浙江省臺(tái)州市天臺(tái)縣平橋中學(xué)2023-2023學(xué)年高二(上)第二次測(cè)試物理試卷解析版

2023-2023學(xué)年浙江省臺(tái)州市天臺(tái)縣平橋中學(xué)高二（上）第二次測(cè)試物理試卷一.單項(xiàng)選擇題：（每題4分，共40分）1．（4分）（2023秋?甌海區(qū)校級(jí)期中）帶電微粒所帶的電荷量的值不可能的是下列的（）A．2.4×10﹣19CB．﹣6.4×10﹣19CC．﹣1.6×10﹣19CD．4×10﹣17C考點(diǎn)：元電荷、點(diǎn)電荷．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：元電荷是指最小的電荷量，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍．解答：解：最小的電荷量是1.6×10﹣19C，我們把這個(gè)最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，A、由于2.4×10﹣19C不是1.6×10﹣19C的整數(shù)倍，故A錯(cuò)誤．B、6.4×10﹣19C是1.6×10﹣19C的4倍，故B正確；C、1.6×10﹣19C是1.6×10﹣19C的1倍，故C正確；D、4×10﹣17C是1.6×10﹣19C的250倍，故D正確；本題選擇不可能的，故選：A．點(diǎn)評(píng)：本題就是對(duì)元電荷概念的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題．2．（4分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）如圖所示，兩個(gè)帶絕緣底座的金屬球A和B相距一定距離，A帶+Q電荷，B帶+q電荷，它們之間的相互作用力為F，若保持球A的帶電量不變，而使B球改為帶﹣q電荷，則它們之間的相互吸引力為F′，則（）A．F′=FB．F′＞FC．F′＜FD．無法比較二者的大小考點(diǎn)：庫侖定律．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：本題比較簡(jiǎn)單，直接根據(jù)庫侖力公式得出兩次作用力的表達(dá)式，雖球距離不變，但電荷的間距發(fā)生變化，從而從而解出正確結(jié)果．解答：解：由庫倫定律可得：A帶+Q電荷，B帶+q電荷，它們之間的相互作用力：F=使B球改為帶﹣q電荷，則它們之間的相互吸引力：F′=從B帶+q電荷，變?yōu)椹乹電荷，導(dǎo)致電荷間距變小，則庫侖力變大，即F′＞F．故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題考查庫侖定律的直接應(yīng)用，對(duì)于庫倫定律公式要注意公式的適用條件以及公式中各個(gè)物理量的含義．3．（4分）（2023?普陀區(qū)二模）如圖所示，在矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點(diǎn)M和N各放一個(gè)點(diǎn)電荷，它們分別帶等量的正、負(fù)電荷．E、F是AB邊和CD邊的中點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)在MN的連線上，MP=QN．對(duì)于E、F、P、Q四點(diǎn)，其中電場(chǎng)強(qiáng)度相同、電勢(shì)相等的兩點(diǎn)是（）A．E和FB．P和QC．A和BD．C和D考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：首先畫出根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線，然后根據(jù)沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低來判斷電勢(shì)的高低；用電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，用電場(chǎng)線的切線方向表示場(chǎng)強(qiáng)方向．解答：解：A、等量異號(hào)電荷的電場(chǎng)線分布情況如圖所示圖中電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，等勢(shì)面為不規(guī)則的圓圈，在兩個(gè)異種電荷的中垂線上是等勢(shì)面，E、F兩點(diǎn)關(guān)于連線對(duì)稱，電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向都相同，故A正確；B、在兩個(gè)異種電荷的連線上，電場(chǎng)線從正電荷指向負(fù)電荷，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)越來越低，故P、Q電勢(shì)不等，故B錯(cuò)誤；C、題目圖中位置A與位置C兩位置關(guān)于兩電荷連線不對(duì)稱，由A選項(xiàng)的分析圖可知，其場(chǎng)強(qiáng)方向不同，故C錯(cuò)誤；D、C與D兩位置位于兩電荷連線同一側(cè)，結(jié)合圖象可知，場(chǎng)強(qiáng)方向也不同，故D錯(cuò)誤；故選A．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)線圖，確定各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向和大小，還可以畫出等勢(shì)面，同時(shí)要注意，沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)降低．4．（4分）（2023秋?杜集區(qū)校級(jí)期中）下列關(guān)于場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)的敘述正確的是（）A．在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)處處相同，電勢(shì)也處處相等B．