高中物理高考三輪沖刺 2023年高考?jí)狠S沖刺卷浙江卷（三）物理模擬試題

2023年高考?jí)狠S沖刺卷?浙江卷（三）理科綜合（物理）一、選擇題（本題共4小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的，選對(duì)得6分，多選或選錯(cuò)不得分，總分24分）1．(2023?安陽第二次監(jiān)測(cè)?15)《機(jī)動(dòng)車駕駛證申領(lǐng)和使用規(guī)定》已經(jīng)正式施行，司機(jī)闖黃燈要扣6分，被稱為“史上最嚴(yán)交規(guī)”。某小轎車駕駛員看到綠燈開始閃時(shí)，經(jīng)短暫思考后開始剎車，小轎車在黃燈剛亮?xí)r恰停在停車線上，v一t圖線如圖所示。若綠燈開始閃爍時(shí)小轎車距停車線距離L＝10．5m，則綠燈開始閃爍到黃燈剛亮的時(shí)間t0為（）A．0．5sB．1．5sC．3sD．3．5sF2．（2023?金麗衢第二次聯(lián)考?15）如圖所示，上端固定的細(xì)線下端懸掛一重為G的重物，重物原先處于靜止。小米同學(xué)在物體上作用一個(gè)方向始終水平的力F，使重物足夠緩慢地運(yùn)動(dòng)，關(guān)于細(xì)線能否達(dá)到水平的位置，提出如下的猜想，你認(rèn)為正確的是（）FA．水平力F無論多大都不能使細(xì)線處于水平位置B．只要水平力F始終大于G，細(xì)線就可以達(dá)到水平位置C．只要水平力F逐漸增大，細(xì)線就可以達(dá)到水平位置D．力F有時(shí)可能小于G，但在適當(dāng)?shù)臅r(shí)候大于G，細(xì)線可以達(dá)到水平位置3．(2023?廣東省六校聯(lián)盟第二次聯(lián)考?3)水平足夠長(zhǎng)運(yùn)動(dòng)的皮帶，取向右為速度的正方向。將一物塊P輕輕放上皮帶，之后P最初一段時(shí)間的速度時(shí)間圖像如圖乙，關(guān)于皮帶的運(yùn)動(dòng)情況描述正確的是（）A．可能是向右的勻加速B．可能是向右的勻速C．一定是向左的勻加速D．可能是向左的勻速4．(2023?陜西西工大附中四模?3)如圖所示，細(xì)線的一端固定于O點(diǎn)，另一端系一小球．在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．在此過程中拉力的瞬時(shí)功率變化情況（）A．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大，后減小D．先減小，后增大二、選擇題（本題共3個(gè)小題，在每個(gè)小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全多得3分，有選錯(cuò)的得0分。）5．(2023?西安八校聯(lián)考?19）如圖所示，半徑為尺的一圓柱形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的橫截面，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，磁場(chǎng)外有一粒子源，能沿一直線發(fā)射速度大小不等的在一范圍內(nèi)的同種帶電粒子，帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為，不計(jì)重力．現(xiàn)粒子以沿正對(duì)co中點(diǎn)且垂直于co方向射人磁場(chǎng)區(qū)域，發(fā)現(xiàn)帶電粒子恰能能從bd之間飛出磁場(chǎng)．則（）A．從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最大B．從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最小C．從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最長(zhǎng)D．從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最短6．（2023?撫州五校聯(lián)考二模?9）如圖所示，一平行板電容器C，極板是水平放置的，它和三個(gè)可變電阻、一個(gè)零刻度在中央的靈敏電流計(jì)（左進(jìn)左偏）和電源連成電路，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m的帶電油滴懸浮在兩極板間不動(dòng)，則下列判斷正確的是（）A．增大R3，油滴上升B．增大電容器板間距離的過程中，電流計(jì)指針右偏C．增大R1，R1中電流的變化值大于R3中電流的變化值D．增大R1，R1兩端電壓的變化值大于R3兩端電壓的變化值7．（2023?中山市二?？?18）我國(guó)成功實(shí)施了“神舟”七號(hào)載人航天飛行并實(shí)現(xiàn)了航天員首次出艙。若飛船先沿橢圓軌道1飛行，后在遠(yuǎn)地點(diǎn)343km處點(diǎn)火加速，由橢圓軌道1變成高度為343km的圓軌道2，在圓軌道2上飛船的運(yùn)行周期約為90min。下列判斷正確的是A．飛船變軌前后的機(jī)械能相等B．飛船在圓軌道上時(shí)航天員出艙前后都處于失重狀態(tài)C．飛船在圓軌道2上運(yùn)動(dòng)的角速度等于同步衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的角速度D．正常飛行時(shí)，飛船分別通過軌道1和軌道2的點(diǎn)時(shí)加速度大小一樣三、非選擇題8．(2023?廣東省六校第二次聯(lián)考?13(2))如圖甲所示，是研究小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)裝置，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作周期為T①實(shí)驗(yàn)中，必要的措施是________A．