2023屆天津市寶坻區(qū)等部分區(qū)高一物理第二學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2022-2023學年高一下物理期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)某種熱敏電阻在環(huán)境溫度升高時，電阻會迅速減小．將這種熱敏電阻P接入如圖所示電路，開關閉合．若環(huán)境溫度升高，下列判斷正確的是A．電路的總電阻變大B．流過P的電流變小C．燈泡A變亮D．燈泡B變亮2、(本題9分)如圖所示，A球用細線懸掛且通過彈簧與B球相連，兩球的質量相等，當兩球都靜止時，將懸線燒斷，則下列說法中正確的是A．細線燒斷瞬間，球A的加速度等于球B的加速度B．細線斷后最初一段時間里，重力勢能轉化為動能和彈性勢能C．在下落過程中，兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒D．細線斷后最初一段時間里，動能增量小于重力勢能的減少量3、(本題9分)自由下落的物體，它開始下落全程的高度所用的時間和下落全程所用的時間的比值為（）A．1：2 B．C． D．4、(本題9分)物體做曲線運動的過程中，一定發(fā)生變化的物理量是A．合外力 B．加速度 C．速度 D．動能5、(本題9分)如圖所示,物體從O點由靜止開始做勻加速直線運動,途經A、B、C三點，其中AB=2m，BC=4m．若物體通過AB和BC這兩段位移的時間相等，則O、A兩點之間的距離等于A．m B．m C．2m D．4m6、(本題9分)如圖所示的電路中，A、B是平行板電容器的兩金屬板．先將電鍵S閉合，等電路穩(wěn)定后將S斷開，并將B板向下平移一小段距離，保持兩板間的某點P與A板的距離不變．則下列說法正確的是()A．電容器的電容變小B．電容器內部電場強度大小變大C．電容器兩極板電壓變小D．P點電勢降低7、(本題9分)如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板M、N組成電容器，板N固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板M和靜電計的金屬殼都接地，板M上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（）A．只將板M從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B．只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大C．只將板M從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小D．只在M、N之間插入云母板，靜電計指針張角變大8、雙星系統(tǒng)由兩顆恒星組成，兩恒星在相互引力作用下，分別圍繞其連線上某一點做周期相同的勻速圓周運動．某雙星質量分別為m1、m2，做圓周運動的軌道半徑分別為R1、R2，周期為T，則下列正確的是（）A．兩星質量一定相等 B．兩星質量之和為m1+m2＝C．兩星質量之比為＝ D．兩星質量之比為＝9、(本題9分)關于經典力學、狹義相對論和量子力學，下面說法中正確的是()A．狹義相對論和經典力學是相互對立，互不相容的兩種理論B．在物體高速運動時，物體的運動規(guī)律服從狹義相對論理論，在低速運動時，物體的運動服從牛頓定律C．經典力學適用于宏觀物體的運動，量子力學適用于微觀粒子的運動D．不論是宏觀物體，還是微觀粒子，經典力學和量子力學都是適用的10、(本題9分)平行金屬板、與電源和滑線變阻器如圖所示連接，電源的電動勢為，內電阻為零；靠近金屬板的處有一粒子源能夠連續(xù)不斷地產生質量為，電荷量，初速度為零的粒子，粒子在加速電場的作用下穿過板的小孔，緊貼板水平進入偏轉電場；改變滑片的位置可改變加速電場的電壓和偏轉電場的電壓，且所有粒子都能夠從偏轉電場飛出，下列說法正確的是（）A．粒子的豎直偏轉距離與成正比B．滑片向右滑動的過程中從偏轉電場飛出的粒子的偏轉角逐漸減小C．飛出偏轉電場的粒子的最大速率D．飛出偏轉電場的粒子的最大速率11、(本題9分)質量為的物塊以大小為的速度在光滑水平面上運動，與質量也為的靜止物塊發(fā)生碰撞，碰撞前后兩物體均在同一直線上運動，則碰撞后物塊的速度大小和物塊的速度大小可能為（）A． B．C． D．12、(本題9分)把太陽系各行星的運動近似看做勻速圓周運動，則離太陽越遠的行星()A．周期越小 B．線速度越小 C．角速度越小 D．加速度越小二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)一質量為m=2kg的可以看作質點的物體，僅受到一個變力作用，從靜止開始做變加速直線運動，其加速度a隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，則該物體所受的合外力F隨時間t變化的函數(shù)關系為_______，物體在4s末的動能大小為_____J。14、(本題9分)如圖所示的傳動裝置中，B、C兩輪固定在一起繞同一軸轉動，A、B兩輪用皮帶傳動，三輪半徑關系是rA=rC=2rB；若皮帶不打滑，則A、B、C輪邊緣的a、b、c三點的線速度之比va：vb：vC=__________角速度之比ωa：ωb：ωc=__________；向心加速度之比aa：ab：ac=__________。15、(本題9分)如圖，長為1m的輕桿OA可繞O處鉸鏈在豎直平面內轉動，質量均為1kg的小球固定在A、B兩處，B為桿的中點．若桿在水平位置由靜止起開始自由轉動，不計阻力，轉動30°角時B球的速度為______m/s，此過程中桿對A球做的功為______J．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)質量為m1＝0.10kg和m2＝0.20kg的兩個彈性小球，用輕繩緊緊地捆在一起，以速度υ0＝1m/s沿光滑水平面做直線運動。后來繩子突然自動斷開，斷開后兩球仍沿原直線運動，經時間t＝5.0s后兩球相距s＝4.5m，求當兩球捆在一起時的彈性勢能。17、（10分）小明同學在某高處將一個小球以20m/s的速度沿水平方向拋出，小球經過2s的時間落地。不計空氣阻力作用，重力加速度g＝10m/s2，求：（1）拋出點與落地點在豎直方向的高度差；（2）小球落地時的速度大小，以及速度與水平方向夾角。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