在正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)，電勢(shì)越高，場(chǎng)強(qiáng)越小C．等量異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，兩電荷連線中點(diǎn)的電勢(shì)為零，場(chǎng)強(qiáng)不為零D．在任何電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)越大的地方，電勢(shì)也越高考點(diǎn)：勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低．根據(jù)等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的特征判斷電勢(shì)的高低和電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。獯穑航猓篈、在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)處處相同，但同一等勢(shì)面上電勢(shì)處處相等，不是所有的電勢(shì)均處處相等，故A錯(cuò)誤；B、在正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，根據(jù)可知，離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)，場(chǎng)強(qiáng)越小，因沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)在減小，故B錯(cuò)誤；C、通常取無窮遠(yuǎn)為零電勢(shì)，等量異種點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中，兩電荷連線中點(diǎn)的電勢(shì)則為零，但電場(chǎng)強(qiáng)度不為零，故C正確；D、在任何電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)越大的地方，等差等勢(shì)面越密，但電勢(shì)不一定越高，比如靠近負(fù)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)強(qiáng)度大，而電勢(shì)卻低，故D錯(cuò)誤，故選：C點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道等量同種電荷和等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的特點(diǎn)，根據(jù)電場(chǎng)線疏密比較場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱，根據(jù)電場(chǎng)線方向確定電勢(shì)的高低．5．（4分）（2023?海南）勻強(qiáng)電場(chǎng)中有a、b、c三點(diǎn)．在以它們?yōu)轫旤c(diǎn)的三角形中，∠a=30°、∠c=90°，．電場(chǎng)方向與三角形所在平面平行．已知a、b和c點(diǎn)的電勢(shì)分別為（2﹣）V、（2+）V和2V．該三角形的外接圓上最低、最高電勢(shì)分別為（）A．（2﹣）V、（2+）VB．0V、4VC．（2﹣）V、（2+）VD．0V、V考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)線．專題：壓軸題；電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：作出三角形的外接圓，其圓心O在ab的中點(diǎn)，該點(diǎn)電勢(shì)為2V，OC為等勢(shì)線，作出OC的垂線MN為電場(chǎng)線，根據(jù)U=Ed，順著電場(chǎng)線MN，找出離O點(diǎn)最遠(yuǎn)的點(diǎn)，電勢(shì)最低；逆著電場(chǎng)線，離O點(diǎn)最遠(yuǎn)點(diǎn)電勢(shì)最高．解答：解：如圖所示，取ab的中點(diǎn)O，即為三角形的外接圓的圓心，且該點(diǎn)電勢(shì)為2V，故Oc為等勢(shì)線，其垂線MN為電場(chǎng)線，方向?yàn)镸→N方向．外接圓上電勢(shì)最低點(diǎn)為N點(diǎn)，最高點(diǎn)為M點(diǎn)．設(shè)外接半徑為R，則UOP=UOa=V，UON=ER，UOP=ERcos30°，則UON：UOP=2：，故UON=2V，N點(diǎn)電勢(shì)為零，為最低電勢(shì)點(diǎn)，同理M點(diǎn)電勢(shì)為4V，為最高電勢(shì)點(diǎn)．故選B點(diǎn)評(píng)：找等勢(shì)點(diǎn)，作等勢(shì)線，進(jìn)一步作出電場(chǎng)線，并結(jié)合幾何知識(shí)是求電勢(shì)問題常用的方法．6．（4分）（2023秋?長(zhǎng)沙縣校級(jí)期末）使帶電的金屬球靠近不帶電的驗(yàn)電器，驗(yàn)電器的箔片張開．下列各圖表示驗(yàn)電器上感應(yīng)電荷的分布情況，其中正確的是（）A．B．C．D．考點(diǎn)：電荷守恒定律．分析：當(dāng)帶電金屬球靠近不帶電的驗(yàn)電器時(shí)，由于電荷間的相互作用，而使電荷發(fā)生了移動(dòng)從而使箔片帶電．解答：解：由于同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，故驗(yàn)電器的上端應(yīng)帶上與小球異號(hào)的電荷，而驗(yàn)電器的箔片上將帶上與小球同號(hào)的電荷；故只有B符合條件．故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題根據(jù)電荷間的相互作用，應(yīng)明確同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引．