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文檔簡介
2022安徽省馬鞍山市鐘山高級職業(yè)中學高一數學理上學期期末試題含解析一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分。在每小題給出的四個選項中,只有是一個符合題目要求的1.函數f(x)=x﹣ln|x|的圖象為()A. B. C. D.參考答案:B【考點】函數的圖象.【專題】作圖題;數形結合;函數的性質及應用.【分析】易知當x<0時,f(x)=x﹣ln(﹣x)是增函數,從而利用排除法求得.【解答】解:當x<0時,f(x)=x﹣ln(﹣x)是增函數,故排除A,C,D;故選:B.【點評】本題考查了函數的性質的判斷與應用,單調性表述了圖象的變化趨勢.2.已知等比數列的公比為正數,且,,則A.
B.
C.
D.參考答案:B略3.若函數的反函數在定義域內單調遞增,則函數的圖象大致是()
(A)
(B)
(C)
(D)參考答案:D由函數的反函數在定義域內單調遞增,可得a>1,所以函數的圖象在上單調遞增,故選D
4.半徑為的球在一個圓錐內部,它的軸截面是一個正三角形與其內切圓,則圓錐的全面積與球面面積的比是
(
)
A.2∶3
B.3∶2
C.4∶9
D.9∶4參考答案:D5.(5分)已知函數f(x)=sin(ωx+)(ω>0)的最小正周期為π,則該函數的圖象() A. 關于點(,0)對稱 B. 關于直線x=對稱 C. 關于點(,0)對稱 D. 關于直線x=對稱參考答案:A考點: 函數y=Asin(ωx+φ)的圖象變換.專題: 計算題.分析: 先根據最小正周期的值求出w的值確定函數的解析式,然后令2x+=kπ求出x的值,得到原函數的對稱點,然后對選項進行驗證即可.解答: 由函數f(x)=sin(ωx+)(ω>0)的最小正周期為π得ω=2,由2x+=kπ得x=,對稱點為(,0)(k∈z),當k=1時為(,0),故選A點評: 本題主要考查正弦函數的最小正周期的求法和對稱性.6.函數f(x)=ax﹣(a>0,a≠1)的圖象可能是(
)A. B. C. D.參考答案:D【考點】函數的圖象.【專題】函數的性質及應用.【分析】先判斷函數的單調性,再判斷函數恒經過點(﹣1,0),問題得以解決.【解答】解:當0<a<1時,函數f(x)=ax﹣,為減函數,當a>1時,函數f(x)=ax﹣,為增函數,且當x=﹣1時f(﹣1)=0,即函數恒經過點(﹣1,0),故選:D【點評】本題主要考查了函數的圖象和性質,求出函數恒經過點是關鍵,屬于基礎題.7.已知定義在R上的函數f(x),若對于任意x1,x2∈R,且x1≠x2,都有x1f(x1)+x2f(x2)>x1f(x2)+x2f(x1),那么函數f(x)稱為“Ω函數”.給出下列函數:①f(x)=cosx;②f(x)=2x;③f(x)=x|x|;④f(x)=ln(x2+1).其中“Ω函數”的個數是()A.1 B.2 C.3 D.4參考答案:B【考點】函數單調性的性質.【專題】函數思想;綜合法;函數的性質及應用.【分析】根據條件可以得到,對于任意的x1,x2∈R,且x1≠x2,都有(x1﹣x2)[f(x1)﹣f(x2)]>0,從而得出f(x)在R上為增函數,這樣根據余弦函數,指數函數,二次函數,以及對數函數,復合函數的單調性判斷每個函數在R上的單調性,從而便可得出“Ω函數”的個數.【解答】解:對于任意x1,x2∈R,且x1≠x2,x1f(x1)+x2f(x2)>x1f(x2)+x2f(x1)恒成立;∴(x1﹣x2)[f(x1)﹣f(x2)]>0恒成立;∴f(x)在R上為增函數;①f(x)=cosx在R上沒有單調性,∴該函數不是“Ω函數”;②f(x)=2x在R上為增函數,∴該函數是“Ω函數”;③;∴f(x)在[0,+∞)上單調遞增,在(﹣∞,0)上單調遞增,且02=﹣02;∴f(x)在R上為增函數,∴該函數是“Ω函數”;④令x2+1=t,t≥1,則y=lnt在[1,+∞)上單調遞增,而t=x2+1在R上沒有單調性;∴f(x)在R上沒有單調性,∴該函數不是“Ω函數”;∴“Ω函數”的個數是2.故選:B.【點評】考查增函數的定義,余弦函數、指數函數、二次函數,以及對數函數和復合函數的單調性,含絕對值函數的處理方法:去絕對值號,分段函數單調性的判斷.8.將函數的圖象向右平移個單位長度,所得圖象對應的函數解析式是A. B. C. D.