《附5套模擬卷》江西省上饒市2021屆新高考物理第三次調(diào)研試卷含解析

江西省上饒市2021屆新高考物理第三次調(diào)研試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.關(guān)于安培力和洛倫茲力，下列說法正確的是（ ）A.運動電荷在磁場中一定受到洛倫茲力作用B.通電導(dǎo)線在磁場中一定受到安培力作用C.洛倫茲力一定對運動電荷不做功D.安培力一定對通電導(dǎo)線不做功【答案】C【解析】【詳解】A.運動電荷在磁場中運動，若速度方向與磁場方向平行，則不受洛倫茲力作用，選項A錯誤；B.通電導(dǎo)線在磁場中，若電流方向與磁場方向平行，則不受安培力作用，選項B錯誤；C.由于洛倫茲力方向垂直于運動電荷的速度方向，根據(jù)功的定義可知，洛倫茲力對運動電荷不做功，選項C正確；D.安培力方向與通電導(dǎo)線垂直，可以對通電導(dǎo)線做功，從而把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，選項D錯誤。故選C。.在“油膜法估測分子的直徑”實驗中將油酸分子看成是球形的，所采用的方法是（ ）A.等效替代法 B.控制變量法 C.理想模型法 D.比值定義法【答案】C【解析】【詳解】在“油膜法估測分子的直徑”實驗中將油酸分子看成是球形的，所采用的方法是理想模型法，故C項正確，ABD三項錯誤。.2017年諾貝爾物理學(xué)獎授予了三位美國科學(xué)家，以表彰他們?yōu)榘l(fā)現(xiàn)引力波所作的貢獻(xiàn)。引力波被認(rèn)為是時空彎曲的一種效應(yīng)，物體加速運動時會給宇宙時空帶來擾動，這種擾動會以光速向外傳播能量.如圖為科學(xué)家們探測引力波的裝置示意圖,發(fā)射器發(fā)出的激光S經(jīng)半透光分束鏡分為相互垂直的兩束S1和S2,然后經(jīng)過4km長的兩臂，在兩臂端點處經(jīng)反射鏡反射回來，必和S。相遇形成干涉，被探測器接收。精確調(diào)節(jié)兩臂，使探測器在無引力波作用時，接收到的信號強(qiáng)度為0。當(dāng)有引力波作用時，兩臂長度將因此而發(fā)生改變，則接收到的信號強(qiáng)度不為0。下列說法正確的是口口A.引力波可以超光速傳播B.引力波不能傳播能量C.探測器接收到的兩束波的頻率相同D.無引力波作用時兩束激光到探測器的路程差為0【答案】C【解析】A、B項：由題干中信息可知，引力波以光速向外傳播能量，故A,B均錯誤；C項：光在傳播過程中頻率保持不變，故C正確；D項：兩個波能形成干涉，故兩個波傳播在無引力波作用時的傳播路程一定不同，故D錯誤。點晴：此題屬于科普信息閱讀題，一般從文章中結(jié)合學(xué)過的知識即可直接獲得答案，難度一般不會太難,但是需要學(xué)生能夠快速閱讀，并從文章中準(zhǔn)確的獲得關(guān)鍵信息，也體現(xiàn)了北京高考靈活性高的特點。4.利用引力常量G和下列某一組數(shù)據(jù)，不能計算出地球質(zhì)量的是（）A.地球的半徑及地球表面附近的重力加速度（不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響）B.人造衛(wèi)星在地面附近繞地球做圓周運動的速度及周期C.月球繞地球做圓周運動的周期及月球與地球間的距離D.地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離【答案】D【解析】【詳解】A.根據(jù)地球表面物體重力等于萬有引力可得：-Mm6方='颶所以地球質(zhì)量故A能計算出地球質(zhì)量，A項正確;B.由萬有引力做向心力可得：故可根據(jù)v,T求得R,進(jìn)而求得地球質(zhì)量，故B可計算，B項正確；CD.根據(jù)萬有引力做向心力可得：G曾=皿乏）2「r2T故可根據(jù)T,r求得中心天體的質(zhì)量M,而運動天體的質(zhì)量m無法求解，故C可求解出中心天體地球的質(zhì)量，D無法求解環(huán)繞天體地球的質(zhì)量；故C項正確，D項錯誤；本題選擇不可能的，故選D。.如圖所示，高速公路收費站都設(shè)有“ETC”通道（即不停車收費通道），設(shè)ETC車道是筆直的，由于有限速，汽車通過時一般是先減速至某一限定速度，然后勻速通過電子收費區(qū)，再加速駛離（將減速和加速過程都看作加速度大小相等的勻變速直線運動）。設(shè)汽車開始減速的時刻t=0,下列四幅圖能與汽車通過ETC的運動情況大致吻合的是：【答案】D【解析】【詳解】汽車先做勻減速運動，然后做勻速運動，最后做勻加速運動；圖像A反映物體先負(fù)向勻速后靜止，再正向勻速，選項A錯誤；圖像B反映物體先正向勻速后靜止，再正向勻速，選項B錯誤；圖像C反映物體先正向加速，后靜止，再正向加速，選項C錯誤；圖像D反映物體先減速后勻速，再加速，符合題意，則選項D正確；故選D.【點睛】此題關(guān)鍵是搞清不同的圖像反映的運動規(guī)律；x-t圖像的斜率等于速度；v-t圖像的斜率等于加速度..