7．（4分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）在陰雨天氣，由于陽光不足，熱水器中的水溫達(dá)不到所需要的溫度，若在熱水器內(nèi)設(shè)計(jì)安裝利用電阻絲輔助加熱裝置，如圖所示，如要在最短的時(shí)間內(nèi)將水加熱到預(yù)期的溫度，應(yīng)將選擇開關(guān)置于哪一個(gè)檔位（）A．“0”檔B．“1”檔C．“2”檔D．“3”檔考點(diǎn)：焦耳定律．專題：恒定電流專題．分析：焦耳定律的內(nèi)容是：電流通過導(dǎo)體產(chǎn)生的熱量跟電流的二次方成正比，跟導(dǎo)體的電阻成正比，跟通電的時(shí)間成正比．對(duì)于純電阻電路，在電壓相等的條件下，電阻越小，電流越大，熱功率越大．解答：解：根據(jù)焦耳定律，有：Q=I2Rt根據(jù)歐姆定律，有：I=故在電壓一定的情況下，電阻越小，發(fā)熱功率越大，產(chǎn)生相同的內(nèi)能需要的時(shí)間越短；故選：B．點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)焦耳定律和歐姆定律得到發(fā)熱的一般表達(dá)式，然后進(jìn)行分析討論．8．（4分）（2023秋?長(zhǎng)豐縣校級(jí)期末）A、B、C是三個(gè)不同規(guī)格的燈泡，按圖所示方式連接都能正常發(fā)光，已知電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，則三個(gè)燈亮度變化是（）A．A、B燈比原來亮，C燈變暗B．A、B燈比原來暗，C燈變亮C．都比原來亮D．都比原來暗考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：由圖看出此電路結(jié)構(gòu)是：B燈、變阻器串聯(lián)后與C并聯(lián)，再與A燈串聯(lián)．滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)歐姆定律并聯(lián)部分電壓的變化情況，即可判斷AB兩燈亮度的變化，根據(jù)干路電流的變化，分析B燈亮度的變化．解答：解：A、滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流增大，則A燈變亮．根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知并聯(lián)部分分擔(dān)的電壓減小，則C燈變暗，由于通過B燈的電流等于干路電流與通過C燈電流之差，干路電流增大，而通過C燈的電流減小，則通過B燈的電流增大，變亮，故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選：A．點(diǎn)評(píng)：本題是簡(jiǎn)單的電路動(dòng)態(tài)變化分析問題，通常按照“部分→整體→部分”的思路分析．也可以直接根據(jù)有關(guān)結(jié)論進(jìn)行分析，比如：變阻器電阻減小，所在電路中的電流增大，與之并聯(lián)的電路中電流減?。?．（4分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）如圖所示，R1和R2是兩個(gè)定值電阻，R1的阻值很大，R2的阻值很小，G是一個(gè)靈敏電流計(jì)，則下列判斷正確的是（）A．只閉合K1，整個(gè)裝置相當(dāng)于伏特表B．只閉合K2，整個(gè)裝置相當(dāng)于安培表C．K1和K2都斷開，整個(gè)裝置相當(dāng)于靈敏電流計(jì)D．K1和K2都閉合，整個(gè)裝置相當(dāng)于伏特表考點(diǎn)：多用電表的原理及其使用．專題：恒定電流專題．分析：電流表和電壓表都是由表頭改裝而成的；電流表采用并聯(lián)一個(gè)小電阻分流的方式，而電壓表采用的采用串聯(lián)大電阻分壓的方向；根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)可知電路的功能．解答：解：A、若只閉合K1，則G與R2并聯(lián)扣與R1串聯(lián)，由于R1的阻值很大，故電路中電阻較大，只能充當(dāng)電壓表使用，故A正確；B、只閉合K2，則R1被短路，只有表頭接入電路，故只相當(dāng)于靈敏電流計(jì)，故B錯(cuò)誤；C、兩個(gè)開關(guān)均斷開，則G與R1串聯(lián)，則相當(dāng)于電壓表，故C錯(cuò)誤；D、兩開關(guān)均閉合，則電路中表頭與R2并聯(lián)，電阻較小，相當(dāng)于安培表，故D錯(cuò)誤；故選：A．點(diǎn)評(píng)：本題要求學(xué)生能掌握電表的性質(zhì)及電表改裝的原理，明確電流表內(nèi)阻較小，而電壓表內(nèi)阻較大．10．（4分）（2003?北京）如圖中虛線所示為靜電場(chǎng)的等勢(shì)面1、2、3、4，相鄰的等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，其中等勢(shì)面3的電勢(shì)為0．一帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作用下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過a、b點(diǎn)的動(dòng)能分別為26eV和5eV．當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到某一位置，其電勢(shì)能變?yōu)椹?eV時(shí)，它的動(dòng)能應(yīng)為（）A．8eVB．13eVC．20eVD．34eV考點(diǎn)：等勢(shì)面；功能關(guān)系；電勢(shì)能．