《附15套高考模擬卷》上海市閔行區(qū)2020屆高三4月質(zhì)量調(diào)研（二模）考試物理試題含解析

上海市閔行區(qū)2020屆高三4月質(zhì)量調(diào)研（二模）考試物理試題一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某時(shí)刻水平拋出的小球，在r=1s時(shí)的速度方向與水平方向的夾角4=3。，r=2s,其速度方向與水平方向的夾角％=6。.忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,則小球初速度的大小為（ ）10x/3m/sB.10m/s C.5^m/s D.5m/s2、一質(zhì)點(diǎn)做速度逐漸增大的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間間隔t內(nèi)位移為s,速度變?yōu)樵瓉淼?倍，該質(zhì)點(diǎn)的加速度為（）3、如圖所示，木箱置于水平地面上，一輕質(zhì)彈簧一端固定在木箱頂部，另一端系一小球，小球下端用細(xì)線拉緊固定在木箱底部。剪斷細(xì)線，小球上下運(yùn)動(dòng)過程中木箱剛好不能離開地面。已知小球和木箱的質(zhì)量相同，重力加速度大小為g,若1°時(shí)刻木箱剛好不能離開地面，下面說法正確的是時(shí)刻小球加速度為零%時(shí)刻就是剛剪斷細(xì)線的時(shí)刻D.九時(shí)刻小球的加速度為2g4、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R。金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下（方向不變），現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止。下列說法正確的是（ ）A.ab中的感應(yīng)電流方向由b到aB.電阻R的熱功率逐漸變小ab所受的安培力逐漸減小ab所受的靜摩擦力保持不變5、某空間區(qū)域有豎直方向的電場(chǎng)（圖甲中只畫出了一條電場(chǎng)線），一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，在電場(chǎng)中從A點(diǎn)由靜止開始沿電場(chǎng)線豎直向下運(yùn)動(dòng)，不計(jì)一切阻力，運(yùn)動(dòng)過程中小球的機(jī)械能E與小球位移x關(guān)系的圖象如圖乙所示，由此可以判斷（A.小球所處的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向向下B.小球所處的電場(chǎng)為非勻強(qiáng)電場(chǎng)，且場(chǎng)強(qiáng)不斷減小，場(chǎng)強(qiáng)方向向上C.小球可能先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)D.小球一定做加速運(yùn)動(dòng)，且加速度不斷減小6,兩根相互平行的水平放置長(zhǎng)直導(dǎo)線分別通有方向相同的電流1>和h,且L>L;有一電流元IL與兩導(dǎo)線均平行，且處于兩導(dǎo)線的對(duì)稱面上，導(dǎo)線某一橫截面所在平面如圖所示，則下列說法正確的是（ ）A.電流元所處位置的磁場(chǎng)方向一定豎直向下B.電流元所處位置的磁場(chǎng)方向一定水平向右C.要使電流元平衡，可在電流元正上方某位置加一同向通電導(dǎo)線D.如果電流元在所處位置受的安培力為F,則兩導(dǎo)線在該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=￡二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖1所示，質(zhì)量m=lkg的滑塊在水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，在對(duì)滑塊施加一水平方向拉力F和不對(duì)滑塊施加水平拉力F的兩種情況下，滑塊運(yùn)動(dòng)的——x圖像如圖2所示，下列判斷正確的是（ ）IX圖2A.水平拉力大小一定等于1NB.滑塊所受的摩擦力大小可能等于2NC.滑塊受水平拉力時(shí)的圖像可能是aoD.滑塊不受水平拉力時(shí)的圖像一定是a8、如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為N、電阻不計(jì)的正方形線圈abed,在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞轉(zhuǎn)軸OO,以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，軸OO”垂直于磁感線，制成一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)，它與理想變壓器的原線圈連

接，變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：2,二極管的正向電阻為零，反向電阻無窮大，從正方形線圈處于圖示位置開始計(jì)時(shí)，下列判斷正確的是（）A.交流發(fā)電機(jī)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBwL2cos3tB.變壓器的輸入功率與輸出功率之比為2：1C.電壓表V示數(shù)為NB31?D.若將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，電流表和電壓表示數(shù)均變小9、如圖所示為一列沿A軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波/=Is時(shí)刻波形圖，該時(shí)刻M點(diǎn)開始振動(dòng)，再過1.5s,N點(diǎn)開始振動(dòng)。下列判斷正確的是o7[B.質(zhì)點(diǎn)A/的振動(dòng)方程y=0.5sin（2m+5）C.質(zhì)點(diǎn)M、N相位相差是7D.r=0.5s時(shí)刻，x=1.0m處質(zhì)點(diǎn)在波峰E.r=2.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M、N與各自平衡位置的距離相等10、如圖所示，兩個(gè)帶電小球A、B分別處于光滑絕緣的豎直墻面和斜面上，且在同一豎直平面內(nèi)，用水平向左的推力F作用于B球，兩球在圖示位置靜止，現(xiàn)將B球沿斜面向下移動(dòng)一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之向上移動(dòng)少許，兩球在新位置重新平衡，重新平衡后與移動(dòng)前相比，下列說法正確的是（ ）A.推力F變小 B.斜面對(duì)B的彈力不變C.墻面對(duì)A的彈力不變 D.兩球之間的距離減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、測(cè)定一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，電路如圖甲所示，MN為一段粗細(xì)均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻Ro=l.O。。調(diào)節(jié)滑片P,記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)1及對(duì)應(yīng)的PN長(zhǎng)度x,繪制了U-1圖像如圖乙所示。⑴由圖乙求得電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=⑵實(shí)驗(yàn)中由于電表內(nèi)阻的影響，電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值 其真實(shí)值（選填“大于”、“等于”或“小于⑶根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可繪出與圖像，如圖丙所示。圖像斜率為k,電阻絲橫截面積為S,可求得電阻絲的電阻率p=,電表內(nèi)阻對(duì)電阻率的測(cè)量 （選填“有”或“沒有”）影響。12、某同學(xué)在《探究彈力和彈簧伸長(zhǎng)關(guān)系》的實(shí)驗(yàn)中，用完全相同的彈簧A和B并聯(lián)后上端固定，下端與長(zhǎng)木板相連，長(zhǎng)木板帶掛鉤和指針總重2N,右邊有一米尺，零刻度與彈簧上端對(duì)齊，現(xiàn)在在掛鉤上掛不同個(gè)數(shù)的夠嗎，測(cè)得數(shù)據(jù)如下表：鉤碼重力ONIN2N3N指針對(duì)齊刻度11cm12cm13cm14cm（1）每根彈簧的原長(zhǎng)為cm,每根彈簧的勁度系數(shù)為N/m；（2）若將A、B彈簧串聯(lián)起來使用，它們整體的勁度系數(shù)為.A.25N/m B.100N/m C.50N/m D.200N/m四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、如圖所示，一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶以速度v=2m/s勻速運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為皿=1kg的小物塊P和質(zhì)量為m2=1.5kg的小物塊Q由通過定滑輪的輕繩連接，輕繩足夠長(zhǎng)且不可伸長(zhǎng).某時(shí)刻物塊P從傳送帶左端以速度vo=4m/s沖上傳送帶，P與定滑輪間的繩子水平.已知物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)產(chǎn)0.5,重力加速度為g=10m/s2,不計(jì)滑輪的質(zhì)量與摩擦，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊Q都沒有上升到定滑輪處.求：(1)物塊P剛沖上傳送帶時(shí)的加速度大??；(2)物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠(yuǎn)處的過程中，PQ系統(tǒng)機(jī)械能的改變量；⑶若傳送帶以不同的速度v(0<v<v。)勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)v取多大時(shí)物塊P向右沖到最遠(yuǎn)處時(shí)，P與傳送帶間產(chǎn)生的摩擦生熱最??？其最小值為多大？14、兩根長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣輕桿組成直角支架，電量分別為+q、-q的兩個(gè)帶電小球A、B固定在支架上，整個(gè)裝置處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度為E。在電場(chǎng)力之外的力作用下，整體在光滑水平面內(nèi)繞豎直軸O以角速度“順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，圖為其俯視圖。不計(jì)兩球之間因相互吸引而具有的電勢(shì)能。試求：(1)在支架轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中，外力矩大小的變化范圍。(2)若從A球位于C點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，一段時(shí)間內(nèi)(小于一個(gè)周期)，電場(chǎng)力之外的力做功W等于B球電勢(shì)能改變量，求W的最大值。(3)在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中什么位置兩球的總電勢(shì)能變化最快？并求出此變化率。B15、如圖，在水平固定放置的汽缸內(nèi)，用不漏氣的輕質(zhì)活塞封閉有一定量的理想氣體，開有小孔的薄隔板將氣體分為A、B兩部分.活塞的橫截面積為S,與汽缸壁之間無摩擦.初始時(shí)A、B兩部分體積相同，(1)加熱氣體，使A、B兩部分體積之比達(dá)到1:2,求此時(shí)的溫度r；(2)將氣體溫度加熱至2T,然后在活塞上施加一向左的水平恒力F=5p￡,推動(dòng)活塞，直至最終達(dá)到平衡,推動(dòng)活塞過程中溫度始終維持2T不變，求最終氣體壓強(qiáng)p\參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】【詳解】將小球在r=1s時(shí)和r=2s時(shí)的速度分解，如圖所示：則有tanq=—,tan&=%%又因?yàn)?=%+g(2s_ls)解得%=55/3m/s選項(xiàng)C項(xiàng)正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。2、C【解析】【分析】根據(jù)速度倍數(shù)關(guān)系，結(jié)合位移公式和平均速度公式即可求得初速度速度，再由加速度的定義求得質(zhì)點(diǎn)的加速度。本題是勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的直接運(yùn)用，要注意正確利用平均速度公式分析速度與位移間的關(guān)系，同時(shí)明確加速度的定義即可正確求解?！驹斀狻吭O(shè)初速度為v,則末速度為2v。由平均速度公式可得_v+2vsv= =—2t由加速度公式可得Av2v-vva=——= =一Ztt聯(lián)立解得。=勺，故C正確，ABD錯(cuò)誤。3產(chǎn)故選C。3、D【解析】【詳解】小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)木箱恰好不能離開地面，此時(shí)小球速度為零，對(duì)木箱受力分析有：F=Mg,對(duì)小球受力分析有：mg+尸=ma又F=F，M=m,解得：m+Mca= g=2gmA.A項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故A錯(cuò)誤；B.B項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故B錯(cuò)誤；C.C項(xiàng)與上述分析結(jié)論不相符，故C錯(cuò)誤；D.D項(xiàng)與上述分析結(jié)論相符，故D正確。4、C【解析】【分析】【詳解】A.磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，磁通量減小，根據(jù)楞次定律得，ab中的感應(yīng)電流方向由a到b,故A錯(cuò)誤；B.由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，則感應(yīng)電流不變，由公式P=可知，電阻R的熱功率不變，故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)安培力公式F=BIL知，電流I不變，B均勻減小，則安培力減小，故C正確；D.導(dǎo)體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡，則f=F安培力減小，則靜摩擦力減小，故D錯(cuò)誤。故選C。5、B