下列粒子流中貫穿本領(lǐng)最強(qiáng)的是。A.a射線 B.陰極射線C.質(zhì)子流 D.中子流【答案】D【解析】【詳解】a射線射線的穿透能力最弱，一張紙即可把它擋住,但是其電離能力最強(qiáng)，陰極射線是電子流，能穿透0.5mm的鋁板；質(zhì)子流比電子流的穿透能力要強(qiáng)一些，中子不帶電，相同的情況下中子的穿透能力最強(qiáng).A.a射線，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.陰極射線，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.質(zhì)子流，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.中子流，與結(jié)論相符，選項D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.在風(fēng)洞實驗室內(nèi)的豎直粗糙墻面上放置一鋼板，風(fēng)垂直吹向鋼板，在鋼板由靜止開始下落的過程中，作用在鋼板上的風(fēng)力恒定.用Ek、E、v、P分別表示鋼板下落過程中的動能、機(jī)械能、速度和重力的功率，關(guān)于它們隨下落高度或下落時間的變化規(guī)律，下列四個圖象中正確的是( )【答案】AC【解析】C、鋼板受到重力mg、風(fēng)力F、墻的支持力N和滑動摩擦力f,由于風(fēng)力恒定，則由平衡條件得知，墻對鋼板的支持力恒定，鋼板所受的滑動摩擦力恒定，故鋼板勻加速下滑，則有v=at,故C正確；A、根據(jù)動能定理得：Ek=(mg-f)h,可知&與h成正比，故A正確；B、設(shè)鋼板開始時機(jī)械能為與，鋼板克服滑動摩擦力做功等于機(jī)械能減小的量，則E=E0-jh=E0-f~at2,則知E與t是非線性關(guān)系，圖象應(yīng)是曲線，故B錯誤；D、重力的功率P= =茄，則知P與h是非線性關(guān)系，圖象應(yīng)是曲線，故D錯誤；故選AC.【點睛】本題首先要正確分析鋼板的運動情況，其次要根據(jù)物理規(guī)律得到動能、機(jī)械能、速度和重力功率的表達(dá)式，再選擇圖象..關(guān)于擴(kuò)散現(xiàn)象，下列說法正確的是（ ）A.溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快B.擴(kuò)散現(xiàn)象是不同物質(zhì)間的一種化學(xué)反應(yīng)C.擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的D.擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生E.液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的【答案】ACD【解析】【詳解】A.根據(jù)分子動理論，溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快，故A正確；.擴(kuò)散現(xiàn)象不是化學(xué)反應(yīng)，故B錯誤；C.擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的，故C正確；D.擴(kuò)散現(xiàn)象在氣體、液體和固體中都能發(fā)生，故D正確；E.液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象不是由于液體的對流形成的，是液體分子無規(guī)則運動產(chǎn)生的，故E錯誤；故選ACD.【點睛】本題主要是分子動理論，理解擴(kuò)散現(xiàn)象的本質(zhì)是分子無規(guī)則熱運動。.如圖所示，真空中有一個棱長為a的正四面體PQMN.若在P、Q兩點分別放置一個點電荷，P點為正電荷、Q點為負(fù)電荷，其電荷量均為q。再在四面體所在的空間加一個勻強(qiáng)電場，其場強(qiáng)大小為E,則M點合場強(qiáng)為0。靜電力常數(shù)為k,下列表述正確的是（ ）A.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為印 B.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為學(xué)aC.N點合場強(qiáng)的大小為0 D.N點合場強(qiáng)的大小為要a【答案】AC【解析】【詳解】AB.如圖所示，正確分析三維幾何關(guān)系。兩個點電荷在M點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小均為E一旦由幾何關(guān)系知，這兩個點電荷的合場強(qiáng)大小為E點=2Ecos60°=烏方向平行于PQ指向Q一側(cè)。