專題：壓軸題；帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：要求正電荷的電勢(shì)能為﹣8eV時(shí)的動(dòng)能，需要知道該正電荷的動(dòng)能和電勢(shì)能的總和，得出Eka+Epa=Ekb+Epb，得出Epb﹣Epa=21eV從而確定φb＞φa；根據(jù)電荷經(jīng)過a、b點(diǎn)的動(dòng)能分別為26eV和5eV和ab之間有兩個(gè)等勢(shì)面且等勢(shì)面3的電勢(shì)為0，可設(shè)等勢(shì)面4的電勢(shì)為φ，則等勢(shì)面a的電勢(shì)﹣2φ，再根據(jù)該正電荷的動(dòng)能和電勢(shì)能的總和保持不變求出正電荷的動(dòng)能．解答：解：在只有電場(chǎng)力做功的條件下動(dòng)能和電勢(shì)能的總和保持不變，故有Eka+Epa=Ekb+Epb…①所以26eV+Epa=5ev+EpbEpb﹣Epa=26eV﹣5eV=21eV…②根據(jù)EP=qφ可知φb＞φa，由于相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相同，等勢(shì)面3的電勢(shì)為0，設(shè)等勢(shì)面4的電勢(shì)為φ，則等勢(shì)面a的電勢(shì)﹣2φ，代入②式得qφ﹣（﹣2qφ）=3qφ=21eVqφ=7eV正電荷的能量故有Ek+（﹣8eV）=5eV+7eVEK=5eV+7eV+8eV=20eV故C正確，故選C．點(diǎn)評(píng)：“在只有電場(chǎng)力做功的條件下動(dòng)能和電勢(shì)能的總和保持不變；相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相同”是我們解決此類問題時(shí)的突破口．二.不定項(xiàng)選擇（每題5分，共25分）11．（5分）（2023?老城區(qū)校級(jí)模擬）圖中虛線是用實(shí)驗(yàn)方法描繪出的某一靜電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)線，若不計(jì)重力的帶電粒子從a點(diǎn)射入電場(chǎng)后恰能沿圖中的實(shí)線運(yùn)動(dòng)，b點(diǎn)是其運(yùn)動(dòng)軌跡上的另一點(diǎn)，則下述判斷正確的是（）A．b點(diǎn)的電勢(shì)一定高于a點(diǎn)B．a(chǎn)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定大于b點(diǎn)C．帶電粒子一定帶正電D．帶電粒子在b點(diǎn)的速率一定小于在a點(diǎn)的速率考點(diǎn)：等勢(shì)面；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：解答本題需要掌握：根據(jù)等勢(shì)線的分布情況確定電場(chǎng)線的分布情況；正確判斷帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)電勢(shì)能的變化；電場(chǎng)力做功特點(diǎn)．解答：解：A、由圖可知帶電粒子的電場(chǎng)力指向弧的內(nèi)側(cè)，電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直且由高等勢(shì)線指向低等勢(shì)線，但由于電性未知，故無法判斷電場(chǎng)的方向，即ab兩點(diǎn)的電勢(shì)無法判斷，故A錯(cuò)誤；B、a點(diǎn)等勢(shì)線密，電場(chǎng)線也密，所以電場(chǎng)強(qiáng)度大于b處，故B正確；C、由于電場(chǎng)的方向未知，故根據(jù)題意無法判斷電荷的電性，故C錯(cuò)誤；D、帶電粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線指向曲線內(nèi)側(cè)，故帶電粒子從a運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)時(shí)電場(chǎng)力做負(fù)功，所以帶電粒子的動(dòng)能減小，即帶電粒子在b點(diǎn)的速率一定小于在a點(diǎn)的速率，故D正確．故選BD．點(diǎn)評(píng)：解決這類問題的突破口為根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡確定粒子所受電場(chǎng)力方向，同時(shí)這類問題涉及物理知識(shí)很全面，能考查學(xué)生綜合利用物理知識(shí)解決問題的能力，是高考的重點(diǎn)，要不斷加強(qiáng)練習(xí)．12．（5分）（2023秋?保定期末）如圖所示，a、b分別表示由相同材料制成的兩條長(zhǎng)度相同、粗細(xì)均勻電阻絲的伏安特性曲線，下列判斷中正確的是（）A．a(chǎn)代表的電阻絲較粗B．b代表的電阻絲較粗C．a(chǎn)電阻絲的阻值小于b電阻絲的阻值D．圖線表示的電阻絲的阻值與電壓成正比考點(diǎn)：電阻定律．專題：恒定電流專題．分析：I﹣U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率比較電阻的大小．根據(jù)電阻定律R=比較電阻絲的粗細(xì)．解答：解：A、圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖線a的斜率小于b的斜率，所以a的電阻大于b的電阻，根據(jù)電阻定律R=知，長(zhǎng)度相同，材料相同，知a的橫截面積小，b的橫截面積大．故A、C錯(cuò)誤，B正確．D、電阻的大小與電壓、電流無關(guān)．故D錯(cuò)誤．故選：B．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵會(huì)從I﹣U圖線中比較電阻的大小，以及掌握電阻定律R=．13．（5分）（2005?上海）在場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一質(zhì)量為m、帶電量為q的物體以某一初速沿電場(chǎng)反方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為0.8qE/m，物體運(yùn)動(dòng)S距離時(shí)速度變?yōu)榱悖畡t（）A．