細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行B．小車必須具有一定的初速度C．小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量D．平衡小車與長(zhǎng)木板間的摩擦力②如圖乙所示，A、B、C、D、E、F、G是打好的紙帶上7個(gè)連續(xù)的點(diǎn)。從圖乙中可讀得s6=cm，計(jì)算F點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度大小的計(jì)算式為vF=（用題目中所給量的字母表示）③如圖丙所示，是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的v2—2s圖線（s為各打點(diǎn)至同一起點(diǎn)的距離），由圖線可知：該圖線的斜率表示，其大小為（保留2位有效數(shù)字），單位是9．(2023?南通二調(diào)?10)某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量電阻Rx的阻值．（1）首先，選用歐姆表“×10”擋進(jìn)行粗測(cè)，正確操作后，表盤指針如圖甲所示，則該電阻的測(cè)量值為Ω．甲甲R(shí)xRAVS乙RxRAVS丙（2）接著，用伏安法測(cè)量該電阻的阻值，可選用的實(shí)驗(yàn)器材有：電壓表V（3V，內(nèi)阻約3kΩ）；電流表A（20mA，內(nèi)阻約2Ω）；待測(cè)電阻Rx；滑動(dòng)變阻器R1（0-2kΩ）；滑動(dòng)變阻器R2（0-200Ω）；干電池2節(jié)；開關(guān)、導(dǎo)線若干．在圖乙、圖丙電路中，應(yīng)選用圖（選填“乙”或“丙”）作為測(cè)量電路，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用（選填“R1”或“R2”）．（3）根據(jù)選擇的電路和器材，在圖丁中用筆畫線代替導(dǎo)線完成測(cè)量電路的連接．戊戊SRR0RxR1R2abVAGSRmAV+-_?。?）為更準(zhǔn)確測(cè)量該電阻的阻值，可采用圖戊所示的電路，G為靈敏電流計(jì)（量程很小），R0為定值電阻，R、R1、R2為滑動(dòng)變阻器．操作過程如下：①閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)R2，減小R1的阻值，多次操作使得G表的示數(shù)為零，讀出此時(shí)電壓表V和電流表A的示數(shù)U1、I1；②改變滑動(dòng)變阻器R滑片的位置，重復(fù)①過程，分別記下U2、I2，…，Un、In；③描點(diǎn)作出U-I圖象，根據(jù)圖線斜率求出Rx的值．下列說法中正確的有．A．閉合S前，為保護(hù)G表，R1的滑片應(yīng)移至最右端B．調(diào)節(jié)G表的示數(shù)為零時(shí)，R1的滑片應(yīng)位于最左端C．G表示數(shù)為零時(shí)，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差為零D．該實(shí)驗(yàn)方法避免了電壓表的分流對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響10．(2023·第二次大聯(lián)考【廣東卷】·36)如圖所示，水平放置的輕質(zhì)彈簧左端與豎直墻壁相連，右側(cè)與質(zhì)量的小物塊甲相接觸但不粘連，B點(diǎn)為彈簧自由端，光滑水平面AB與傾角的傾斜面BC在B處平滑連接，OCD在同一條豎直線上，CD右端是半徑的光滑圓弧，斜面BC與圓弧在C處也平滑連接，物塊甲與斜面BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)。現(xiàn)用力將物塊甲緩慢向左壓縮彈簧，使彈簧獲得一定能量后撤去外力，物塊甲剛好能滑到C點(diǎn)，與此同時(shí)用長(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)的小物塊乙從圖示位置靜止釋放，，物塊乙到達(dá)C點(diǎn)時(shí)細(xì)線恰好斷開且與物塊甲發(fā)生正碰，碰撞后物塊甲恰好對(duì)圓弧軌道無壓力，物塊乙恰好從圖中P點(diǎn)離開圓弧軌道，取，，求：（1）撤去外力時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能；（2）小物塊乙的質(zhì)量M和細(xì)線所能承受的最大拉力；（3）兩物塊碰撞過程中損失的能量；（4）小物塊乙落到水平面上時(shí)的速度大小（保留一位有效數(shù)字）。RRBCRL甲乙ADOP11．（金麗衢2023?第二次聯(lián)考?24）如圖，寬度為L(zhǎng)＝0.5m的光滑金屬框架MNPQ固定于水平面內(nèi)，并處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，框架的電阻非均勻分布。將質(zhì)量m＝0.1kg，電阻可忽略的金屬棒ab放置在框架上，并與框架接觸良好。以P為坐標(biāo)原點(diǎn)，PQ方向?yàn)閤軸正方向建立坐標(biāo)。金屬棒從x0＝1m處以v0＝2m/s的初速度，沿x軸負(fù)方向做a＝2m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中金屬棒水平方向僅受安培力作用。