該點合場強(qiáng)為（），則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向與￡“相反，大小為印，所以Aa~正確，B錯誤；CD.由幾何關(guān)系知，兩點電荷在M、N兩點的合場強(qiáng)的大小相等、方向相同，則N點合場強(qiáng)的大小也為0.所以C正確，D錯誤。故選AC.10.一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化如圖所示，則（ ）fP/xiO'Pu12345171.A.狀態(tài)b、c的內(nèi)能相等B.狀態(tài)a的內(nèi)能比狀態(tài)b、c的內(nèi)能大C.在a到b的過程中氣體對外界做功D.在a到b的過程中氣體向外界放熱E.在b到c的過程中氣體一直向外界放熱【答案】ABD【解析】【詳解】A.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合圖象可知，狀態(tài)b、c的溫度相同，故內(nèi)能相等，故A正確；B.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程結(jié)合圖象可知，狀態(tài)a的溫度比狀態(tài)b、c的溫度高，故狀態(tài)a的內(nèi)能比狀態(tài)b、c的內(nèi)能大，故B正確；C.在a到b的過程中，體積減小，外界對氣體做功，故C錯誤；

到b的過程，溫度降低，內(nèi)能減小，氣體體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體應(yīng)從外界放熱，故D正確；E.狀態(tài)b、c的內(nèi)能相等，由b到c的過程氣體體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，整個過程氣體吸熱，由a到b的過程氣體放熱，故在c到a的過程中氣體應(yīng)吸熱：故E錯誤.11.如圖甲所示，兩個點電荷Qi、Q?固定在z軸上，其中Qi位于原點O,a、b是它們連線延長線上的兩點.現(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子q以一定的初速度沿z軸從a點開始經(jīng)b點向遠(yuǎn)處運動（粒子只受電場力作用）,設(shè)粒子經(jīng)過a、b兩點時的速度分別為v,、vb,其速度隨坐標(biāo)x變化的圖象如圖乙所示，則以下判斷正確的是QiO'aix甲ab連線的中點電勢最低a點的電勢比b點的電勢高x=3L處場強(qiáng)一定為零Q2帶負(fù)電且電荷量小于Qi【答案】CD【解析】【詳解】A.帶電粒子在電場中只受電場力作用，電勢能和動能之和不變，由圖可知，在a、b連線的中點3L處，動能最大，電勢能最小，因為粒子帶負(fù)電荷，所以a、b連線的中點3L處電勢最高，故A錯誤：B.根據(jù)A選項分析可知，a點動能比b點小，電勢能比b點大，所以a點的電勢比b點低，故B錯誤；C.在3L點前做加速運動，3L點后做減速運動，可見3L點的加速度為0,則x=3L處場強(qiáng)為零，故C正確；D.由于在x=3L點前做加速運動，所以Q2帶負(fù)電，3L點的加速度為0,則有黑"=#多,故Qz帶正電且電荷量小于Q”故D正確。故選：CD12.下列說法中不符合實際的是A.單晶體并不是在各種物理性質(zhì)上都表現(xiàn)出各向異性B.液體的表面張力使液體表面具有擴(kuò)張的趨勢C.氣體的壓強(qiáng)是由于氣體分子間相互排斥而產(chǎn)生的D.分子間同時存在引力和斥力，且這兩種力同時增大，同時減小E.熱量能自發(fā)地從內(nèi)能大的物體向內(nèi)能小的物體進(jìn)行傳遞【答案】BCE【解析】【詳解】A.由于單晶體在不同方向上物質(zhì)微粒的排列情況不同，即為各向異性，則為單晶體具有各向異性，但并不是所有物理性質(zhì)都是各向異性的，選項A正確，不符合題意；B.液體的表面張力使液體表面具有收縮的趨勢，選項B錯誤，符合題意；C.氣體的壓強(qiáng)是由于大量的氣體分子頻繁的對器壁碰撞產(chǎn)生的，并不是由于氣體分子間相互排斥而產(chǎn)生的，選項c錯誤，符合題意；D.分子間同時存在引力和斥力，且這兩種力同時增大，同時減小，選項D正確，不符合題意；E.熱量能自發(fā)地從溫度高的物體向溫度低的物體進(jìn)行傳遞，選項E錯誤，符合題意；故選BCE.三、實驗題:共2小題，每題8分，共16分13.現(xiàn)有一種特殊的電池，它的電動勢E約為9V,內(nèi)阻r約為50。，已知該電池允許輸出的最大電流為50mA,為了測定這個電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學(xué)利用如圖(a)所示的電路進(jìn)行實驗，圖中電壓表的內(nèi)阻很大，對電路的影響可不考慮，R為電阻箱，阻值范圍0—9999。，R。是定值電阻，起保護(hù)電路的作用.(1)實驗室備有的定值電阻R。有以下幾種規(guī)格:A.10Q2.5WB.100Q1.0WC.200。1.0WD.2000。