【解析】【分析】【詳解】AB.由乙圖中機(jī)械能E與小球位移x關(guān)系可知，機(jī)械能減小，因?yàn)闄C(jī)械能減小，說明除重力之外的力對(duì)物體做負(fù)功，可得電場(chǎng)力做負(fù)功，因此，電場(chǎng)力方向豎直向上，小球帶正電荷，所受電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向一致，即場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上，又根據(jù)E-x圖線斜率的絕對(duì)值越來越小，說明電場(chǎng)力越來越小，電場(chǎng)強(qiáng)度越來越小，故A錯(cuò)誤，B正確；C.帶正電小球所受合外力等于重力減去電場(chǎng)力，電場(chǎng)力不斷減小，則合外力不斷變大，加速度不斷變大,說明小球做加速度越來越大的變加速運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選B。6,D【解析】【分析】【詳解】AB.根據(jù)安培定則及磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量疊加，又由于4>4,可得電流元所處位置的磁場(chǎng)方向斜向右下,故A、B錯(cuò)誤；C.根據(jù)同向電流互相吸引，可判斷要使電流元平衡，可在電流元右上方某位置加一同向通電導(dǎo)線，故C錯(cuò)誤；D.電流元在該處與磁場(chǎng)方向垂直，而受到的力為尸，所以根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義可知兩導(dǎo)線在該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為,FB=—IL故D正確；故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得()分。7、ABC【解析】【詳解】由題圖2可知，。圖線對(duì)應(yīng)滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為V2V2%二五 m/s2=lm/s22x18b圖線對(duì)應(yīng)滑塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為若滑塊受到的拉力與I，方向相同，則f-F=malf=ma2解得/=2NF=1N若滑塊受到的拉力與u方向相反，則/4-F=于=ma、解得/=1NF=1N則滑塊受水平拉力時(shí)的圖像可能是a,也可能是b。選項(xiàng)ABC正確，D錯(cuò)誤。故選ABC.8、AC【解析】【詳解】A.從垂直于中性面時(shí)開始時(shí)，矩形線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBL2(ocoswt故A正確；B.變壓器的輸入與輸出功率之比為1：1,故B錯(cuò)誤；C.交流電在一個(gè)周期內(nèi)有半個(gè)周期通過二極管，次級(jí)交流電壓的最大值等于U2m=2NBwL2根據(jù)電流的熱效應(yīng)可得2_2m_\2U=NB(oL2故C正確;

D.當(dāng)P位置向下移動(dòng)，R增大，根據(jù)理想變壓器的變壓原理知輸出電壓即電壓表V的示數(shù)不變，電阻消耗的功率變小，故電流表示數(shù)變小，故D錯(cuò)誤。故選AC.【解析】【詳解】A.質(zhì)點(diǎn)M和N相距6m,波的傳播時(shí)間為1.5s,則波速:Axv=——ArAxv=——Ar12-61.5m/s=4m/s,故A正確;B.波長(zhǎng)入=4m,根據(jù)波長(zhǎng)、波速和周期的關(guān)系可知周期為：T=—=1s,v圓頻率：21c.,a)=——=2乃rad/s,T質(zhì)點(diǎn)M起振方向向上，t=ls時(shí)開始振動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)方程為y=0.5sin(2nt-27r),故B錯(cuò)誤；C.相隔半波長(zhǎng)奇數(shù)倍的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，相位相差為“，質(zhì)點(diǎn)M、N相隔1.53故相位相差”，故C正確；t=0.5s=0.5T,波傳播到x=4.0m處，此時(shí)x=1.0m處質(zhì)點(diǎn)處于波谷，故D錯(cuò)誤；t=2.5s=2.5T,N點(diǎn)開始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)M、N相隔1.53振動(dòng)情況完全相反，故質(zhì)點(diǎn)M、N與各自平衡位置的距離相等，故E正確。故選ACE.10、AB【解析】【詳解】CD.先對(duì)小球A受力分析，受重力、支持力、靜電力，如圖所示:根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：「mg口.4= ,Fn=mgtanacosa由于。減小，可知墻面對(duì)A的彈力變小，庫(kù)侖力減小，故兩球間距增加，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤;AB.對(duì)AB整體受力分析，受重力、斜面支持力N、墻壁支持力Fn、推力F,如圖所示:

NNGW根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有Nsin/3+F=FnNcos/3=(m+M)g解得F=mgtana—(〃?+")gtanPN=(M+Mgcos/3由于。減小，夕不變，所以推力F減小，斜面對(duì)B的彈力N不變，選項(xiàng)AB正確。故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.49 0.45小于kS沒有【解析】【詳解】由閉合電路歐姆定律可知U=E-I(r+Ro)則可知圖2中的圖象與縱坐標(biāo)間的交點(diǎn)表示電動(dòng)勢(shì)，故E=1.49V；圖象的斜率表示(r+Ro),則「+以=1.49-1.2「+以=1.49-1.20.20=1.45。解得r=l.45-1.0=0.4552⑵網(wǎng)由圖示可知，伏安法測(cè)電阻相對(duì)于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測(cè)量值偏小，當(dāng)外電路短路時(shí)，電流測(cè)量值等于真實(shí)值，電源的U-I圖象如圖所示由圖象可知，電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值小于真實(shí)值，電源內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值。(3)[4][5]根據(jù)歐姆定律可知，電阻則可知k=Bs解得p=kS若考慮電流表的內(nèi)阻，則系=告-/?\,則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒有影響。12、9cm50N/mA【解析】【詳解】根據(jù)力的平衡，有G=2k(L-l^)把G=2N時(shí)，L=llcm與G=3N時(shí)，L=12cm代入解得Lo=9cmk=50N/m(2)[3]將A、B彈簧串聯(lián)起來使用，當(dāng)拉力為F時(shí)，每個(gè)彈簧的形變量為x,整體形變量為2x,由F=kx,可得整體的勁度系數(shù)2x2x2=25N/m故填A(yù)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。4 1013、(l)8m/s2(2)AE=-L25J(3)v=-m/s,g,nin=—J【解析】【分析】【詳解】(D物塊P剛沖上傳送帶時(shí)，設(shè)PQ的加速度為,輕繩的拉力為耳因P的初速度大于傳送帶的速度，則P相對(duì)傳送帶向右運(yùn)動(dòng)，故P受到向左的摩擦力作用對(duì)P由牛頓第二定律得6+〃gg=m1at對(duì)Q受力分析可知，在豎直方向受向下的重力和向上的拉力作用由牛頓第二定律得62g =62。1聯(lián)立解得at=8m/s2P先減速到與傳送帶速度相同，設(shè)位移為』，則v^-v242-22…x=- = m=0.75m2a} 2x8共速后，由于摩擦力/=〃仍g=5N<m2g=15N故P不可能隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，繼續(xù)向右減速，摩擦力方向水平向右設(shè)此時(shí)的加速度為的,輕繩的拉力為尸2對(duì)P由牛頓第二定律得F2—/jniyg=701a之對(duì)Q由牛頓第二定律得m-,g—F2=m^a-,聯(lián)立解得a2=4m/s2設(shè)減速到0位移為工2,則v222八= = m=0.5m~2%2x4PQ系統(tǒng)機(jī)械能的改變量等于摩擦力對(duì)P做的功AE=—pinygx14-/nmgx2——1.25J(3)第一個(gè)減速過程，所用時(shí)間_v0—v_4—v—=a,8P運(yùn)動(dòng)的位移為v+vn16-v2x.= 1.= '21 16皮帶運(yùn)動(dòng)的位移為4v-v28第二個(gè)減速過程，所用時(shí)間VV(2=^=4P運(yùn)動(dòng)的位移為x",上1228皮帶運(yùn)動(dòng)的位移為7, VX2=Vt2=—?jiǎng)t整個(gè)過程產(chǎn)生的熱量5(3v2-8v-16)Q=〃班g(X-W)+〃町g(芯一％')=- - 4 10當(dāng)U= 時(shí)，Qmin=1J14、(1)0-qEL(2)W=-2qEL(3)OA桿與電場(chǎng)線平行時(shí)，電勢(shì)能變化最快，變化率qE<oL【解析】【詳解】(1)設(shè)OA與電場(chǎng)線夾角。，電場(chǎng)力矩與外力矩平衡，外力矩：M=qELsin0-qE(Lsin0+Lcos0)=-qELcos0,故外力矩大小的變化范圍為0~qEL(2)支架勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得W+W電場(chǎng)力=0,根據(jù)題意W=AEpb,得W"力=-AEpB，電場(chǎng)力做功僅改變了B球電勢(shì)能，所以A球電勢(shì)能變化為零，則A球在這段時(shí)間初末應(yīng)在同一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)B球前后位置關(guān)系，得：W=-2qEL；⑶因?yàn)殡妶?chǎng)力做功等于電勢(shì)能改變量，所以電勢(shì)能變化最快的位置應(yīng)是電場(chǎng)力功率最大的位置。設(shè)OA與電場(chǎng)線夾角6,由公式P=B，有電場(chǎng)力功率：P=qEa)Lcos(—+。)一qEcoyflLcos( 。)=qEcoLcos0,2 4顯然在一周內(nèi)8=0或汗時(shí)有最值，即OA桿與電場(chǎng)線平行時(shí)，電勢(shì)能變化最快。為變化率qEwL可能存在的另一類解法：以O(shè)A與電場(chǎng)線平行，A在右端位置為t=0,以任意位置為零電勢(shì)，均能得到整體電勢(shì)能Ep=qELsin((ot),求導(dǎo)得電勢(shì)能變化率=qEo)Lcos(st),顯然一周內(nèi)=0或加時(shí)有最值，即OA桿與電場(chǎng)線平行時(shí)，電勢(shì)能變化最快。變化率qEsL。15、(1)V=1.5T(2)pr=4pi【解析】【詳解】(1)設(shè)A的體積為V,則初狀態(tài)A、B總體積為2V,末狀態(tài)總體積為3V由蓋一呂薩克定律得：2V_3V不一〒解得Tr=1.5T.(2)假設(shè)活塞被推至隔板時(shí)氣體壓強(qiáng)為p,pox2v_p^yT~2T解得Fp?=4pi<—s由此可以判斷，活塞一直被推至隔板，此后氣體體積、溫度均不變，則壓強(qiáng)不再改變，p'=4pi.點(diǎn)睛：已知初末狀態(tài)的體積，由蓋呂薩克定律可求得后來的溫度；由理想氣體狀態(tài)方程可求得臨界壓強(qiáng)值,比值臨界壓強(qiáng)與壓力壓強(qiáng)的關(guān)系，可分析活塞的位置，進(jìn)而求得最終的壓強(qiáng).2019-2020高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個(gè)相同的燈泡a、b和電阻不計(jì)的線圈L（有鐵芯）與電源E連接，下列說法正確的是S閉合瞬間，a燈發(fā)光b燈不發(fā)光S閉合，a燈立即發(fā)光，后逐漸變暗并熄滅S斷開，b燈“閃”一下后熄滅S斷開瞬間，a燈左端的電勢(shì)高于右端電勢(shì)2、下列說法正確的是（）A.氫原子從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長(zhǎng)小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光光子的波長(zhǎng)B.結(jié)合能越大，原子核結(jié)構(gòu)一定越穩(wěn)定C.根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個(gè)光子后，氫原子的電勢(shì)能增大，核外電子的運(yùn)動(dòng)動(dòng)能減小D.原子核發(fā)生U衰變生成的新核原子序數(shù)增加3、P、Q兩種不同波長(zhǎng)的光，以相同的入射角從玻璃射向空氣，P光發(fā)生全反射，Q光射入空氣，則（ ）A.玻璃對(duì)P光的折射率小于對(duì)Q光的折射率B.玻璃中P光的波長(zhǎng)大于Q光的波長(zhǎng)C.玻璃中P光的速度大于Q光的速度D.P光的光子能量大于Q光的光子能量4、如圖所示為兩輛汽車同時(shí)同地沿同一平直的公路同向行駛時(shí)，通過DIS系統(tǒng)在計(jì)算機(jī)中描繪出的速度時(shí)間圖像。則下列說法正確的是（ ）Av/（ms-1）NA.汽車A的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，汽車B的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線ti時(shí)刻兩輛汽車相遇ti時(shí)刻汽車A的加速度大于汽車B的加速度D.在0~h時(shí)間內(nèi)，兩輛汽車之間的距離增大后減小5、用相同頻率的光照射兩塊不同材質(zhì)的金屬板M、N,金屬板M能發(fā)生光電效應(yīng)，金屬板N不能發(fā)生光電效應(yīng)。貝！I( )A.金屬板M的逸出功大于金屬板N的逸出功B.若增加光的照射強(qiáng)度，則金屬板N有可能發(fā)生光電效應(yīng)C.若增加光的照射強(qiáng)度，則從金屬板M中逸出的光電子的最大初動(dòng)能會(huì)增大D.若增加光的照射強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)從金屬板M中逸出的光電子數(shù)會(huì)增加6,放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運(yùn)動(dòng)。拉力F和物A.第1s內(nèi)物塊受到的合外力為0.5NB.物塊的質(zhì)量為11kgC.第Is內(nèi)拉力F的功率逐漸增大D.前3s內(nèi)物塊機(jī)械能一直增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法正確的是A.一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)變小時(shí)，分子間的平均距離可能變小B.晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，是由于組成晶體的微粒在空間排列不規(guī)則C.物體內(nèi)能改變時(shí)，其溫度一定變化D.機(jī)械能可通過做功全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但內(nèi)能一定不能通過做功全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其它的變化E.將0.05mL濃度為0.02%的油酸酒精溶液滴入水中，測(cè)得油膜面積為20cm則可測(cè)得油酸分子的直徑為5x10%!8、如圖所示，質(zhì)量為n的木塊和質(zhì)量為nv的長(zhǎng)木板登放在水平地面上.現(xiàn)對(duì)木塊施加一水平向右的拉力F,木塊在長(zhǎng)木板上滑行，長(zhǎng)木板始終靜止.已知木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為陽(yáng)，長(zhǎng)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卬，且最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等.貝U()A.陽(yáng)一定小于四B.陽(yáng)可能大于卬C.改變F的大小，F(xiàn)>R(mi+m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板將開始運(yùn)動(dòng)D.改F作用于長(zhǎng)木板，F(xiàn)>(jii+>i2)(mi+m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開始相對(duì)滑動(dòng)9、在x軸上固定有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q卜Q2,其靜電場(chǎng)的電勢(shì)(p在x軸上分布如圖所示。下列說法中正確的有()Q,和Q2帶同種電荷xi處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C.負(fù)電荷從XI沿X軸移到X2.電勢(shì)能逐漸減小D.負(fù)電荷從XI沿X軸移到X2,受到的電場(chǎng)力逐漸減小，10,如圖甲所示，水平地面上有足夠長(zhǎng)平板車M,車上放一物塊m,開始時(shí)M、m均靜止。t=0時(shí)，車在外力作用下開始沿水平面向右運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖乙所示，已知物塊與平板車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,取g=10m/s2o下列說法正確的是( )0-6s內(nèi)，m的加速度一直保持不變m相對(duì)M滑動(dòng)的時(shí)間為3s0-6s內(nèi)，m相對(duì)M滑動(dòng)的位移的大小為4m0-6s內(nèi)，m、M相對(duì)地面的位移大小之比為3：4三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。n、圓柱形陶瓷元器件表面均勻鍍有一層導(dǎo)電薄膜，已知導(dǎo)電薄膜電阻率為0,為了測(cè)量該薄膜厚度，某同學(xué)使用銅絲緊繞在元件表面，銅絲繞制成圓形，圓柱體軸線垂直于銅絲圓面，制成電極A、B,如圖甲所示(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量元件的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，其讀數(shù)為mm.(2)為了測(cè)量元件電阻，某同學(xué)首先使用多用電表對(duì)元件粗測(cè)，元件電阻約為10C,現(xiàn)需準(zhǔn)確測(cè)量電阻阻值，可供器材如下A.被測(cè)元件&(阻值約10。)B.直流電源(電動(dòng)勢(shì)約6V,內(nèi)阻約3。)C.電流表A1(量程0?0.6A,內(nèi)阻約基2)D.電壓表V1(量程0~2V,內(nèi)阻R,=1()()℃)E.電壓表V2(量程0~12V,內(nèi)阻約5000Q)F.定值電阻凡(=2000Q)G滑動(dòng)變阻器飛(020C)H.滑動(dòng)變阻器&(01(X)Q)I.電鍵、導(dǎo)線等①在可供選擇的器材中，已經(jīng)選擇A、B、C、I除此之外，應(yīng)該選用(填寫序號(hào))②根據(jù)所選器材，在圖丙方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖 ③需要測(cè)量的物理量 ,請(qǐng)用上述物理量表示被測(cè)電阻&=.(3)為了測(cè)量薄膜厚度還需要測(cè)量的物理量為.