物體克服電場(chǎng)力做功qESB．物體的電勢(shì)能減少了0.8qESC．物體的電勢(shì)能增加了qESD．物體的動(dòng)能減少了0.8qES考點(diǎn)：電勢(shì)能；功的計(jì)算；動(dòng)能定理的應(yīng)用．專題：計(jì)算題；壓軸題．分析：物體所受電場(chǎng)力為F=Eq，方向和電場(chǎng)方向相同，由于運(yùn)動(dòng)方向和電場(chǎng)方向相反，故電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)電場(chǎng)力做功情況可以判斷電勢(shì)能的變化；動(dòng)能的變化可以利用動(dòng)能定理通過合外力做功來求．解答：解：A、由于物體所受電場(chǎng)力和運(yùn)動(dòng)方向相反，故電場(chǎng)力做負(fù)功即克服電場(chǎng)力做功W=EqS，故A正確；B、電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故B錯(cuò)誤；C、電勢(shì)能增加量和克服電場(chǎng)力做功相等，所以電勢(shì)能增加了EqS，故C正確；D、物體做減速運(yùn)動(dòng)，合外力做負(fù)功，動(dòng)能減小，由動(dòng)能定理得：△Ek=F合S=maS=0.8EqS，故D正確．故選ACD．點(diǎn)評(píng)：本題在電場(chǎng)中考察了各種功能關(guān)系的轉(zhuǎn)化，正確解答的關(guān)鍵是明確各種功能關(guān)系．14．（5分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）如圖所示，A、B、C、D是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的4個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)α粒子（電荷量是質(zhì)子的2倍，質(zhì)量是質(zhì)子的4倍）同時(shí)在A等勢(shì)面從靜止出發(fā)，向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)竭_(dá)D面時(shí)，下列說法正確的是（）A．電場(chǎng)力做功之比為1：2B．它們的動(dòng)能之比為2：1C．它們的速度之比為：1D．它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：1考點(diǎn)：電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)可得電場(chǎng)力所做的功W=qU；根據(jù)動(dòng)能定理qU=mv2，可以求出粒子的動(dòng)能EK；根據(jù)EK=求的速度之比，再利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可求解解答：解：A、質(zhì)子的電荷量為e，α粒子的電荷量為2e，粒子從A等勢(shì)面從靜止出發(fā)，向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)竭_(dá)D面過程中電場(chǎng)力所做的功W=qU，故電場(chǎng)力對(duì)質(zhì)子和α粒子所做的功之比為W1：W2=：q1：q2=1：2，故A正確．B、根據(jù)動(dòng)能定理qU=mv2，可得質(zhì)子和α粒子的動(dòng)能之比為EK1：EK2=q1：q2=1：2，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)EK=求的速度之比，故質(zhì)子和α粒子的速度之比，故C正確．D、根據(jù)a=可知，根據(jù)x=得，故D錯(cuò)誤故選：AC點(diǎn)評(píng)：只要掌握了各個(gè)物理量之間的關(guān)系，就可順利解決此類題目．這類題目比較經(jīng)典，是不可多得的好題．15．（5分）（2023秋?武城縣校級(jí)期末）如圖所示，兩塊水平放置的平行正對(duì)的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點(diǎn)有一個(gè)帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點(diǎn)上方，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是（）A．液滴將向下加速運(yùn)動(dòng)B．M點(diǎn)電勢(shì)升高，液滴在M點(diǎn)的電勢(shì)能將減小C．M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度變小了D．在a板移動(dòng)前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場(chǎng)力做功相同考點(diǎn)：帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電容．專題：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：電容器與電源相連，則電壓不變；根據(jù)極板的移動(dòng)可知電容器內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的變化；則可得出帶是粒子的受力變化，從而判斷其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；由U=Ed判斷電勢(shì)的變化，從而得出電勢(shì)能的變化．