若環(huán)境溫度升高，則熱敏電阻P阻值減小，總電阻減小，總電流變大，路端電壓減小，則燈泡A兩端電壓變大，燈泡A變亮；燈泡B以及熱敏電阻P所在的并聯(lián)之路的電壓減小，燈泡B變暗；通過B的電流減小，總電流變大，則通過P的電流變大；故選項C正確，ABD錯誤；故選C.2、C【解析】A、線斷開前，B球受重力和彈簧拉力，二力平衡，A球受重力，彈簧拉力和細線拉力，三力平衡；細線剛斷開，細線拉力減為零，彈簧彈力不變，故A球立即有加速度，B球加速度為零，故A錯誤；

B、系統(tǒng)下落過程，剛開始時，由于A的加速度大于B的加速度，故彈簧伸長量變小，彈性勢能減小，由于A球、彈簧、B球系統(tǒng)只有重力和彈簧彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，故線斷后最初一段時間里，重力勢能和彈性勢能都轉化為動能，動能的增加量大于重力勢能的減小量，故BD錯誤，C正確．點睛：本題關鍵對兩球受力分析后求出加速度，同時要注意系統(tǒng)機械能守恒，明確重力勢能、動能以及彈性勢能之間的相互轉化關系．3、D【解析】根據(jù)自由落體的運動規(guī)律有，．得，故A、B、C錯誤，D正確；故選D.【點睛】解決本題的關鍵知道自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，掌握勻變速直線運動的運動學公式，并能靈活運用．4、C【解析】

物體做曲線運動的過程中，一定發(fā)生變化的物理量是速度的方向，即速度一定變化，合外力和加速度不一定變化，例如平拋運動；動能不一定變化，例如勻速圓周運動，選項C正確，ABD錯誤.5、A【解析】設物體通過AB、BC所用時間分別為T，則B點的速度為：，根據(jù)△x=aT2得：，則；則.故選A．【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的公式以及推論，并能進行靈活的運用．6、A【解析】因斷開開關，所以電量不變，則由、和，聯(lián)立得：則可知，E與d無關，所以電容器內部電場強度大小不變，故A錯誤；將B板向下平移一小段距離時，板間距離增大，由，可知，電容C減小，故B正確；因電量不變，C減小，則由Q=UC可知，兩板間的電壓變大，故C正確；因E不變，P點與下極板間的距離增大，故P與下極板間的電勢差增大，故P點電勢升高，故D正確；本題選錯誤的，故選A．【點睛】根據(jù)平行板電容器的電容決定式分析電容的變化情況，抓住電容器的電壓不變，由分析板間場強的變化情況，由分析電容器所帶電量的變化，根據(jù)P點與下極板間電勢差的變化，判斷P點電勢的變化．7、AB【解析】試題分析：A、只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確．B、只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B正確．C、只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S變小，根據(jù)C=知，電容減小，根據(jù)U=知電勢差增大，則靜電計指針張角變大．故C錯誤．D、只在M、N之間插入云母板，介電常數(shù)變大，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=知電勢差減小，則靜電計指針張角變?。蔇錯誤．故選AB．考點：電容器的動態(tài)分析．8、BD【解析】