(4)若被測(cè)元件電阻為/?,元件直徑為d,電阻率為0,請(qǐng)結(jié)合使用⑶物理量表示薄膜厚度Ad=12、某同學(xué)利用多用表測(cè)量分壓電路電阻的變化范圍，按如下步驟測(cè)量：(D選用歐姆檔x10倍率，先將表筆短接調(diào)零，再如圖甲所示，將表筆接到分壓電路兩端，從滑片移動(dòng)到最右端開始進(jìn)行測(cè)量，如圖乙所示，根據(jù)指針位置，電阻讀數(shù)為(2)將滑片逐漸滑動(dòng)到最左端而不做其他變動(dòng)，移動(dòng)過程中讀數(shù)變化情況是一A.增大B.減小C.先增大后減小D.先減小后增大(3)記錄下整個(gè)過程中讀數(shù)的最小值為24Q,得到電阻的變化范圍.這樣測(cè)量的最小值的方法是否合理？若合理，寫出電阻變化范圍；若不合理，說明應(yīng)如何改正—.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、底面積為S,高度為L(zhǎng),導(dǎo)熱性能良好的氣缸豎直放置，氣缸開口向上，用一質(zhì)量可忽略不計(jì)的活塞封閉了一定質(zhì)量的氣體，穩(wěn)定時(shí)活塞恰好位于氣缸口處。一位同學(xué)把某種液體緩慢地倒在活塞上，使活塞沿氣缸壁無摩擦的緩慢向下移動(dòng)，已知大氣壓強(qiáng)為Po=LOxlO5pa,環(huán)境溫度保持不變。求：⑴若某種液體為水，為了滿足題意，氣缸的高度L應(yīng)滿足什么條件？(p*=1.0xl03kg/m3)(2)若某種液體為水銀，氣缸高度L=2.0m,則活塞下降的高度h為多少時(shí)就不再下降？(p**=13.6xl03kg/m3)14、如圖所示，4、8兩板間的電壓為U(>。M>N兩平行金屬板長(zhǎng)為2d,兩板間距為2d,電壓為U.QP的右側(cè)有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)寬度為［++ 一束初速度為0、電荷量的范圍為q~4q、質(zhì)量的范圍為?4m的帶負(fù)電粒子由S無初速度射出后，先后經(jīng)過兩個(gè)電場(chǎng)，再?gòu)腗、N兩平行金屬板間(緊貼M板)越過界面QP進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域。若其中電荷量為，/、質(zhì)量為m的粒子恰從M、N兩板間的中點(diǎn)C進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域。求解下列問題(不計(jì)重力)：(1)證明：所有帶電粒子都從C點(diǎn)射出(2)若粒子從QP邊界射出的速度方向與水平方向成45角，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在什么范圍內(nèi)，才能保證所有粒子均不能從邊射出？15、如圖所示，空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，有一對(duì)光滑平行金屬導(dǎo)軌，處于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，導(dǎo)軌間距L=lm,電阻可忽略不計(jì).質(zhì)量均為m=lkg,電阻均為R=2.5C的金屬導(dǎo)體棒MN和PQ垂直放置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌接觸良好.先將PQ暫時(shí)鎖定，金屬棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由靜止開始以加速度a=0.4m/s2向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，5s后保持拉力F的功率不變，直到棒以最大速度Vm做勻速直線運(yùn)動(dòng).TOC\o"1-5"\h\zP NX X X X X X XB —?FX X X X X X XQ M(1)求棒MN的最大速度Vm；(2)當(dāng)棒MN達(dá)到最大速度vm時(shí)，解除PQ鎖定，同時(shí)撤去拉力F,兩棒最終均勻速運(yùn)動(dòng).求解除PQ棒鎖定后，到兩棒最終勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，電路中產(chǎn)生的總焦耳熱.⑶若PQ始終不解除鎖定，當(dāng)棒MN達(dá)到最大速度vm時(shí)，撤去拉力F,棒MN繼續(xù)運(yùn)動(dòng)多遠(yuǎn)后停下來？（運(yùn)算結(jié)果可用根式表示）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】【詳解】A.閉合開關(guān)瞬間，兩小燈泡均有電流流過，同時(shí)發(fā)光，A錯(cuò)誤；B.閉合開關(guān)瞬間，a燈立即發(fā)光，根據(jù)楞次定律可知線圈中產(chǎn)生的阻礙原電流變大的感應(yīng)電流逐漸減小至0,因?yàn)閍燈和線圈并聯(lián)，所以通過線圈的電流逐漸增大，通過a燈的電流逐漸減小，亮度逐漸減小，因?yàn)榫€圈電阻不計(jì)，所以穩(wěn)定時(shí)a燈被短路，最后熄滅，B正確；C.斷開開關(guān)瞬間，b燈斷路無電流流過，立即熄滅，C錯(cuò)誤；D.斷開開關(guān)瞬間，根據(jù)楞次定律可知，通過線圈的電流水平向右，所以線圈作為感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)右端電勢(shì)高于左端，所以a燈右端的電勢(shì)高于左端，D錯(cuò)誤。故選B。2、D【解析】【詳解】A.根據(jù)紇,-七=切=〃：可知，從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的能量小于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的能量，根據(jù)波長(zhǎng)與頻率成反比，則從能級(jí)3躍遷到能級(jí)2輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B.比結(jié)合能越大，原子核的結(jié)構(gòu)越穩(wěn)定，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)玻爾理論可知，氫原子輻射出一個(gè)光子的過程中，電子半徑減小，庫(kù)侖力做正功，氫原子的電勢(shì)能減小，根據(jù)庫(kù)侖力提供向心能減小，根據(jù)庫(kù)侖力提供向心力尸=可知核外電子的運(yùn)動(dòng)速度增大，所以核外電子的運(yùn)動(dòng)動(dòng)能增大,故C錯(cuò)誤；D.P衰變的本質(zhì)是原子核中的中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子從原子核中被噴射導(dǎo)致新核的質(zhì)量數(shù)不變，但核電荷數(shù)變大，即原子序數(shù)增加，故D正確；3、D【解析】【分析】【詳解】A.根據(jù)臨界角公式sinC='，。光束的折射率小，尸光束的折射率大，故A錯(cuò)誤；nB.在玻璃球體中，光的波長(zhǎng)=4fnfn4,是光在真空中的波長(zhǎng)，P光的折射率大，頻率大，在真空中的波長(zhǎng)短，由2=4知在玻璃球體中，Pn光的波長(zhǎng)小于。光的波長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)□=￡可知玻璃中P光的速度小于。光的速度，故C錯(cuò)誤；nD.P光的折射率大，頻率大，根據(jù)七=尿可知P光的光子能量大，所以P光的光子能量大于。光的光子能量，故D正確.故D正確。4、C【解析】【分析】【詳解】A.由圖像可知：汽車A做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，汽車B做加速度逐漸減小的加速直線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；A、B兩v-t圖像的交點(diǎn)表示此時(shí)兩輛汽車共速，B錯(cuò)誤；v-t圖像的斜率表示加速度，由于L時(shí)刻圖線A的斜率較大，因此ti時(shí)刻汽車A的加速度大于汽車B的加速度，C正確；D.在0~h時(shí)間內(nèi)，由于汽車B的速度一直大于汽車A的速度，因此兩輛汽車之間的距離一直增大，D錯(cuò)誤。故選C。5、D【解析】【詳解】A.金屬板M能發(fā)生光電效應(yīng)，金屬板N不能發(fā)生光電效應(yīng)，說明入射光的頻率大于金屬板M的極限頻率而小于金屬板N的極限頻率，由叱知金屬板M的逸出功小于金屬板N的逸出功，故A錯(cuò)誤；B.能否發(fā)生光電效應(yīng)取決于入射光的頻率和金屬的極限頻率的大小關(guān)系，而與光的照射強(qiáng)度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=〃u-也可知，在金屬板M逸出功一定的情況下，光電子的最大初動(dòng)能線只與入射光的頻率有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D.在能發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，若增加光的照射強(qiáng)度，則單位時(shí)間內(nèi)從金屬板M中逸出的光電子數(shù)增加,故D正確。故選D。6、B【解析】【詳解】AB.由圖像可知，0?1s內(nèi)物體的加速度為a=-=—m/s2=0.5m/s2t1由牛頓第二定律可得F—nzgsin0=maIs后有F'=mgsinff其中F=5.5N,F=5.0N聯(lián)立解得m=1.0kg,0=30第Is內(nèi)物塊受到的合外力為F企=ina=1xO.5N=0.5N故A正確，B錯(cuò)誤；C.第Is內(nèi)拉力F的功率P=Fv,F不變，、增大，則P增大，故C正確；D.前1s內(nèi)物塊的動(dòng)能和重力勢(shì)能均增大，則其機(jī)械能增大，2—3s內(nèi)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增大，其機(jī)械能增大，所以物塊的機(jī)械能一直增大，故D正確。本題選擇不正確的，故選也二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ADE【解析】【分析】【詳解】A.根據(jù)氣態(tài)方程貯=C,壓強(qiáng)變小時(shí)，如果溫度降低，則氣體的體積可能減小，分子間的平均距離可T能變小，故A正確；B.晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，是由于組成晶體的微粒在空間排列規(guī)則，故B錯(cuò)誤；C.物體的內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢(shì)能兩部分，物體內(nèi)能改變時(shí)，可能是分子勢(shì)能發(fā)生了變化，而分子平均動(dòng)能并沒有發(fā)生變化，即溫度可能不變化。故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，機(jī)械能可通過做功全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但內(nèi)能一定不能通過做功全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能而不引起其它的變化，故D正確；E.根據(jù)題意，一滴油酸酒精溶液含有的油酸體積為：V=0.05x0.02%mL=lxl05mL所以油酸分子直徑的大小：d=—=1X1°-cm=5xlO-7cm=5x109mS20故E正確；故選ADE.8、BD【解析】【分析】因?yàn)槟緣K所受的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，地面對(duì)木板的摩擦力為靜摩擦力，無法比較動(dòng)摩擦因數(shù)的大小.通過對(duì)木板分析，根據(jù)水平方向上的受力判斷其是否運(yùn)動(dòng).當(dāng)F作用于長(zhǎng)木板時(shí)，先采用隔離法求出臨界加速度，再運(yùn)用整體法，求出最小拉力.【詳解】對(duì)m”根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有：F-pimig=mia,對(duì)m2,由于保持靜止有：陽(yáng)mig-Fr=0,Ff<g2(mi+mz)g,所以動(dòng)摩擦因數(shù)的大小從中無法比較.故A錯(cuò)誤、B正確.改變F的大小，只要木塊在木板上滑動(dòng)，則木塊對(duì)木板的滑動(dòng)摩擦力不變，則長(zhǎng)木板仍然保持靜止.故C錯(cuò)誤.若將F作用于長(zhǎng)木板，當(dāng)木塊與木板恰好開始相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木塊，pimig=mia,解得a=jng,對(duì)整體分析，有F-r(mi+m，)g=(mi+m2)a,解得F=(|ii+|i2)(mi+mz)g,所以當(dāng)F>(陽(yáng)+陽(yáng))(mi+mz)g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開始相對(duì)滑動(dòng).故D正確.故選BD.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，結(jié)合整體和隔離法，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解.9、CD【分析】【詳解】A.由圖知七處的電勢(shì)等于零，所以。和。2帶有異種電荷，A錯(cuò)誤；B.圖象的斜率描述該處的電場(chǎng)強(qiáng)度，故“處場(chǎng)強(qiáng)不為零，B錯(cuò)誤；C.負(fù)電荷從陽(yáng)移到與，由低電勢(shì)向高電勢(shì)移動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C正確；D.由圖知，負(fù)電荷從西移到公，電場(chǎng)強(qiáng)度越來越小，故電荷受到的電場(chǎng)力減小，所以D正確.故選CD.10、BD【解析】【分析】【詳解】AB.物塊相對(duì)于平板車滑動(dòng)時(shí)的加速度m若其加速度一直不變，速度時(shí)間圖像如圖所示有圖像可以算出t=3s時(shí)，速度相等，為6m/s。由于平板車減速階段的加速度大小為8 2 ,2a,= m/s=2m/s-a6-2故二者等速后相對(duì)靜止，物塊的加速度大小不變，方向改變。物塊相對(duì)平板車滑動(dòng)的時(shí)間為3s.故A錯(cuò)誤，B正確；C.有圖像可知，0-6s內(nèi)，物塊相對(duì)平板車滑動(dòng)的位移的大小8+6 1Ax=—x2x8mH xlm——x3x6m=6m2 2故C錯(cuò)誤；D.0-6s內(nèi)，有圖像可知，物塊相對(duì)地面的位移大小%.=—x6x6m=18m2平板車相對(duì)地面的位移大小