解答：解：A、液滴受力平衡，故電場(chǎng)力向上，液滴帶負(fù)電；電容器兩端的電壓不變，a板下移時(shí)，兩板間的距離減小，則由U=Ed可知，E增大；則粒子受到的電場(chǎng)力增大，故液滴將向上加速運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；B、下極板接地，則M點(diǎn)的電勢(shì)等于M與b之間的電勢(shì)差，因E增大，d不變，故液滴處的電勢(shì)增大；因帶電液滴帶負(fù)電，故電勢(shì)能將減小，故B正確；D、因兩板間的電勢(shì)差不變，故前后兩種狀態(tài)下移動(dòng)電荷時(shí)，電場(chǎng)力做功相同，故D正確；故選：BD．點(diǎn)評(píng)：對(duì)于電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵在于明確電容器是斷開電源還是與電源相連；然后再由電容的定義式有決定式進(jìn)行分析求解．三.試驗(yàn)題（每空2分，共22分）16．（10分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）某同學(xué)測(cè)量一只未知阻值的電阻．（1）他先用多用電表進(jìn)行測(cè)量，按照正確的步驟操作后，測(cè)量的結(jié)果如圖（甲）所示．請(qǐng)你讀出其阻值大小為1000Ω．為了使多用電表測(cè)量的結(jié)果更準(zhǔn)確，該同學(xué)接著應(yīng)該進(jìn)行哪些操作？先將選擇開關(guān)打到“×100”擋；將兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，進(jìn)行歐姆擋調(diào)零；再將被電阻接到兩表筆之間測(cè)量其阻值并讀出讀數(shù)；測(cè)量完畢將選擇開關(guān)打到“OFF”擋．．（2）若該同學(xué)再用“伏安法”測(cè)量該電阻，所用器材如圖（乙）所示，其中電壓表內(nèi)阻約為5kΩ，電流表內(nèi)阻約為5Ω，變阻器阻值為50Ω．圖中部分連線已經(jīng)連接好，為了盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量電阻，請(qǐng)你完成其余的連線．（3）該同學(xué)按照“伏安法”測(cè)量電阻的要求連接好圖乙電路后，測(cè)得的電阻值將大于（填“大于”、“小于”或“等于”）用多用電表測(cè)得的阻值．考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，用歐姆表測(cè)電阻時(shí)要選擇合適的擋位，使指針指針中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進(jìn)行歐姆調(diào)零．（2）根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法，然后連接實(shí)物電路圖．（3）根據(jù)電路圖，應(yīng)用歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差．解答：解：（1）由圖甲所示可知，歐姆表選擇×10擋，歐姆表示數(shù)為：100×10=1000Ω．由圖示可知，歐姆表指針偏角太小，所選擋位太小，要準(zhǔn)確測(cè)量電阻，應(yīng)將選擇開關(guān)打到“×100”擋；將兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，進(jìn)行歐姆擋調(diào)零；再將被電阻接到兩表筆之間測(cè)量其阻值并讀出讀數(shù)；測(cè)量完畢將選擇開關(guān)打到“OFF”擋．（2）待測(cè)電阻阻值約為1000Ω，滑動(dòng)變阻器最大阻值為50Ω，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電流表內(nèi)阻約為5Ω，電壓表內(nèi)阻約為5000Ω，相對(duì)來說待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，實(shí)物電路圖如圖所示：（3）由圖示電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分流作用，所測(cè)電壓偏大，由歐姆定律可知，電阻測(cè)量值大于真實(shí)值．故答案為：（1）1000Ω；應(yīng)將選擇開關(guān)打到“×100”擋；將兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕，進(jìn)行歐姆擋調(diào)零；再將被電阻接到兩表筆之間測(cè)量其阻值并讀出讀數(shù)；測(cè)量完畢將選擇開關(guān)打到“OFF”擋；（2）電路圖如圖所示；（3）大于．點(diǎn)評(píng)：本題考查了歐姆表的使用、連接實(shí)物電路圖、實(shí)驗(yàn)誤差分析，根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法是正確連接實(shí)物電路圖的前提與關(guān)鍵．17．（6分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）同學(xué)們知道，將兩個(gè)金屬電極插入任何一個(gè)水果中就可以做成一個(gè)水果電池，但日常生活中我們很少用“水果電池”，這是為什么呢？某學(xué)習(xí)小組的同學(xué)準(zhǔn)備就此問題進(jìn)行探究．（1）同學(xué)們通過查閱資料知道將鋅、銅兩電極插入水果中，電動(dòng)勢(shì)大約會(huì)有1伏多一點(diǎn)．曉宇同學(xué)找來了一個(gè)土豆做實(shí)驗(yàn)，當(dāng)用量程為0～3V、內(nèi)阻約50kΩ的伏特表測(cè)其兩極時(shí)讀數(shù)為0.96V．但當(dāng)他將四個(gè)這樣的水果電池串起來給標(biāo)稱值為“3V，0.5A”的小燈泡供電時(shí)，燈泡并不發(fā)光．檢查燈泡、線路均沒有故障，而用伏特表測(cè)量其電壓確實(shí)能達(dá)到3V多．據(jù)您猜想，出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因應(yīng)當(dāng)是：水果電池的內(nèi)阻太大（不要求寫分析、推導(dǎo)過程）．