5.0W本實驗應(yīng)選哪一種規(guī)格？答.(2)該同學(xué)接入符合要求的R。后，閉合開關(guān)S,調(diào)整電阻箱的阻值，讀取電壓表的示數(shù)改變電阻箱阻值，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖(b)所示的圖線(已知該直線的截距為0.1V」).則根據(jù)該同學(xué)所作出的圖線可求得該電池的電動勢E為V,內(nèi)阻r為d(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)【答案】C 10 41.7【解析】【分析】【詳解】當(dāng)滑動變阻器短路時，電路中通過的最大電流為50mA,則由閉合電路歐姆定律可知，定值電阻的最小阻值為：&=——r=—Jr-50Q=130Q,I 50x10-3所以定值電阻R。應(yīng)選C.U 1 1r I1⑵⑵⑶根據(jù)閉合電路歐姆定律：E=U+--變形得：-=-+F/p^px?結(jié)合77與￡^^的圖&+R U E ￡(/?+&)) U &+R像可知，截距為'=0.1,電源電動勢E=10V；斜率k=(=：2：；；J=4J7,所以內(nèi)阻：r=41.7Q。14.實驗中掛鉤位置可認(rèn)為不變，利用力傳感器和單擺小球來驗證機(jī)械能守恒。(1)用游標(biāo)卡尺測出小鐵球直徑結(jié)果如圖乙所示。則其直徑口=cm.(2)①如圖甲所示，固定力傳感器M②取一根不可伸長的細(xì)線，一端連接(D中的小鐵球，另一端穿過固定的光滑小圓環(huán)O,并固定在傳感器的掛鉤上(小圓環(huán)剛好夠一根細(xì)線通過)③將小鐵球自由懸掛并處于靜止?fàn)顟B(tài)，從計算機(jī)中得到拉力隨時間變化的關(guān)系如圖丁所示。(i)為驗證小鐵球在最高點A和最低處的機(jī)械能是否相等，則.A.必須要測出小鐵球的直徑DB.必須要測出小鐵球的質(zhì)量mC.必須要測出細(xì)線離開豎直方向的最大偏角0D.必須要知道圖丙、丁中F。，F(xiàn)i，F(xiàn)2的大小及當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭E.必須要知道圖丙、丁中F。，F(xiàn)“F2的大小(ii)若已經(jīng)通過實驗測得了(D中所需的物理量，則為了驗證小鐵球在最高點B和最低點處的機(jī)械能是否相等，只需驗證等式 是否成立即可。(用題中所測得的物理量符號表示)【答案】1.090cm D 2娛(1一二］=瑪一與gIF?J【解析】【詳解】(1)口］由圖乙可知，該游標(biāo)卡尺為50分度游標(biāo)卡尺，故其讀數(shù)為D=(55-45x0.98)mm=10.90mm=1.090cm(2)⑵由機(jī)械能守恒定律可得mg+-cosd)=mv~在最低點時有v2F2-mg=m—―/+—2剛釋放時有mgcos0=Ft靜止時有=mg聯(lián)立化簡可得故小球機(jī)械能是否守恒驗證以上等式即可，故需要測量的物理量為F。，F(xiàn)?F2的大小及當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭,故選D。［3］由［2］中分析可知，需驗證的等式為20卻〃四、解答題：本題共3題，每題8分，共24分15.如圖所示，一開口氣缸內(nèi)盛有密度為P的某種液體，一長為I的粗細(xì)均勻的小瓶底朝上漂浮在液體中，平衡時小瓶露出液面的部分和進(jìn)入小瓶中液柱的長度均為!，已知各部分氣體的溫度均為T,大氣壓強(qiáng)為片，重力加速度為g,求：3/(1)現(xiàn)使小瓶內(nèi)氣體溫度降低，當(dāng)小瓶的底部恰好與液面相平時，進(jìn)入小瓶中的液柱長度為:，求此時小瓶內(nèi)氣體的溫度⑵現(xiàn)用活塞將氣缸封閉(圖中未畫出)，使活塞緩慢向下運動，各部分氣體的溫度均保持T不變。當(dāng)小瓶露出液面的部分為!時，進(jìn)入小瓶中的液柱長度為求此時氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)8 2+pglF33【答案】⑴誨麗丁；⑵都一//【解析】【詳解】⑴小瓶內(nèi)氣體初態(tài)：I3P\=P0+Pg->V,=-Sl,Tt=T末態(tài)：6=4+Pg(，匕=；s/根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得：生二生Zt2解得：T4A+pgl12=6(2兄+pg/)(2)小瓶內(nèi)氣體初態(tài)：I3=P0+Pg->vi=-sl>Ti=T末態(tài)：3 1=P+PS-i?V,=-Sl,T3=To Z根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得：4匕=他解得此時氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)：16.如圖所示，閉合矩形線框abed可繞其水平邊ad轉(zhuǎn)動，ab邊長為x,be邊長為L、質(zhì)量為m,其他各邊的質(zhì)量不計，線框的電阻為R。整個線框處在豎直向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)給be邊施加一個方向與be邊、磁場的方向均垂直的初速度v,經(jīng)時間t,be邊上升到最高處，ab邊與豎直線的最大偏角為。，重力加速度取g。求t時間內(nèi)：(1)線框中感應(yīng)電動勢的最大值；(2)流過線框?qū)w截面的電量;(3)線框中感應(yīng)電流的有效值?！?、Blxsin0■ 、Blxsin0 、【答案】(1)BLv；(2)---；(3)mv2-2gx(1-cosI