x2=—x6x8m=24m二者之比為3：4,故D正確。故選BD.(分壓式接法也可以)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。(分壓式接法也可以)11、0.398（0.396-0.399均可給分） DFG電流表A1示數(shù)/,電壓表V1示數(shù)u———(或一^——L) 電極A、B之間的距離L%/-u IL「tuLR【解析】【詳解】(1)111螺旋測(cè)微器主尺刻度為0,可動(dòng)刻度為39.8x0.01mm=o.398mm,所以讀數(shù)為0+0.398mm=0.398mm(2)⑵因?yàn)橹绷麟娫措妱?dòng)勢(shì)為6V,電壓表V?量程太大，不能選擇，可將電壓表V1改裝，因此需要DF；滑動(dòng)變阻器起限流作用，安全下選擇小的，比較方便操作，所以選擇G。⑶該電路設(shè)計(jì)滑動(dòng)變阻器阻值比被測(cè)阻值大，而且能保證儀器安全，因此滑動(dòng)變阻器采用限流方式，使用伏安法測(cè)量被測(cè)電阻，其中電壓表需串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，總電阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻，采用電流表外接。電路如圖：RaRaz-x⑷根據(jù)歐姆定律，需要測(cè)量電流表A1示數(shù)/,電壓表V1示數(shù)U；⑸電壓應(yīng)為電壓表和定值電阻的總電壓，電流應(yīng)為流過待測(cè)電阻的電流，則,u因?yàn)? T-,所以也可表示為z\x/(3)[6]根據(jù)電阻定律其中薄膜很薄，展開后可認(rèn)為是以圓周長(zhǎng)為邊，厚度為高的矩形，即所以為了測(cè)量薄膜厚度，還需要測(cè)量連入電路的電阻長(zhǎng)度為電極A、B之間的距離人。(4)[7]據(jù)題有R=p―--nd-因此12、200B 不合理，理由見解析【解析】【詳解】歐姆表表盤示數(shù)為20.0,倍率為10,則最后讀數(shù)為：20.0x10=20012,(2)⑵根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，將滑片逐漸滑動(dòng)到最左端而不做其他變動(dòng)，電路的電阻減小，則移動(dòng)過程中讀數(shù)減小，B正確；故選嘰(3)[3]不合理，讀數(shù)為24。時(shí)采用xlO時(shí)指針太偏右，倍率偏大，應(yīng)換xl倍率重新調(diào)零后再測(cè)量。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(l)L>10m5(2)h=1.26m【解析】【分析】【詳解】(1)設(shè)活塞下降的距離為AL,為了滿足題意，應(yīng)有氣體增加的壓強(qiáng)Ap小于水產(chǎn)生的壓強(qiáng)，即Ap<p*gAL氣體做等溫變化，有poSL=(po+Ap)S(L—AL)