（2）曉宇同學(xué)用歐姆表直接測(cè)“土豆電池”的兩極，讀得此時(shí)的讀數(shù)為30Ω．小麗同學(xué)用靈敏電流表直接接“土豆電池”的兩極，測(cè)得電流為0.32mA，根據(jù)前面用伏特表測(cè)得的0.96V電壓，由全電路歐姆定律得：r=Ω=3.0kΩ．因而曉宇同學(xué)說土豆的內(nèi)阻為30Ω，而小麗同學(xué)則說是3kΩ．請(qǐng)你判斷，用曉宇的方法測(cè)量是否正確，請(qǐng)說明理由不正確，因水果電池本身有電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時(shí)，歐姆表內(nèi)部的電源與水果電池的電動(dòng)勢(shì)正向或反向串聯(lián)，影響測(cè)量的結(jié)果，故測(cè)不準(zhǔn)；；用小麗的方法測(cè)量是否正確，請(qǐng)說明理由小麗同學(xué)測(cè)量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測(cè)得的是短路電流，伏特表測(cè)得的應(yīng)當(dāng)是電源電動(dòng)勢(shì)，但由于水果電池的內(nèi)阻很大，伏特表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于水果電池的內(nèi)阻，故其測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)誤差大，算得的內(nèi)阻亦不準(zhǔn)確．．考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：（1）“蘋果電池”的內(nèi)阻太大，接燈泡時(shí)，電流太小，燈泡功率太小，不會(huì)發(fā)光；（2）曉宇同學(xué)未考慮水果電池本身有電動(dòng)勢(shì)，小麗同學(xué)的測(cè)量為扣除電流計(jì)內(nèi)電阻；（3）由題中所給實(shí)驗(yàn)器材可知，可以采用安阻法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，根據(jù)安阻法測(cè)電阻的原理選擇實(shí)驗(yàn)器材，作出實(shí)驗(yàn)電路圖．解答：解：（1））“蘋果電池”的內(nèi)阻太大，接燈泡時(shí)，電流太小，燈泡功率太小，不會(huì)發(fā)光；故答案為：“蘋果電池”的內(nèi)阻太大；（2）曉宇的方法不正確，因水果電池本身有電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時(shí)，歐姆表內(nèi)部的電源與水果電池的電動(dòng)勢(shì)正向或反向串聯(lián)，影響測(cè)量的結(jié)果，故測(cè)不準(zhǔn)；小麗同學(xué)測(cè)量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測(cè)得的是短路電流，伏特表測(cè)得的應(yīng)當(dāng)是電源電動(dòng)勢(shì)，但由于水果電池的內(nèi)阻很大，伏特表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于水果電池的內(nèi)阻，故其測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)誤差大，算得的內(nèi)阻亦不準(zhǔn)確．小麗同學(xué)的測(cè)量為扣除電流計(jì)內(nèi)電阻；故答案為：（1）水果電池的內(nèi)阻太大．（2）曉宇的方法不正確，因水果電池本身有電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時(shí)，歐姆表內(nèi)部的電源與水果電池的電動(dòng)勢(shì)正向或反向串聯(lián)，影響測(cè)量的結(jié)果，故測(cè)不準(zhǔn)．小麗同學(xué)測(cè)量的誤差也很大．理想狀態(tài)下用電流表測(cè)得的是短路電流，伏特表測(cè)得的應(yīng)當(dāng)是電源電動(dòng)勢(shì)，但由于水果電池的內(nèi)阻很大，伏特表的內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于水果電池的內(nèi)阻，故其測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)誤差大，算得的內(nèi)阻亦不準(zhǔn)確．點(diǎn)評(píng)：本題考查測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)、閉合電路歐姆定律等知識(shí)，考查邏輯推理能力、分析綜合能力和實(shí)驗(yàn)探究能力．18．（6分）（2023秋?天臺(tái)縣校級(jí)月考）某同學(xué)采用如圖1所示的電路測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．提供的器材有，電壓表（0～3V）、電流表（0～0.6A）、滑動(dòng)變阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用R1（填“R1”或“R2”）．在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得多組電壓和電流值，得到如圖2所示的U﹣I圖線，由圖可求出該電源電動(dòng)勢(shì)E=1.46V；內(nèi)阻r=1.78Ω．（保留三位有效數(shù)字）考點(diǎn)：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．專題：實(shí)驗(yàn)題．分析：因?yàn)殡娫吹膬?nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用較小最大值的滑動(dòng)變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測(cè)量和誤差的減?。