸增大，選項B正確彳若該恒力與開始時勻速運動的方向夾角大于第。，則該恒力先做負功，后做正功，該質(zhì)點.由醐自選逐漸遍小至某一非零的最小值，再逐漸噌大，造頊D正豳口

.答案：ABC

解析：蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取無關，選項D錯誤。

.答案：A

解析：燈泡正常發(fā)光說明副線圈輸出電壓為220V,原線圈輸入電壓為110V,電壓表讀數(shù)為110V;由變壓器功

率關系可知，變壓器輸入功率為22W,電流表讀數(shù)為0.2A,選項A正確。

.答案：BD解析：設B=kI,軌道之間距離d,則發(fā)射過程中，安培力做功kI2dL,由動能定理kI2dL=」mv2,

2

要使彈體的出射速度增加至原來的2倍，可采用的辦法是只將電流I增加到原來的2倍；或?qū)楏w質(zhì)量減小到原

來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變，選項BD正確。

.答案：B解析：由題給數(shù)據(jù)可估算出地球同步衛(wèi)星距地面高度大約為3.6X107m,從你發(fā)出信號到對方接收到

信號所需最短時間為t=2X3.6X107+3.0X108s=0.24s,所以選項B正確。

.答案：D解析：根據(jù)質(zhì)點的速率是遞減的，質(zhì)點所受電場力一定做負功，所受電場力方向與運動方向夾角大

于90。，所以圖示可能正確的是D。［來源:學科網(wǎng)］

ZL答案；A解析；當給木塊施加的水平為F-J旺木塊與木板之間的最大靜摩擦力時?二者一起做加速運動"當給木塊施加的水平力F大于木塊與木板之間的最大靜摩隰力時，木板所受摩擦力不變，木板加速度n為一恒量，木板做勻加速運動.設木塊所受的滑初摩擦力大小為作則木塊所受合外力為好手由牛頓第二定律，木塊加速度3時所以反映斫和心變化的圖線正確的是即

.22（E分）為了測量一微安表頭A的內(nèi)阻?某耍設計了如圖所示的電路.圖中，及是標準電流表,艮和1分別凌滑箭變阻器和電阻箱，S和S：分別是單刀雙擲開關和單力開關，E髀獻.完成下列實嗓步驟中的蟀-

（1）撥向挎京h接通SP調(diào)節(jié)

適當位置，記下此時 的讀數(shù)L

（2）然后將￡撥向接點2,調(diào)節(jié):庾

（3）多次重復上述過程，計算網(wǎng)讀數(shù)的—

如侍期:

:使待測表頭指針偏轉到

其一答案；（1）網(wǎng)因⑵以 國的讀數(shù)傷為1

記下此時取的讀數(shù)，

.此即為待測微安表頭內(nèi)阻的測量值.

（3）平均值

解析：此題測S般安表頭3的內(nèi)陽采用的是替代法.首先I等S撥向搏點1,接通51,調(diào)節(jié)出，使待測來頭指訊h轉a適當位鼠記下此時標準電流表％的讀數(shù)%然后將多撥向接息3讓電阻箱替代待河電流表.調(diào)節(jié).3,使標準哪膝％的讀敬仍為L此時電阻箱■讀數(shù)等于苜測電流表內(nèi)B&記下此時耳？的“毓重復上述過鼠嘮取讀數(shù)的平均值，比即為待測歆安去4內(nèi)施的測量值. if滑.

23.

…s1 S,…，…一

.答案：（1）;=-2at+vt⑵-t圖線如圖所不。（3）2.0

解析：設滑塊經(jīng)過光電門甲的速度為 v°,由勻變速直線運動規(guī)律，s=（v0+vt）t/2,vt=v0+

at

…一一s1

聯(lián)立解得s=--at+vto

t2

所以滑塊加速度的大小為

St圖線的斜率等于-a,由§t圖線可知，其斜率等于 1.0,

t 2t

a=2.0m/s2。[來源：Zxxk.Com]

*帚福膈百j詞層帚手涌I

L. ：「「lit11"!I"1』：；III：；邛,目

二|哪圜網(wǎng)圈制!二照.