兩式聯(lián)立，得L-AL>10m活塞下降A(chǔ)L>0,所以L>10m(2)由⑴中分析知，活塞不再下降，即氣體增加的壓強(qiáng)等于水銀產(chǎn)生的壓強(qiáng)，有Ap=p*?ghpoSL=(p?+Ap)S(L—h)聯(lián)立兩式并代入數(shù)據(jù)，得h=1.26m14、14、(1)見解析⑵8>2YlmU

dyq【解析】【詳解】(1)電場(chǎng)加速有【解析】【詳解】(1)電場(chǎng)加速有TJ1 2qUo.mv。Bnu^D2dBnu^D2dV.帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)U中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)分解位移.V.帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)U中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)分解位移.水平位移2d=vot豎直位移1 2V=-Clt~

2又有Uq——=ma2d解得則射出點(diǎn)與粒子的4、，〃無關(guān)，所有粒子均從C點(diǎn)射出(2)類平拋的偏轉(zhuǎn)位移則射出點(diǎn)與粒子的4、，〃無關(guān)，所有粒子均從C點(diǎn)射出(2)類平拋的偏轉(zhuǎn)位移y=d,S—C過程，由動(dòng)能定理有V1qUo+q3u=^mv2d2磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)有v2qvB=m—解得在粒子束中，4/“、4的粒子八最大，最易射出磁場(chǎng)，設(shè)要使4/〃、q的粒子恰射不出磁場(chǎng)，有v2qvB()=4m—由幾何關(guān)系得粒子在電場(chǎng)中。點(diǎn)射出時(shí)有V%=正電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)過程由動(dòng)能定理有吟《4加-卜喇解得則磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)為c2\2rnUB>—l dVq(1)vm=25/5m/s(2)Q=5J(3)x=406m【解析】【分析】【詳解】(1)棒MN做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：F-BIL=ma棒MN做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv棒MN做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，5s時(shí)的速度為：v=ati=2m/sE在兩棒組成的回路中，由閉合電路歐姆定律得：/=丁2R聯(lián)立上述式子，有：F=ma+^-^-2R代入數(shù)據(jù)解得：F=0.5N5s時(shí)拉力F的功率為：P=Fv代入數(shù)據(jù)解得：P=1W棒MN最終做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)棒最大速度為、血，棒受力平衡，則有：一-BImL=O囁I=BLv,”m~2R代入數(shù)據(jù)解得:匕,=26m/s⑵解除棒PQ后，兩棒運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)量守恒，最終兩棒以相同的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)速度大小為V，，則有:mvm=2mv'設(shè)從PQ棒解除鎖定，到兩棒達(dá)到相同速度，這個(gè)過程中，兩棒共產(chǎn)生的焦耳熱為Q,由能量守恒定律可得：Q= _』x2mM2代入數(shù)據(jù)解得：Q=5J；(3)棒以MN為研究對(duì)象，設(shè)某時(shí)刻棒中電流為i,在極短時(shí)間At內(nèi)，由動(dòng)量定理得：-BiLAt=mAv對(duì)式子兩邊求和有：=Z(wAvm)而Aq=iAt對(duì)式子兩邊求和，有:ZM=Z(iA/)聯(lián)立各式解得：BLq=mvm,-￡又對(duì)于電路有：q=It=—t2R—BLx由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=——代入數(shù)據(jù)解得：x=406n2019-2020高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、質(zhì)量相等的A、B兩個(gè)物體放在同一水平面上，分別受到水平拉力后、鳥的作用而從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間小和4八，A、B的速度分別達(dá)到2%和％時(shí)，分別撤去片和F2,以后物體繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至停止，兩個(gè)物體速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，設(shè)6和巴對(duì)A、B的沖量分別為乙和￡和工，對(duì)A、B做的功分別為叱和嗎，則下列結(jié)論正確的是B.《〈A，叱〉嗎11<12,Wt<W2/1＞八，叫＜嗎2、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)豎直向上，一帶負(fù)電的小球從地面上方8點(diǎn)斜向上拋出，剛好速度水平向左擊中A點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，若拋射點(diǎn)8向右水平移動(dòng)一小段距離到以，仍使拋出的小球能夠以速度方向水平向左擊中A點(diǎn)，則可行的是（）A.減小拋射角。，同時(shí)增大拋射速度丫B.減小拋射角〃，同時(shí)減小拋射速度-C.增大拋射角夕，同時(shí)減小拋出速度-D.增大拋射角。，同時(shí)增大拋出速度-3、下列說法正確的是（）A.速度公式丫=包和電流公式/="均采用比值定義法△t RB.速度、磁感應(yīng)強(qiáng)度和沖量均為矢量C.彈簧勁度系數(shù)k的單位用國(guó)際單位制基本單位表達(dá)是kg?sD.將一個(gè)帶電小球看成是一個(gè)不計(jì)大小的點(diǎn)電荷采用的是等效處理方法4、物體在恒定的合外力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間At.內(nèi)動(dòng)能由0增大到E“，在時(shí)間At2內(nèi)動(dòng)能由E。增大到2Eo.設(shè)合外力在Ah內(nèi)做的功是Wi、沖量是h,在加2內(nèi)做的功是W2、沖量是L,那么（）A.Ii<I2Wi=W2B.Ii>I2Wi=W2C.li<I2Wi<W2D.Ii=I2Wi<W25、2016年8月160,我國(guó)成功發(fā)射世界首顆量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子號(hào)”，該衛(wèi)星的發(fā)射將使我國(guó)在國(guó)際上率先實(shí)現(xiàn)高速星地量子通信，初步構(gòu)建量子通信網(wǎng)絡(luò)。“墨子號(hào)”衛(wèi)星的質(zhì)量為m（約640kg）,運(yùn)行在高度為h（約500km）的極地軌道上，假定該衛(wèi)星的軌道是圓，地球表面的重力加速度為g,地球半徑為R。則關(guān)于運(yùn)行在軌道上的該衛(wèi)星，下列說法中正確的是（ ）A.運(yùn)行的速度大小為屈 B.運(yùn)行的向心加速度大小為gC.運(yùn)行的周期為2匹泛E D.運(yùn)行的動(dòng)能為之Vg 2（R+〃）6、如圖所示，虛線所圍矩形區(qū)域abed內(nèi)充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。現(xiàn)從ab邊的中點(diǎn)O處，某一粒子以最小速度i>垂直于磁場(chǎng)射入、方向垂直于ab時(shí)，恰能從ad邊的a點(diǎn)穿出。若撤去原來的磁場(chǎng)在此矩形區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使該粒子以原來的初速度在O處垂直于電場(chǎng)方向射入，通過該區(qū)域后恰好從d點(diǎn)穿出，已知此粒子的質(zhì)量為m,電荷量的大小為q,其重力不計(jì)；ab邊長(zhǎng)為2i,ad邊長(zhǎng)為3i,則下列說法中正確的是A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為一,TOC\o"1-5"\h\zB.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比為_ .C.離子穿過磁場(chǎng)和電場(chǎng)的時(shí)間之比一 _石=7D.離子穿過磁場(chǎng)和電場(chǎng)的時(shí)間之比. _\o"CurrentDocument"3 二口：一6二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得（）分。7、兩列簡(jiǎn)諧橫波的振幅都是20cm,傳播速度大小相同.實(shí)線波的頻率為2Hz,沿x軸正方向傳播；虛線X/cmA.在相遇區(qū)域會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象B.實(shí)線波和虛線波的頻率之比為3：2C.平衡位置為x=6m處的質(zhì)點(diǎn)此刻速度為零D.平衡位置為x=8.5m處的質(zhì)點(diǎn)此刻位移y>20cmE.從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過0.25s,平衡位置為x=5m處的質(zhì)點(diǎn)的位移y<08、如圖（a）所示，光滑絕緣斜面與水平面成。=30。角放置，垂直于斜面的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊界M、N與斜面底邊平行，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=3T。質(zhì)量//=0.05kg的“日”字形導(dǎo)線框在沿斜面向上的外力作用下沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體框各段長(zhǎng)度相等，即。6=兒:=4=市'=歹=%=先=乙=0.101,21）、fc,ed段的電阻均為r=2C,其余電阻不計(jì).從導(dǎo)線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，fc段的電流隨時(shí)間變化如圖（b）所示（電流由f到c的方向?yàn)檎亓铀俣萭=10m/s2下列說法正確的是（ ）A.導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)的速度大小為10m/sB.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直斜面向上C.在f=0至r=0.03s這段時(shí)間內(nèi)，外力所做的功為0.24JD.在r=0.01s至f=0.02s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框所受的安培力大小為0.3N9、如圖甲所示，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為11：2,其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦交流電,副線圈通過電流表與負(fù)載電阻R相連。若交流電壓表和交流電流表都是理想電表，則下列說法中正確的是A.變壓器輸入電壓的最大值是220VB.電壓表的示數(shù)是40V

C.若電流表的示數(shù)為0.50A,變壓器的輸入功率是20WD.原線圈輸入的正弦交變電流的是頻率是100Hz10、如圖所示，在光滑水平面的左側(cè)固定一豎直擋板，A球在水平面上靜止放置，B球向左運(yùn)動(dòng)與A球發(fā)生正碰，B球碰撞前、后的速率之比為4：1,A球垂直撞向擋板，碰后原速率返回，兩球剛好不發(fā)生碰撞，A、B兩球的質(zhì)量之比和碰撞前、后兩球總動(dòng)能之比為（）A.itia：hib=4：1 B.mA：hib=5：1C.Eki：Ek2=25：6 D.Eki：Ek2=8：3三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.11、某中學(xué)實(shí)驗(yàn)小組成員在應(yīng)用多用電表測(cè)電阻實(shí)驗(yàn)。如圖為一多用電表的表盤，其中表盤上的三個(gè)重要部件分別用三個(gè)字母A、B、C標(biāo)記了出來，然后在測(cè)量電阻時(shí)操作過程如下：ABC①在測(cè)量電阻以前，首先進(jìn)行的操作應(yīng)是機(jī)械調(diào)零，要調(diào)節(jié)部件,使多用電表的指針指在表盤最（填“左”或“右”）端的零刻度線位置：②然后同學(xué)將旋鈕c調(diào)節(jié)到“XI00”的擋位；③將紅表筆插到（“+”或“一”）孔，黑表筆插到（"+”或“一”）孔,將兩表筆短接,調(diào)節(jié)部件 ,使多用電表的指針指在表盤最（填“左”或“右”）端的零刻度線位置；④完成以上的操作后，然后將兩表筆與被測(cè)量的電阻良好接觸，多用電表的指針幾乎沒有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，為了減小測(cè)量的誤差。從下列選項(xiàng)中選出正確的部分操作步驟，并進(jìn)行正確的排序,最后測(cè)出待測(cè)電阻的阻值。A.用兩表筆與待測(cè)電阻相接觸 B.將兩表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零C.將旋鈕C調(diào)節(jié)到“xl”的擋位 D.將旋鈕C調(diào)節(jié)到“xlk”的擋位12、一同學(xué)測(cè)量某干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻.（1）如圖所示是該同學(xué)正準(zhǔn)備接入最后一根導(dǎo)線（圖中虛線所示）時(shí)的實(shí)驗(yàn)電路.請(qǐng)指出圖中在器材操作上存在的兩個(gè)不妥之處;.