砷]合電路歐姆定律分析U﹣I圖象的縱軸截距和斜率的意義，可求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．解答：解：滑動(dòng)變阻器在選擇時(shí)要求阻值大于待測(cè)電阻阻值，但阻值也不能太大，那樣調(diào)節(jié)不方便，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1．由閉合電路歐姆定律U=E﹣Ir得知，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，U﹣I圖象斜率的絕對(duì)值等于電源的內(nèi)阻，縱截距即為電動(dòng)勢(shì)E=1.46Vr==1.78Ω．故答案為：R11.461.78點(diǎn)評(píng)：本題中誤差分析采用圖象法，關(guān)鍵在于明確電表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響；注意極限法的應(yīng)用從而正確得出圖象．四.計(jì)算題（19題9分，20題8分，21題8分，22題8分，共33分）19．（9分）（2023秋?菏澤期末）在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一電荷量為2×10﹣5C的負(fù)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢(shì)能增加了0.1J，已知A、B兩點(diǎn)間距為2cm，兩點(diǎn)連線與電場(chǎng)方向成60°角，如圖：?jiǎn)枺海?）在電荷由A移到B的過程中，電場(chǎng)力做了多少功？（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為多少？（3）該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)能．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系WAB=EA﹣EB=﹣△E可計(jì)算電場(chǎng)力做的功，由W=qu可求AB間的電勢(shì)差Uab，再由E=求的電場(chǎng)強(qiáng)度，注意d是沿電場(chǎng)線方向的解答：解：（1）由題意根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系WAB=EA﹣EB=﹣△E得，WAB=﹣△E=﹣0.1J即電場(chǎng)力做了﹣0.1J的功（2）由W=qu可求AB間的電勢(shì)差UAB==5×103V（3）由E=得，=5×105V/m即電場(chǎng)強(qiáng)度為5×105V/m．點(diǎn)評(píng)：考查了電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能、電勢(shì)差的關(guān)系，電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系．20．（8分）（2003?南京一模）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)E=110V，電阻R1=21Ω，電動(dòng)機(jī)繞組的電阻R0=0.5Ω，電鍵S1始終閉合．當(dāng)電鍵S2斷開時(shí)，電阻R1的電功率是525W；當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)，電阻R1的電功率是336W，求：（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)流過電源的電流和電動(dòng)機(jī)的輸出功率．考點(diǎn)：電功、電功率；閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：（1）根據(jù)S2斷開時(shí)R1消耗的功率為，求出內(nèi)阻r．（2）當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)，根據(jù)電阻R1的電功率求出R1兩端的電壓和通過R1的電流，再根據(jù)E=U+Ir，求出總電流．從而求出通過電動(dòng)機(jī)的電流，根據(jù)，求出電動(dòng)機(jī)的輸出功率．解答：解：（1）設(shè)S2斷開時(shí)R1消耗的功率為P1，則，代入數(shù)據(jù)可以解得r=1Ω．（2）設(shè)S2閉合時(shí)R1兩端的電壓為U，消耗的功率為P2，則，解得U=84V由閉合電路歐姆定律得E=U+Ir，代入數(shù)據(jù)，得I=26A流過R1的電流為I1，流過電動(dòng)機(jī)的電流為I2，A，而I1+I2=I，所以I2=22A，由UI2=P出+I22R0，代入數(shù)據(jù)得P出=1606W．點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵能夠靈活運(yùn)用閉合電路歐姆定律，以及知道電動(dòng)機(jī)輸入功率、輸出功率、熱功率的關(guān)系．21．（8分）（2023秋?余姚市校級(jí)期中）有一個(gè)點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中，Ox坐標(biāo)軸與它的一條電場(chǎng)線重合，坐標(biāo)軸上A、B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為2.0m和5.0m．已知放在A、B兩點(diǎn)的試探電荷受到的電場(chǎng)力方向都跟x軸的正方向相同，電場(chǎng)力的大小跟試探電荷所帶電荷量大小的關(guān)系如圖中直線A、B所示，放在A點(diǎn)的電荷帶正電，放在B點(diǎn)的電荷帶負(fù)電．求：（1）B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向；（2）試判斷點(diǎn)電荷Q的