求：（1）金屬棒ab運(yùn)動(dòng)0.75m所用的時(shí)間和框架產(chǎn)生的焦耳熱Q；（2）框架中aNPb部分的電阻R隨金屬棒ab的位置x變化的函數(shù)關(guān)系；（3）金屬棒ab沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)過程中通過ab的電量q。LL12．(2023?江西重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考?25)X軸下方有兩個(gè)關(guān)于直線x=－對(duì)稱的沿X軸的勻強(qiáng)電場(chǎng)（大小相等，方向相反）．如圖甲所示．一質(zhì)量為m,帶電量為－q的粒子（不計(jì)重力）．以初速度沿Y軸正方向從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，后從原點(diǎn)O以與過P點(diǎn)時(shí)相同的速度進(jìn)入磁場(chǎng)。粒子過O點(diǎn)的同時(shí)在MN和X軸之間加上按圖乙所示的規(guī)律發(fā)生周期性變化的磁場(chǎng)，規(guī)定垂直紙面向里為正方向。正向磁場(chǎng)與反向磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，且持續(xù)的時(shí)間相同。粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后粒子到達(dá)Q點(diǎn)，并且速度也與過P點(diǎn)時(shí)速度相同。已知P、O、Q在一條直線上與水平方向夾角為θ，且P、Q兩點(diǎn)橫坐標(biāo)分別為、．試計(jì)算：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。?2)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?3)粒子從P到Q的總時(shí)間．物理參考答案及解析1．D【命題立意】本題旨在考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像?！窘馕觥扛鶕?jù)速度--時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移知：解得：故選：D2．A【命題立意】本題旨在考查共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用?！窘馕觥咳粑矬w運(yùn)動(dòng)足夠緩慢，因物體在水平位置受重力和水平方向的拉力及繩子的拉力；由于水平拉力和繩子的拉力的合力沿水平方向；重力沿豎直方向；故重力和拉力的合力永遠(yuǎn)不可能合力為零；故力F無論多大都不能使物體在水平位置平衡，因此細(xì)線不可能處于水平位置，故A正確．BCD錯(cuò)誤。故選：A3.D【命題立意】本題旨在考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像。【解析】根據(jù)圖象可知，物體P向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則P受到的摩擦力方向水平向左，P相對(duì)于傳送帶向右運(yùn)動(dòng)，所以皮帶可能向左勻速運(yùn)動(dòng)，也可能向左勻加速直線運(yùn)動(dòng)，不可能向右運(yùn)動(dòng)，D正確。故選：D4.A【命題立意】本題旨在考查功率、平均功率和瞬時(shí)功率。【解析】因?yàn)樾∏蚴且院愣ㄋ俾蔬\(yùn)動(dòng)，即它是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點(diǎn)．設(shè)繩子與豎直方向夾角是θ，則=tanθ（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上）得：F=Gtanθ而水平拉力F的方向與速度V的方向夾角也是θ，所以水平力F的瞬時(shí)功率是：P=Fvcosθ則：P=Gvsinθ顯然，從A到B的過程中，θ是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時(shí)功率是一直增大的．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤。故選：A5.AD【命題立意】本題旨在考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)?！窘馕觥苛Ｗ釉诖艌?chǎng)中，受到洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示：

圖中Ob為到達(dá)b點(diǎn)的軌跡的圓心，為到達(dá)d點(diǎn)的軌跡的圓心，根據(jù)幾何關(guān)系可知，，到達(dá)d點(diǎn)轉(zhuǎn)過的圓心角比到達(dá)b點(diǎn)的圓心角大，AB、根據(jù)可知，b的半徑最大，d的半徑最小，所以從b點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最大，從d點(diǎn)飛出的帶電粒子的速度最小，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、周期，所以粒子運(yùn)動(dòng)的周期相等，而達(dá)d點(diǎn)轉(zhuǎn)過的圓心角最大，b點(diǎn)轉(zhuǎn)過的圓心角最小，所以d點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最長(zhǎng)，b點(diǎn)飛出的帶電粒子的時(shí)間最短，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：AD6.CD【命題立意】本題旨在考查閉合電路的歐姆定律、電容。