ACD．雙星的周期相等，兩星質量分別為和，都繞連線上O點作周期為的圓周運動,星球1和星球2到O的距離分別為和，由萬有引力定律提供向心力，對于：，對于：，則有兩星質量之比為，兩星質量不一定相等，故選項D正確，AC錯誤；B．由幾何關系知：，聯(lián)立解得：，故選項B正確。9、BC【解析】

經典力學是狹義相對論在低速（v＜＜c）條件下的近似，牛頓經典力學只考慮了空間，而狹義相對論既考慮了空間，也考慮了時間，牛頓經典力學只適用于宏觀低速物體，而微觀、高速物體適用于狹義相對論?！驹斀狻緼項：經典力學是狹義相對論在低速（v＜＜c）條件下的近似，即只要速度遠遠小于光速，經過數(shù)學變換狹義相對論的公式就全部變化為牛頓經典力學的公式，故A錯誤；B項：在物體高速運動時，物體的運動規(guī)律服從狹義相對論理論，在低速運動時，物體的運動服從牛頓定律，故B正確；C、D項：牛頓經典力學只適用于宏觀低速物體，而微觀、高速適用于狹義相對論，故C正確；D錯誤。故選：BC?！军c睛】本題主要考查了狹義相對論和經典力學之間的區(qū)別與聯(lián)系，如果理解不深，就很容易出錯。10、BC【解析】

A．在加速電場中，由動能定理得在偏轉電場中，加速度為則偏轉距離為運動時間為聯(lián)立上式得其中l(wèi)是偏轉極板的長度，d是板間距離。粒子的豎直偏轉距離與成正比，故A錯誤；B．從偏轉電場飛出的粒子的偏轉角的正切值聯(lián)立解得滑片向右滑動的過程中，U1增大，U2減小，可知偏轉角逐漸減小，故B正確；CD．緊貼M板飛出時，電場做功最多，粒子具有最大速率。由動能定理解得故C正確，D錯誤。故選BC。11、BD【解析】

A．碰撞前總動量為，總動能為，根據(jù)若兩球分開后同向運動，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率，可知A錯誤；B．兩球碰撞滿足動量守恒，并且總動能為小于碰撞前的動能，符合題意，B正確；C．兩球動量守恒，動能為大于碰撞前的動能，不符合題意，C錯誤；D．動能兩球動量守恒，動能為小于碰撞前的動能，符合題意，D正確．故選BD?！军c睛】對于碰撞過程，往往根據(jù)三個規(guī)律去分析：一是動量守恒；二是總動能不增加；三是碰后，若兩球分開后同向運動，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．12、BCD【解析】設行星的質量為m，公轉半徑為r，太陽的質量為M，根據(jù)萬有引力提供向心力得：，解得：T=2π，r越大，T越大．故A錯誤．v=，r越大，v越小．故B正確．ω=，可知，r越大，ω越?。蔆正確．a=，r越大，a越小．故D正確．故選BCD．二．填空題(每小題6分，共18分)13、400J【解析】

[1]．根據(jù)牛頓第二定律得：F=ma而根據(jù)圖象可知a=2.5t所以F=5t[2]．加速度圖線與時間軸包圍的面積表示速度的變化量，則物體在4s末的速度大小為：物體在4s末的動能大小為14、1：1：21：2：21：2：4【解析】

由于皮帶不打滑，各處的線速度相等，而同一固定軸上的輪，角速度相等，從而推出各處的線速度，角速度及向心加速度的關系。【詳解】[1]由于A、B兩輪皮帶連接，不打滑，因此a、b兩點線速度相B、C兩輪固定在一起繞同一軸轉動，因此角速度相等又由于rC=2rB因此可得出va：vb：vC=1：1：2[2]由于rA=2rB可得ωb=2ωa因此ωa：ωb：ωc=1：2：2[3]由于向心加速度可得aa：ab：ac=1：2：415、1