參考答案:B【分析】利用三角函數圖像平移原則,結合誘導公式,即可求解.【詳解】函數的圖象向右平移個單位長度得到.故選:B.【點睛】本題考查三角圖像變換,誘導公式,熟記變換原則,準確計算是關鍵,是基礎題.9.已知x1,x2是函數f(x)=e﹣x﹣|lnx|的兩個不同零點,則x1x2的取值范圍是()A.(0,) B.(,1] C.(1,e) D.(,1)參考答案:D解:令f(x)=0得e﹣x=|lnx|,作出y=e﹣x和y=|lnx|的函數圖象如圖所示:由圖象可知,1<x2<e,∴x1x2>,又|lnx1|>|lnx2|,即﹣lnx1>lnx2,∴l(xiāng)nx1+lnx2<0,∴l(xiāng)nx1x2<0,∴x1x2<1.故選D.10.函數的定義域為()A.B.C.D.參考答案:B二、填空題:本大題共7小題,每小題4分,共28分11.若冪函數的圖象過點,則
.參考答案:12.下列表示正確有
(1)
a;
(2);
(3);(4)
;
(5)
;參考答案:(3)(4)(5)14.若,則=
參考答案:
略14.已知分別是的角所對的邊且,點是的內心,若,則__________參考答案:略15.若a為正實數,i為虛數單位,且||=2,則a=.參考答案:【考點】復數代數形式的乘除運算.【分析】根據復數的四則運算以及復數的模長公式進行求解即可.【解答】解:∵||=2,∴|﹣ai+1|=2,即,即a2=3,∵a為正實數,∴a=,故答案為:.16.已知,則
。參考答案:717.若
參考答案:
12三、解答題:本大題共5小題,共72分。解答應寫出文字說明,證明過程或演算步驟18.(12分)已知等差數列中,=29,,問這個數列的前多少項的和最大?并求最大值。參考答案:(方法不唯一,其他方法也可)由S20=S10得2a1+29d=0d=-2,an=a1+(n-1)d=-2n+31Sn==-n2+30n=-(n-15)2+225
∴當n=15時,Sn最大,最大值為225。19.解關于x的不等式:參考答案:原不等式可化為:
即
……2分當時,即,,原不等式的解集為
……3分當時,即,
,,原不等式的解集為
……6分
當時,即,
當時,
,原不等式的解集為
……8分當時,,原不等式的解集為
……10分當時,,原不等式的解集為
……12分20.設與是兩個單位向量,其夾角為60°,且=2+,=﹣3+2.(1)求?;(2)求||和||;(3)求與的夾角.參考答案:考點:平面向量數量積的運算.專題:計算題;平面向量及應用.分析:(1)運用向量的數量積的定義和向量的平方即為模的平方,計算即可得到;(2)運用向量的平方即為模的平方,計算即可得到;(3)運用向量的夾角公式和夾角的范圍,計算即可得到所求值.解答:解:(1)由與是兩個單位向量,其夾角為60°,則=1×=,=(2+)?(﹣3+2)=﹣6+2+?=﹣6+2+=﹣;(2)||====,||====;(3)cos<,>===﹣,由于0≤<,>≤π,則有與的夾角.點評:本題考查平面向量的數量積的定義和性質,考查向量的平方即為模的平方,考查向量的夾角公式的運用,考查運算能力,屬于基礎題.21.已知函數f(x)=ax2+bx+1(a,b∈R).(Ⅰ)若f(﹣1)=0且對任意實數x均有f(x)≥0成立,求實數a,b的值;(Ⅱ)在(Ⅰ)的條件下,當x∈[﹣2,2]時,g(x)=f(x)﹣kx是單調函數,求實數k的取值范圍.參考答案:【考點】函數恒成立問題;函數單調性的性質.【專題】計算題;綜合題.【分析】(Ⅰ)由f(﹣1)=0,可得a﹣b+1=0即b=a+1,又對任意實數x均有f(x)≥0成立,可得恒成立,即(a﹣1)2≤0恒成立,從而可求出a,b的值;(Ⅱ)由(Ⅰ)可知f(x)=x2+2x+1,可得g(x)=x2+(2﹣k)x+1,由g(x)在x∈[﹣2,2]時是單調函數,可得,從而得出,解之即可得出k的取值范圍.【解答】解:(Ⅰ)∵f(﹣1)=0,∴a﹣b+1=0即b=a+1,又對任意實數x均有f(x)≥0成立∴恒成立,即(a﹣1)2≤0恒成立∴a=1,b=2;(Ⅱ)由(Ⅰ)可知f(x)=x2+2x+1∴g(x)=x2+(2﹣k)x+1∵g(x)在x∈[﹣2,2]時是單調函數,∴∴,即實數k的取值范圍為(﹣∞,﹣2]∪[6,+∞).【點評】本題考查了函數的恒成立
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