2Rt【解析】【詳解】(1)開始時速度最大且與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，感應(yīng)電動勢最大，則有E^=BLv(2)根據(jù)電荷量的計算公式可得q=It根據(jù)閉合電路歐姆定律可得根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得-AOBLxsinOE= = Art解得BLxsindq= R(3)根據(jù)能量守恒定律可得1 2—mv=m^x(\—cos+Q根據(jù)焦耳定律Q=l^Rt解得-2gx(l-cos。)]奇-V2Rt17.如圖所示，U型玻璃細(xì)管豎直放置，水平細(xì)管又與U型玻璃細(xì)管底部相連通，各部分細(xì)管內(nèi)徑相同。U型管左管上端封有長11cm的理想氣體B,右管上端開口并與大氣相通，此時U型玻璃管左、右兩側(cè)水銀面恰好相平，水銀面距U型玻璃管底部為15cm。水平細(xì)管內(nèi)用小活塞封有長度10cm的理想氣體Ao現(xiàn)將活塞緩慢向右推，使氣體B的長度為10cm,此時氣體A仍封閉在氣體B左側(cè)的玻璃管內(nèi)。已知外界大氣壓強(qiáng)為75cmHg.試求：(1)最終氣體B壓強(qiáng)；(2)活塞推動的距離。【答案】(1)82.5cmHg(2)10.363cm【解析】【分析】考查理想氣體的等溫變化?！驹斀狻?1)活塞緩慢向右推的過程中，氣體B做等溫變化，設(shè)S為玻璃管橫截面:75xllS=^2xlO5解得：Pb2=82.5cmHg即最終氣體B壓強(qiáng)為82.5cmHg；(2)末狀態(tài)：氣體B和C的液面高度差：A/?=82.5-75cm=7.5cm活塞緩慢向右推的過程中，氣體A做等溫變化初狀態(tài)：以=%+、=75+15cmHg=90cmHg末狀態(tài)：7^2=紹2+4=82.5+16cmHg=98.5cmHg由玻意耳定律：PaMi=Pa2%代入數(shù)據(jù)：90x105=98.5x1^5解得:Lq=9.137cm活塞推動的距離：d=l+(7.5+1)+(10-9.137)cm=10.363cm.2021屆新高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.如圖所示是某一單色光由空氣射入截面為等腰梯形的玻璃磚，或由該玻璃磚射入空氣時的光路圖，其中正確的是（）（已知該玻璃磚對該單色光的折射率為1.5）B.圖甲、圖丁C.圖乙、圖丙A.圖甲、圖丙D.B.圖甲、圖丁C.圖乙、圖丙A.圖甲、圖丙D.圖乙、圖丁【答案】C【解析】【分析】【詳解】單色光由空氣射入玻璃磚時，折射角小于入射角。圖甲錯誤。圖乙正確；當(dāng)該單色光由玻璃磚射入空氣時,發(fā)生全反射的臨界角的正弦值sinC=-=-n3因為sin450=也>22 3所以臨界角C<45。，圖丙、圖丁中該單色光由玻璃磚射入空氣時的入射角為47。，大于臨界角，會發(fā)生全反射，圖丙正確，圖丁錯誤。故選C。.用傳感器研究質(zhì)量為2kg的物體由靜止開始做直線運動的規(guī)律時，在計算機(jī)上得到0~6s內(nèi)物體的加速度隨時間變化的關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）A.（卜A.（卜2s內(nèi)物體做勻加速直線運動0~2s內(nèi)物體速度增加了4m/s2~4s內(nèi)合外力沖量的大小為8Ns4~6s內(nèi)合外力對物體做正功【答案】C【解析】【分析】【詳解】A.（卜2s內(nèi)物體的加速度變大，做變加速直線運動，故A錯誤；B.圖像下面的面積表示速度的變化量，0~2s內(nèi)物體速度增加了!x2x2=2m/s,故B錯誤；2C.2~4s內(nèi)合外力沖量的大小/=mat=2x2x2N?s=8N-s故C正確；D.由圖可知，4~6s內(nèi)速度變化量為零，即速度不變，由動能定理可知，合外力對物體做功為零，故D錯誤。故選C..下列現(xiàn)象中屬于分子斥力的宏觀表現(xiàn)的是（A.鏡子破碎后再對接無法接起 B.液體體積很難壓縮C.打氣筒打氣，若干次后難再打進(jìn)D.