價(jià)溜「?價(jià)溜「?電池 開關(guān)（2）實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電阻箱阻值R和電流表示數(shù)1,以及計(jì)算的;數(shù)據(jù)見下表：根據(jù)表中數(shù)據(jù)，在答題卡的方格紙上作出關(guān)系圖像 .由圖像可計(jì)算出該干電池的電動(dòng)勢(shì)為V；內(nèi)阻為ft.R/Q8.07.06.05.04.0I/A0.150.170.190.220.26-/A'I6.76.05.34.53.8（3）為了得到更準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，在測(cè)出上述數(shù)據(jù)后，該同學(xué)將一只量程為100mV的電壓表并聯(lián)在電流表的兩端.調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電流表的示數(shù)為0.33A時(shí)，電壓表的指針位置如圖所示，則該干電池的電動(dòng)勢(shì)應(yīng)為V；內(nèi)阻應(yīng)為￡1.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的x軸沿水平方向，在第一象限內(nèi)y軸與直線x=L之間存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為m,帶電量為q（q>0））的小球（重力不能忽略），以初速度V。從坐標(biāo)原點(diǎn)O沿x軸正方向射入電場(chǎng)，一段時(shí)間后以四%的速度從第一象限內(nèi)的A點(diǎn)（圖中未畫出）射出電場(chǎng)，重力加速度為g。求:

(1)A點(diǎn)的縱坐標(biāo)；(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小。14、如圖甲所示為足夠長(zhǎng)、傾斜放置的平行光滑導(dǎo)軌，處在垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌上端接有一定值電阻，導(dǎo)軌平面的傾角為37。，金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，用一平行于斜面向上的拉力F拉著金屬棒由靜止向上運(yùn)動(dòng)，金屬棒的質(zhì)量為0.2kg,其速度大小隨加速度大小的變化關(guān)系如圖乙所示.金屬棒和導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，sin37。=0.6,cos37。=0.8,求：(1)拉力F做功的最大功率(2)回路中的最大電功率15、游樂場(chǎng)投擲游戲的簡(jiǎn)化裝置如圖所示，質(zhì)量為2kg的球a放在高度h=1.8m的平臺(tái)上，長(zhǎng)木板c放在水平地面上，帶凹槽的容器b放在c的最左端。a、b可視為質(zhì)點(diǎn)，b、c質(zhì)量均為1kg,b、c間的動(dòng)摩擦因數(shù)陽(yáng)=0.4,c與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)卬=0.6.在某次投擲中，球a以v0=6m/s的速度水平拋出，同時(shí)給木板c施加一水平向左、大小為24N的恒力，使球a恰好落入b的凹槽內(nèi)并瞬間與b合為一體。取g=10m/s2,求：(1)球a拋出時(shí)，凹槽b與球a之間的水平距離xo；(2)a、b合為一體時(shí)的速度大小；⑶要使ab不脫離木板c,木板長(zhǎng)度L的最小值。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】從圖象可知，兩物塊勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小之都為1，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運(yùn)動(dòng)中有f=ma，，則摩擦力大小都為m?.根據(jù)圖象知，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度分別為：1，.，根據(jù)牛頓第二定律，

*0 % 4%3/77V 5V勻加速運(yùn)動(dòng)中有F-f=ma,則F產(chǎn)丁F^—用和叫的大小之比為11：5；所以：*0 4%/.F.t012x13〉序■=U「=TV=￡<1,則hVh;圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示運(yùn)動(dòng)的位移，則位移之比為TOC\o"1-5"\h\zI2F2-4t0 5x456vo°n =7;兩個(gè)物體的初速度、末速度都是（），所以拉力做的功與摩擦力做的功大小相等，,2 上?。5\o"CurrentDocument"2 。叫搞s,6、，所以：—L=4L=-L=->1,則Wi>Wi.故選B.卬2fS2S25點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵通過圖象得出勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，得出兩個(gè)力的大小之比，以及知道速度-時(shí)間圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示位移.2、A【解析】【詳解】由于小球速度水平向左擊中A點(diǎn)，其逆過程是平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)水平速度越大時(shí)，拋出后落地速度越大，與水平面的夾角則越小。若水平速度減小，則落地速度變小，但與水平面的夾角變大。因此減小拋射角。，同時(shí)增大拋射速度L才能仍使拋出的小球能夠以速度方向水平向左擊中A點(diǎn)。選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤;故選A。3、B【解析】【分析】

【詳解】Ay JJA.速度公式u=4采用的是比值定義法，而電流公式/=匕不是比值定義法，選項(xiàng)a錯(cuò)誤;△t RB.速度、磁感應(yīng)強(qiáng)度和沖量均為矢量，選項(xiàng)B正確；C.彈簧勁度系數(shù)k的單位用國(guó)際單位制基本單位表達(dá)是,Nkg-m/s2..2k=—=- =kg/smm選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.將一個(gè)帶電小球看成是一個(gè)不計(jì)大小的點(diǎn)電荷采用的是理想模型法，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。4、B【解析】【詳解】根據(jù)動(dòng)能定理得：W1=Eo-O=Eo,Wi=lEo-Eo=Eo則WkW1.動(dòng)量與動(dòng)能的關(guān)系式為-——,則由動(dòng)量定理得：—— Ct=\ 0n-/n,r、一蘆貝!IWi=Wi與上述分析結(jié)論Wi=Wi與上述分析結(jié)論Ii>LIi>IiW尸Wi與上述分析結(jié)論Ii<IiWi<Wi與上述分析結(jié)論Ii>Iih=IiWi<Wi與上述分析結(jié)論h>L5、D【解析】【詳解】A.對(duì)衛(wèi)星，根據(jù)牛頓第二定律，有：cMm vG -=m (R+h)2 R+hW尸Wi不相符，故A不符合題意W尸Wi相符，故B符合題意；W尸Wi不相符，故C不符合題意W尸Wi不相符，故D不符合題意解得："=熟在地面，重力等于萬有引力，故:

「MmmS=G-r聯(lián)立解得：\R+h故A錯(cuò)誤;B.向心加速度由萬有引力產(chǎn)生，由于在h高處，衛(wèi)星的萬有引力小于其在地面的重力，根據(jù)牛頓第二定a=—<—=gMM故B錯(cuò)誤；C.對(duì)衛(wèi)星，根據(jù)牛頓第二定律有:cMm_4//07、g百一加?、獭?在地面，重力等于萬有引力故:_Mmmg=G-^-聯(lián)立解得：故C錯(cuò)誤;D.由選項(xiàng)A的分析知y=J必，故衛(wèi)星的動(dòng)能\R+hEk—1Ek—12—mv~2mgR2

2(/?+〃)故D正確；故選D。6,D【解析】【分析】根據(jù)某一粒子以最小速度i＞垂直于磁場(chǎng)射入、方向垂直于ab時(shí)，恰能從ad邊的a點(diǎn)穿出可知，本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心和幾何關(guān)系求解；若撤去原來的磁場(chǎng)在此矩形區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，使該粒子以原來的初速度在O處垂直于電場(chǎng)方向射入，通過該區(qū)域后恰好從d點(diǎn)穿出可知，本題也考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏傳，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)列方程求解?！驹斀狻緼、B項(xiàng)：粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，由題意可知，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為一一，=—由公式__可得：_聯(lián)立兩式解得：_粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)有：3口=匚匚T=:I"—聯(lián)立解得：_ ....-=7EE所以-:,故A、B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為： ,->￡__rr*rr* ，一口口/=3匚=三"5~”元粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：P"T3口□:=三所以_故C錯(cuò)誤，D正確。U口;=7故選：D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BDE【解析】2 4傳播速度大小相同.實(shí)線波的頻率為2Hz,其周期為1.5s,波長(zhǎng)4m,則波速丫=亍=布機(jī)/5=86/5；由圖可知：虛線波的波長(zhǎng)為6m,則周期為4=4=2s=0.75s,頻率：力=；=：%，則兩波的頻率V8 12 3不同.所以不能發(fā)生干涉現(xiàn)象.故A錯(cuò)誤；實(shí)線波和虛線波的頻率之比為工：力=3:2,選項(xiàng)B正確；平衡位置為x=6m處的質(zhì)點(diǎn)由實(shí)線波和虛線波引起的振動(dòng)方向均向上，速度是兩者之和，故此刻速度不為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；兩列簡(jiǎn)諧橫波在平衡位置為x=8.5m處的質(zhì)點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的，此刻各自位移都大于Hem,故質(zhì)點(diǎn)此刻位移y>21cm,選項(xiàng)D正確；從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過1.25s,實(shí)線波在平衡位置為x=5m處于波谷,而虛線波也處于y軸上方，但不在波峰處，所以質(zhì)點(diǎn)的位移yVL故E正確；故選BDE.點(diǎn)睛：此題主要考查波的疊加；關(guān)鍵是理解波的獨(dú)立傳播原理和疊加原理，兩列波相遇時(shí)能互不干擾，各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的速度和位移都等于兩列波在該點(diǎn)引起的振動(dòng)的矢量和.8、AD【解析】【詳解】B,由于在0~0.01s時(shí)間內(nèi)，電流從f到c為正，可知cd中電流從d到c,則由右手定則可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直斜面向下，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；A.因?yàn)閏d剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，通過fc的電流為0.5A,可知通過cd的電流為1A,則由,BLvlcd=--r+—2解得v=l()m/s選項(xiàng)A正確；C.在7=0至f=0.03s這段時(shí)間內(nèi)，線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=3I2RAt=3xl2x3x0.01J=0.09J線框重力勢(shì)能的增加量Ep=mg-3Lsin3()=0.075J則外力所做的功為W=Q+昂=().165J選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.在f=0.01s至/=0.02s這段時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框的d■邊在磁場(chǎng)內(nèi)部，則所受的安培力大小為%=8/L=3xlx0.1N=0.3N選項(xiàng)D正確。故選AD,9、BC【解析】【分析】【詳解】A.由圖乙可知交流電壓最大值Um=22O0V；故A錯(cuò)誤；B.輸入電壓的有效值為220V,根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)U,=~U,=40V2111電壓表的示數(shù)是40V,選項(xiàng)B正確；C.流過電阻中的電流為0.5A,變壓器的輸入功率是Px=Pni=UI=40x0.5W=20W故C正確；D.變壓器不改變頻率，由圖乙可知交流電周期T=0.02s,可由周期求出正弦交變電流的頻率是50Hz,故D錯(cuò)誤；故選BC.10、BD【解析】【分析】【詳解】設(shè)向右為正方向，A、8球碰撞后/，球速度大小為力,由題意有-4wBvB=mBvB-/nAvA又L=%解得機(jī)A： =5：1A、8球的碰撞前總動(dòng)能&=1（4%丫碰撞后的總動(dòng)能P1 2上1 2Ek2=^mAVA+~mBVR解得F■p—8?故選BD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A左+ —B右DBA【解析】【分析】【詳解】①⑴[2]使用前要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零（部件A）,使指針指向左邊的零刻度處；