*altlLE4JW金虹41alH妙1。7中

24.解析：設汽車甲在第一段時間間隔末（時間 to）的速度為v,第一段時間間隔內(nèi)行駛的路程為 si,加速度為a,在

第二段時間間隔內(nèi)行駛的路程為

v'=ato(T

設汽車乙在時間

1 2

si -（2a）t；

-1 2

si二ato

2

to的速度為

s2o由運動學公式得

1 2

② s2 vt0-（2a）t0③

v',在第一、二段時間間隔內(nèi)行駛的路程分別為

s2 vt0—at： ⑥

2

s1’、s2'。同樣有v'=(2a)t0 (J

設甲、乙兩車行駛的總路程分別為s、s',則有s=S1+S2⑦s'=iS+S2，⑧

聯(lián)立以上各式解得，甲、乙兩車各自行駛的總路程之比為

之王解析：fl)依子m在［內(nèi)fl陶通超尚君動朝眥?煮荏y軸上,半徑為&l，枝子透率為小運動軌也寫兩踞哥白族邊姆曲變點為產(chǎn):如圖.由洛侖讓土I您直利午費第二定掉得

C、P和Oa三點共線，且由⑥式知Oa

3.

點必位于x—d⑦的平面上。由對稱性知，Pa點與P點縱坐標相同，即yPa=RaiCOS(+h⑧

2

va_

q與)B

式中，h是C點的y坐標。

設b在I中運動的軌道半徑為Rbi,由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得

設a到達Pa點時，b位于Pb點，轉過的角度為“。如果b沒有飛出I,則

TOC\o"1-5"\h\z

———⑩———11

Ta22Tbi2

式中，t是a在區(qū)域II中運動的時間，而

2Ra212t2Rb113

Ta212Tbi'13

VV3

由⑤⑨⑩。1213式得燈30°?

由①③⑨14式可見，b沒有飛出。Pb點的y坐標為yPb=Rbi(2+cos”)+h15

由①③⑧⑨1415式及題給條件得，a、b兩粒子「的y坐標之差為yP-yP=-(V3-2)d16a“3

33.(1)答案：ADE［來源:學&科&網(wǎng)Z&X&X&K］解析：由理想氣體狀態(tài)方程可知，若氣體的壓強和體積都不變，其溫度不變，內(nèi)能也一定不變，選項A正確；理想氣體做等溫變化，內(nèi)能不變，而體積壓強變化，狀態(tài)變化，選項B錯誤；若氣體的溫度隨時間不段升高，體積也隨著增大，其壓強也可能不變或減小，選項C錯誤；由熱

力學第一定律，氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關，選項D正確；由于理想氣體的內(nèi)能只

與溫度有關，當氣體溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大，選項E正確。

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33.(25解析?設玻璃管開口向上時，空氣欄壓迪詢小二此一網(wǎng)4①

式中，中和省分別表示水銀的密度和盅力加速度.c°e

一.蟒管開口晌下u察來上部的水銀有一部分電礴；封閉端會有郎分真空.沒此時開口端利下的本

銀柱長姓*小Mpi=pghtR”幻?p?4曜“'1…1

SF*

式中，m管內(nèi)空氣柱的田友由玻意耳定律得/?i(szj)-pi(sa)③

式中小是此時空氣柱的長度，s為瑰璃管的橫截面積.

由①②③式和題給條件得h=12cm④

從開始轉動一周后■，設空氣柱的壓強為R，則P尸物-戶群⑤

由施意耳定律得pi(S匕尸用俗電1?

式中，仁是此時空氣柱的長度.由①②③⑤⑥獷32巾⑦

34(1)答案：ABE解析：波傳播過程中，介質(zhì)中質(zhì)點做受迫振動，由于波傳播過程中無能量損失，所以質(zhì)點P振

動的振幅一定為A,周期一定為T,質(zhì)點振動的最大速度與波速無關，選項AB正確C錯誤；開始振動的方向與波

源開始振動方向相同，選項D錯誤；若P點與波源距離s=vT,則質(zhì)點P與波源振動步調(diào)一致，P的位移與波源的相同，選項E正確。

(2)解析：(i)如圖，透明物體內(nèi)部的光路為折線MPN,Q、M點相對于底面EF對稱，QPN三點共線。設

在M點處，光的入射角為i,折射角為r,/OMQ=,/PNF=p.根據(jù)題意a=30°,①

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由幾何關系得/PNO=/PQO=r，于是3+r=60°②

且a+r=3③

由①②③式得r=15。。④

(ii)根據(jù)折射率公式有sini=nsinr⑤

J6+2

由④⑤式,得n=7°。

2

35.(1)答案：hc/0

hco

eo

解析：金屬的逸出功等于W=hc/0.若用波長為入(《?)單色光做實驗，由愛因斯坦光電效應方程，Ek=hc/-W,

一hcn

而Ek=eU,聯(lián)立解得其截止電壓為U=——0一。

e0

⑵解和設紅后入B和匚的共同謔度佗大小為，，由