橡皮筋拉伸后放開會自動縮回【答案】B【解析】【詳解】鏡子破碎后再對接無法接起，并不是因為分子間表現(xiàn)為斥力，而是由于分子間距離大于分子直徑的10倍以上，分子間的作用力太小，不足以使碎玻璃片吸引到一起，故A錯誤.液體難于被壓縮是因為液體中分子距離減小時表現(xiàn)為斥力，故B正確.打氣筒打氣，若干次后難再打進(jìn)，是因為氣體的壓強(qiáng)增大的緣故，不是因為分子間存在斥力，故C錯誤.橡皮筋拉伸后放開會自動縮回，是由于分子間存在引力的緣故，故D錯誤.故選B.【點睛】本題考查了熱學(xué)的基礎(chǔ)知識，關(guān)鍵要明確分子間同時存在著引力和斥力，二者都隨分子間距離的增加而減小，而斥力減小得快，根據(jù)現(xiàn)象分析出斥力的表現(xiàn)..如圖所示，兩個內(nèi)壁光滑的圓形管道豎直固定，左側(cè)管道的半徑大于右側(cè)管道半徑。兩個相同小球A、B分別位于左、右管道上的最高點，兩球的半徑都略小于管道橫截面的半徑。由于微小的擾動，兩個小球由靜止開始自由滑下，當(dāng)它們通過各自管道最低點時，下列說法正確的是（）A球的動能等于B球的動能A球的角速度大于B球的角速度A球、B球?qū)壍赖膲毫Υ笮∠嗟取敬鸢浮緿【解析】【分析】【詳解】AB.對于任意一球，根據(jù)機(jī)械能守恒得mg2R=^mv2解得V=ypgR由于左側(cè)管道的半徑大于右側(cè)管道半徑，所以A球的速率大于B球的速率，A球的動能大于B球的動能,故A、B錯誤；C.根據(jù)v=，4gR=Ro可得則有即A球的角速度小于B球的角速度，故C錯誤；D.在最低點，根據(jù)牛頓第二定律可得V2FN-mg=m—1\解得Fn=5mg根據(jù)牛頓第三定律可得A球、B球?qū)壍赖膲毫Υ笮∠嗟?，故D正確；故選D。5.2019年的諾貝爾物理學(xué)獎于10月8日公布，有一半的獎金歸屬了一對師徒——瑞士的天文學(xué)家MichelMayor和DidierQueloz,以表彰他們“發(fā)現(xiàn)了一顆圍繞類太陽恒星運行的系外行星”.由于行星自身不發(fā)光，所以我們很難直接在其他恒星周圍找到可能存在的系外行星，天文學(xué)家通常都采用間接的方法來偵測太陽系外的行星，視向速度法是目前為止發(fā)現(xiàn)最多系外行星的方法。行星自身的質(zhì)量使得行星和恒星圍繞著他們共同的質(zhì)量中心在轉(zhuǎn)動，在地球上用望遠(yuǎn)鏡就有可能看到行星引力對于恒星的影響。在視線方向上，恒星受行星引力作用，時而遠(yuǎn)離時而靠近我們，這種細(xì)微的搖擺反應(yīng)在光譜上，就會造成恒星光譜不斷地紅移和藍(lán)移。我們稱這種探測系外行星的方法為視向速度法。結(jié)合以上信息，下列說法正確的是()A.在繞著共同的質(zhì)量中心轉(zhuǎn)動的恒星和行星組成的雙星系統(tǒng)中，恒星和行星做圓周運動的線速度大小一定相等B.在繞著共同的質(zhì)量中心轉(zhuǎn)動的恒星和行星組成的雙星系統(tǒng)中，由于恒星質(zhì)量大，轉(zhuǎn)動半徑小，所以恒星做圓周運動的周期比行星的周期小C.若某恒星在靠近我們，該恒星發(fā)出光的頻率將變高，因此接收到的頻率就會變高，即恒星光譜會出現(xiàn)藍(lán)移D.若某恒星在遠(yuǎn)離我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻率低，即恒星光譜會出現(xiàn)紅移【答案】D【解析】【分析】【詳解】AB.雙星間的萬有引力提供它們各自圓周運動的向心力，則恒星和行星做圓周運動的角速度大小相等，周期相同，則可得4_Mr2m由于恒星與行星質(zhì)量不同，則軌道半徑不同，由公式u=w可知，恒星和行星做圓周運動的線速度大小不同，故AB錯誤；C.根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，若某恒星在靠近我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻率，即恒星光譜會出現(xiàn)藍(lán)移，故c錯誤；D.根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，若某恒星在遠(yuǎn)離我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻率低，即恒星光譜會出現(xiàn)紅移，故D正確。故選D。6.在平直公路上甲乙兩車從同一地點出發(fā)，兩車位移x和時間t的比值上與時間t之間的關(guān)系如圖所示。t下列說法正確的是（ ）A.甲車的加速度大小為5m/s2B.6s末乙車速度減小到零C.甲車追上乙車前，2s末甲乙兩車相距最遠(yuǎn)D.乙車速度減小到零時，甲車速度為30m/s【答案】D【解析】【分析】【詳解】1,..A,根據(jù)x=%.-\--aV可得x1甲車的加速度大小為, 10 2 2=2^=2x—m/s=10m/s"選項A錯誤；B.由圖像可知，乙車的初速度為v0=15m/s,加速度為a,=2k.=-2x—m/s2=—5m/s22則速度減為零的時間為t=—=3s選項B錯誤；C.當(dāng)兩車相距最遠(yuǎn)時速度相等，即vo_02t=印解得t=ls選項C錯誤;