③[3H4n5n6]將紅、黑表筆分別插入“+”、“一”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕(部件B),使電表指針對(duì)準(zhǔn)電阻的“0”刻線，即表盤最右端的零刻度線；④⑺使用中每次換歐姆擋都要進(jìn)行歐姆調(diào)零，使指針指向右邊的零刻度處；由于測(cè)量時(shí)，指針從無窮大電阻開始偏轉(zhuǎn)，偏角過小，說明需增大倍率，使指針指向歐姆表中間刻度附近，故正確的排序是DBA。12、(1)①開關(guān)未斷開 ②電阻箱阻值為零 (2)圖像如圖所示:1.4（1.30~1.44都算對(duì)） 1.2（1.0~1.4都算對(duì)）（3）1.41.0(結(jié)果比(2)1.0(結(jié)果比(2)問第二個(gè)空格小0.2)本題考查測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)，意在考查考生的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理能力和誤差分析能力.(1)連接電路時(shí)電源應(yīng)與電路斷開，所以開關(guān)要斷開；另一錯(cuò)誤是電阻箱接入電路的電阻是零，這樣容易燒壞電流表和電源.(2)將數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線，做出一條傾斜的直線.根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I(R+r)得R=E?:-r，所以圖線的斜率表示電源電動(dòng)勢(shì)￡上LZ1v=i.37V,截距絕對(duì)值表示r=0.4x3.0Q=1.20C；用電壓表與電流表并聯(lián)，可測(cè)得電流表的內(nèi)阻&=%當(dāng)箸Q表并聯(lián)，可測(cè)得電流表的內(nèi)阻&=%當(dāng)箸Q=0.200,考慮電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，則E=l(R+RA+r),得/?=￡?1-(此+「)，所以圖線的斜率仍表示電動(dòng)勢(shì)，電動(dòng)勢(shì)的準(zhǔn)確值為1.37V,圖線的截距表示(R,\+r),所以內(nèi)阻精確值為r=(1.20-0.20)D=1.00Q.點(diǎn)睛：本題考查應(yīng)用電流表和電阻箱測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)，本題創(chuàng)新之處在于用一個(gè)電壓表并聯(lián)在電流表的兩端測(cè)出電流表的電阻，從而提高測(cè)量電源內(nèi)阻的精確度.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、13、（1）—（2）2mgJ〃片

qqL【解析】【詳解】(1)小球在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)其在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t、離開電場(chǎng)時(shí)豎直分速度為VAy,將小球的位移OA和在A點(diǎn)的速度va分別分解在水平方向和豎直方向，則有

片+喘=(應(yīng)%)2水平方向：L-卬豎直方向：聯(lián)立①②③式得:L”=5(2)y方向由：%=at由牛頓第二定律有:qE—mg=ma聯(lián)立解得：eA+皿。qqL.14、(1)1.76W； (2)0.56W.【解析】【詳解】(1)當(dāng)用拉力F拉著金屬棒向上運(yùn)動(dòng)時(shí)g2L2vR-mgsin0=ma由于-與。成線性關(guān)系，因此拉力F為恒力，當(dāng)速度為零時(shí)，拉力F=mgsin37°+mam=1.76N金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為lm/s,因此拉力的最大功率為=尸喙=L76W(2)當(dāng)加速度為零時(shí)，安培力最大F,.m=/一mgsin6=0.56N根據(jù)功能關(guān)系可知，電路中的最大電功率等于克服安培力做功的最大功率p=F^mvm=0.56xlW=0.56W15.,(l)4.32m；(2)3.2m/s；(3)2.96m.

【解析】【分析】【詳解】(Da球從拋出到落到b槽內(nèi)的時(shí)間此過程中a球的水平位移xa=vQt=3.6m設(shè)a、b、c的質(zhì)量分別為2m、m、m；假設(shè)be之間無相對(duì)滑動(dòng)一起向左加速運(yùn)動(dòng)，則加速度m/s2=6m/s2>a=/z1g=4m/s22m._F—m/s2=6m/s2>a=/z1g=4m/s22m則be之間要產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)，其中b的加速度為在時(shí)間t內(nèi)槽b的位移為X》=gabr=0.72m球a拋出時(shí)，凹槽b與球a之間的水平距離x0=xa^xh=4.32m；(2)a落在槽b中時(shí)，槽b的速度匕=abf=2.4m/s方向向左，設(shè)向右為正方向，則對(duì)ab系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律:2mv0—mvl=(2m+tri)v2解得V2=3.2m/s⑶當(dāng)a做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間內(nèi)，木板c的加速度F-^mg-]Li2-2mg2ac= _匚 =8m/sm當(dāng)球a落到槽b中時(shí)木板c的速度vcI=act—4.8m/s此時(shí)槽b相對(duì)木板c向右滑動(dòng)的距離為17Ax1=](4_4)產(chǎn)=0.72m當(dāng)球a落到槽b中后板c的加速度a=F-^nS-^ms=_n^2m而ab的共同加速度仍為=〃ig=4m/s2因ab一起向右減速，而c向左減速，則當(dāng)三個(gè)物體都停止運(yùn)動(dòng)時(shí)相對(duì)運(yùn)動(dòng)的位移人陪 片 4.82 3.22cc，Ax?=—H——= 1 =2.24m~2ac2aab2x122x4則木板長(zhǎng)度L的最小值L=Ax1+Ax2=2.96m2019-2020高考物理模擬試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，長(zhǎng)為L(zhǎng)、傾角。=3。的傳送帶始終以2.5m/s的速率順時(shí)針方向運(yùn)行，小物塊以4.5m/s的速度從傳送帶底端A沿傳送帶上滑，恰能到達(dá)傳送帶頂端B,已知物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為立，取4g=10m/s2,最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，則下列圖像中能正確反映物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的速2,電容為C的平行板電容器豎直放置，正對(duì)面積為S,兩極板間距為d,充電完成后兩極板之間電壓為U,斷開電路，兩極板正對(duì)區(qū)域視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，其具有的電場(chǎng)能可表示為綜=；。。2。如果用外力使平行板電容器的兩個(gè)極板間距緩慢變?yōu)?d,下列說法正確的是（）A.電容變?yōu)樵瓉淼膬杀?B.電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)樵瓉淼囊话隒.電場(chǎng)能變?yōu)樵瓉淼膬杀?D.外力做的功大于電場(chǎng)能的增加量3、下列描述中符合物理學(xué)史實(shí)的是（ ）A.第谷通過長(zhǎng)期的天文觀測(cè)，積累了大量的天文資料，并總結(jié)出了行星運(yùn)動(dòng)的三個(gè)規(guī)律B.開普勒通過“月地檢驗(yàn)”證實(shí)了地球?qū)ξ矬w的吸引力與天體間的吸引力遵守相同的規(guī)律C.伽利略對(duì)牛頓第一定律的建立做出了貢獻(xiàn)D.萬有引力定律和牛頓運(yùn)動(dòng)定律都是自然界普遍適用的規(guī)律4、關(guān)于原子核的相關(guān)知識(shí)，下面說法正確的是（ ）A.原子核內(nèi)相鄰質(zhì)子之間存在相互排斥的核力B.原子核的比結(jié)合能越小，說明原子核越不穩(wěn)定C.溫度越高放射性元素的半衰期越小D.0射線是電子流，表明原子核內(nèi)除質(zhì)子中子之外還有電子5、歐姆在探索通過導(dǎo)體的電流和電壓、電阻關(guān)系時(shí)由于無電源和電流表，他就利用金屬在冷水和熱水中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)代替電源，用小磁針的偏轉(zhuǎn)檢測(cè)電流，具體做法是：在地磁場(chǎng)作用下處于水平靜止的小磁針上方，平行于小磁針?biāo)椒胖靡恢睂?dǎo)線，當(dāng)該導(dǎo)線中通有電流時(shí)，小磁針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)；當(dāng)通過該導(dǎo)線的電流為I時(shí)，小磁針偏轉(zhuǎn)了30。，則當(dāng)他發(fā)現(xiàn)小磁針偏轉(zhuǎn)了60。時(shí)，通過該直導(dǎo)線的電流為（已知直導(dǎo)線在某點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)與通過直導(dǎo)線的電流成正比）（）21 B.31 C.y/2I D.73/6、粗糙斜面傾角為30。，一物體從斜面頂端由靜止開始下滑，運(yùn)動(dòng)的位移一時(shí)間關(guān)系圖像是一段拋物線，如圖所示，g取lOm/s?。貝！I（）A.下滑過程中，物體的加速度逐漸變大r=0.5s時(shí)刻，物體的速度為0.25m/s0~0.5s時(shí)間，物體平均速度lm/sD.物體與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)為且5二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩根彎折的平行的金屬軌道AOB和固定在水平地面上，與水平地面夾角都為0,AO=OB=A，O，=O，B，=L,OO,與AO垂直，兩虛線位置離頂部OO,等距離，虛線下方的導(dǎo)軌都處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，左側(cè)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為由，垂直于導(dǎo)軌平面向上，右側(cè)磁場(chǎng)B2（大小、方向未知）平行于導(dǎo)軌平面，兩根金屬導(dǎo)體桿a和b質(zhì)量都為m,與軌道的摩擦系數(shù)都為ft,將