【解析】A、增大R3，外電路總電阻增大，總電流I減小，平行板電容器C的電壓UC=IR并，I減小，UC減小，板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受電場(chǎng)力減小，所以油滴下落．故A錯(cuò)誤；B、在增大電容器板間距離的過程中，電容器的電容減小，而電容器的電壓不變，由電容器的電量減小，電容器放電，電流計(jì)指針左偏．故B錯(cuò)誤；CD、增大R1，外電路總電阻增大，總電流I3減小，電阻R3的電壓減小，R1、R2并聯(lián)電壓增大，R2中電流I2增大，則R1中電流I1減小，又I3=I1+I2，所以R1中電流的變化值大于R3中電流的變化值．故C、D正確。故選：CD7.BD【命題立意】本題旨在考查萬有引力與圓周運(yùn)動(dòng)、衛(wèi)星的變軌、牛頓第二定律【解析】橢圓軌道1過P時(shí)做向心運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)萬>mv2r，變軌到圓軌道2過P時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)萬=mv【舉一反三】通過軌道1和軌道2的點(diǎn)時(shí)加速度都是向心加速度嗎？8.①A；②、；③小車加速度的大小、、【命題立意】本題旨在考查研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)?！窘馕觥竣俦緦?shí)驗(yàn)是研究小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，而不是探究加速度與力的關(guān)系，只要保證小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)即可，故BCD沒有必要；若細(xì)線與長(zhǎng)木板不平行，隨著小車向左運(yùn)動(dòng)，細(xì)線與水平方向的夾角增大，小車受到的合外力就會(huì)發(fā)生變化（拉力減小、摩擦力增大），加速度隨之發(fā)生變化，小車做變加速運(yùn)動(dòng)，與實(shí)驗(yàn)要求不符，故必須保證細(xì)線與長(zhǎng)木板平行。②刻度尺的最小刻度為毫米，讀數(shù)時(shí)應(yīng)精確到，；在勻變速直線運(yùn)動(dòng)的某段過程中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度與這段時(shí)間內(nèi)的平均速度相等，故F點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度。③由速度位移關(guān)系得：，圖像的斜率表示小車的加速度：。故答案為：①A；②、；③小車加速度的大小、、9.（1）140；（2）丙、；（3）如圖（4）CD【命題立意】本題旨在考查伏安法測(cè)電阻?！窘馕觥浚海?）歐姆表讀數(shù)=刻度盤讀數(shù)×倍率，讀數(shù)是：（2）由于待測(cè)電阻的電阻值比較大比電流表的內(nèi)阻大得多，所以電流表使用內(nèi)接法；由于兩個(gè)滑動(dòng)變阻器的電阻值都比較大，所以要選擇限流電路．所以實(shí)驗(yàn)電路選擇丙，滑動(dòng)變阻器選擇容易調(diào)節(jié)的變阻器，所以選擇；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理圖，依次連接電路如圖；（4）A．閉合S前，為保護(hù)G表，開始時(shí)的電阻值要最大，所以滑片應(yīng)移至最左端．故A錯(cuò)誤；B．調(diào)節(jié)G表的示數(shù)為零時(shí)，與的滑片的位置無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．該圖實(shí)驗(yàn)的原理是利用惠斯通電橋法，G表示數(shù)為零時(shí)，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差為零．故C正確；D．該實(shí)驗(yàn)方法避免了電壓表的分流對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響．故D正確。故選：CD故答案為：（1）140；（2）丙，；（3）如圖（4）CD10.（1）（2）1kg20N（3）（4）3m/s【命題立意】圓周運(yùn)動(dòng)，能量守恒定律，動(dòng)量守恒定律。【解析】（1）由分析知，甲到C點(diǎn)的速度為零，甲從釋放到C的過程中，由能量守恒定律得：，解得=（2）乙從釋放到C過程中機(jī)械能守恒得：，解得v=3m/s①在C點(diǎn)，對(duì)乙：②對(duì)甲乙碰撞：由動(dòng)量守恒定律得：③對(duì)甲：由牛頓第二定律得：解得=2m/s④對(duì)乙在P點(diǎn)：⑤對(duì)乙從C點(diǎn)到P點(diǎn)的過程，由機(jī)械能守恒定律得：⑥解①∽⑥得:=sM=kg≈1kg=N≈20N（3）由能量守恒定律得：解得：=（4）從C到落地的過程，由機(jī)械能守恒定律得：v乙2解得=3m/s【點(diǎn)撥】正確的運(yùn)動(dòng)分析，特別是“物塊甲恰好對(duì)圓弧軌道無壓力，物塊乙恰好從圖中P點(diǎn)離開圓弧軌道”的含義。11.（1）；（2）；（3）【命題立意】本題旨在考查導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、電流、電壓概念、閉合電路的歐姆定律、安培力。【解析】（1）金屬棒做勻減速運(yùn)動(dòng)，解得：通過受力分析得，金屬棒僅受安培力作用，其大小：金屬棒運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榘才嗔ψ龉α慷韧饨绲哪芰哭D(zhuǎn)化成電能