D.乙車速度減小到零時需經(jīng)過t=3s,此時甲車速度為u=卬=30m/s選項D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得()分.如圖所示，理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)比為4：1,原線圈接有u=311sinlO(hrt(V)的交變電壓，副線圈上接有定值電阻R、線圈L、燈泡D及理想電壓表胡.以下說法正確的是.燈泡D兩端電壓為55VC.若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，則電壓表M的示數(shù)將減小D.若交變電壓u的有效值不變，頻率增大，則燈泡D的亮度將變暗【答案】AD【解析】變壓器不會改變電流的頻率，電流的頻率為/="=/=噤法=5。法，故A正確；由瞬時值的表達(dá)式可知，原線圈的電壓最大值為3UV,所以原線圈的電壓的有效值為:達(dá)式可知，原線圈的電壓最大值為3UV,所以原線圈的電壓的有效值為:311

x/2V=220V,在根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓的有效值為55V,在副線圈中接有電阻R、電感線圈L和燈泡D,它們的總的電壓為55V,所以燈泡L兩端電壓一定會小于55V,故B錯誤；在根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知副線圈的電壓不變，所以電壓表的示數(shù)不變，故C錯誤；交流電的頻率越大，電感線圈對交流電有阻礙作用就越大，所以電路的電流會減小，燈泡D的亮度要變暗，故D正確.所以AD正確，BC錯誤..如圖所示，在紙面內(nèi)有一個半徑為r、電阻為R的線圈，線圈處于足夠大的勻強(qiáng)磁場中，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里，線圈與磁場右邊界相切與P點.現(xiàn)使線圈繞過P點且平行于磁場方向的軸以角速度3順時針方向勻速轉(zhuǎn)過90。，到達(dá)圖中虛線位置，則下列說法正確的是()KA.線圈中產(chǎn)生沿逆時針方向的感應(yīng)電流B.線圈受到的安培力逐漸增大C.線圈經(jīng)過虛線位置時的感應(yīng)電動勢為2B-3D.流過線圈某點的電荷量為獨二R【答案】BC【解析】【分析】【詳解】A.線圈順時針方向勻速轉(zhuǎn)動時，穿過線圈的磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生沿順時針方向的感應(yīng)電流，選項A錯誤：B.線圈順時針方向勻速轉(zhuǎn)動時，切割磁感線的有效長度逐漸變大，感應(yīng)電流逐漸變大，根據(jù)F=BIL可知,線圈受到的安培力逐漸增大，選項B正確；C.線圈經(jīng)過虛線位置時的感應(yīng)電動勢為E=B-2rcor=2Br2a）選項C正確；D.流過線圈某點的電荷量為_A①_~2 _Bir1q- = = RR2R選項D錯誤。故選BC..水平面上兩個質(zhì)量相等的物體甲和乙，它們分別在水平推力￡和巴作用下開始沿同一直線運動，運動一段時間后都先后撤去推力，以后兩物體又各自運動一段時間后靜止在同一位置，兩物體的動能一位移圖象如圖所示，圖中線段AB〃CO,則下列說法正確的是（ ）A.甲受到的摩擦力小于乙受到的摩擦力B.兩個水平推力的大小關(guān)系是6大于巴C.在兩物體的加速階段，甲的加速度等于乙的加速度D.物體甲克服摩擦力做的功大于物體乙克服摩擦力做的功【答案】AC【解析】【詳解】A.依題意及題圖可知，在動能減少階段，兩物體均做勻減速運動.物體受到的摩擦力大小等于圖象斜率的絕對值，易得甲受到的摩擦力力小于乙受到的摩擦力力，故A正確；B.在動能增加階段，兩物體均做勻加速運動，圖象的斜率表示物體的合力，由題圖知6-工=鳥-力得故月小于鳥，故B錯誤：C.在加速階段，兩物體受到的合力相等，易知兩物體的加速度大小相等，故C正確；D.整個運動階段，由動能定理可知，甲、乙兩物體克服摩擦力做的功分別等于￡和月所做的功，根據(jù)功的公式容易得到，￡做的功小于6做的功，所以物體甲克服摩擦力做的功小于物體乙克服摩擦力做的功，故D錯誤。故選：AC.10.有一堆砂子在水平面上堆成圓錐形，穩(wěn)定時底角為a,如圖所示.如果視每粒砂子完全相同，砂子與砂子之間，砂子與地面之間的動摩擦因數(shù)均為M,砂子之間的最大靜摩擦力可近似認(rèn)為與滑動摩擦力相等,以下說法正確的是（）A.砂堆穩(wěn)定時，砂堆底面受到地面的摩擦力一定為零

B.砂堆穩(wěn)定時，只有形成嚴(yán)格規(guī)則的圓錐，底面受到地面的摩擦力才為零C.砂堆穩(wěn)定時形成的圓錐的底角最大值滿足tanamax=MD.砂堆穩(wěn)定時形成的圓錐的底角最大值滿足COSp【答案】AC【解析】【分析】【詳解】AB、把所有沙子看成一個整體，對整體受力分析，由水平方向合力為零可得，砂子穩(wěn)定時，砂堆底面受到地面的摩擦力一定為零，與形狀無關(guān)，故A正確，B錯誤；C、取斜面上的一粒質(zhì)量為m的沙子，若沙子恰好平衡，傾角最大，沙子受力平衡，對沙子受力分析，根據(jù)平衡條件得：mgsina=pmgcosa解得：tana=1i所以amas=arctanp,故C正確，D錯誤.故選AC.11.2018年4月2日，中國首個空間實驗室“天宮一號”墜入大氣層焚毀.天宮一號是中國首個“目標(biāo)飛行器”，其主要目的在于和神舟飛船（稱“追蹤飛行器”）配合完成交會對接飛行測試，為建設(shè)空間站積累經(jīng)驗.其在軌工作1630天，失聯(lián)759天，在地球引力下軌道高度不斷衰減，最終于4月2日早晨8點15分墜入大氣層焚毀.據(jù)報道，該次墜落沒有造成任何危險.天宮一號空間實驗室于2011年9月29日在酒泉發(fā)射升空，設(shè)計壽命兩年，軌道平均高度約為350km.作為中國空間站的前身，在役期間，天宮一號先后與神舟八號、九號、十號飛船配合完成六次交會對接任務(wù)，共計接待6名航天員，完成多項科學(xué)實驗.設(shè)“天宮一號”飛行器的軌道半徑為r,地球表面重力加速度為g,地球半徑為R,地球自轉(zhuǎn)周期為T,對于“天宮一號”在服役運行過程中，下列說法正確的是A.根A.根據(jù)題中數(shù)據(jù)，可求出地球的質(zhì)量仞=4//

GT2地球質(zhì)量也可表達(dá)為M=咚GB.“神州八號”飛船與“天宮一號”進(jìn)行對接時，“神州八號”飛船需要從低軌道加速“天宮一號”飛行器運動的周期是T“天宮一號”飛行器運動的周期是TnD.天宮一號的航天員在一天內(nèi)可以看到日出的次數(shù)是N=【答案】BD【解析】【詳解】A.根據(jù)因天宮一號的周期未知，題中給出的是地球自轉(zhuǎn)周期，則不能求解地球質(zhì)量，可根據(jù)求解地球質(zhì)量選項A錯誤；B.“神州八號”飛船與“天宮一號”進(jìn)行對接時，“神州八號”飛船需要從低軌道加速，然后進(jìn)入高軌道實現(xiàn)對接，選項B正確；Mm 47r°C.根據(jù)G—y-=〃2宗-r可知“天宮一號”飛行器運動的周期是選項C錯誤；D.天宮一號的航天員每轉(zhuǎn)一周即可看到一次日出，一天轉(zhuǎn)的圈數(shù)是則在一天內(nèi)可以看到日出的次數(shù)是選項D正確；故選BD.點睛：利用萬有引力提供向心力和行星表面附近重力等于萬有引力（也稱黃金代換）求解天體間運動，是本章解題的基本思路；知道衛(wèi)星變軌的方法是從低軌道加速進(jìn)入高軌道，或者從高軌道制動進(jìn)入低軌道.12.某同學(xué)用如圖所示電路演示交流發(fā)電機(jī)的發(fā)電原理，線圈電阻不計，電表為理想電表。當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)速增大1倍，下列說法正確的是（ ）A.當(dāng)線圈處于圖示位置時，燈泡兩端電壓最大B.電流表測量的是燈泡的最大電流C.電壓表的示數(shù)增大為原來的2倍 D.通過燈泡的電流頻率為原來的2倍【答案】ACD【解析】【詳解】A.當(dāng)線圈處于圖示位置時，位于與中性面垂直的平面，瞬時感應(yīng)電動勢最大，燈泡兩端電壓最大，故A正確；B.電流表測量的是通過燈泡電流的有效值，故B錯誤；C.根據(jù)Em=NBS（oco=2兀n可知當(dāng)轉(zhuǎn)速增加1倍，則電動勢最大值增大為原來的2倍，根據(jù)E4可知電動勢有效值增大為原來的2倍，即電壓表的示數(shù)增大為原來的2倍，故C正確；D.根據(jù)當(dāng)轉(zhuǎn)速增大1倍，可知交流電的頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，即通過燈泡的電流頻率為原來的2倍，故D正確。故選ACD.三、實驗題:共2小題，每題8分，共16分13.某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進(jìn)行驗證動量守恒定律及平臺上A點左側(cè)與滑塊a之間的動摩擦因數(shù)的實驗.在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側(cè)摩擦很小，可忽略不計，左側(cè)為粗糙水平面，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間.采用的實驗步驟如下：A.在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；B.用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質(zhì)量m,、mb：C.在a和b間用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮了的輕短彈簧，靜止放置在平臺上：D.燒斷細(xì)線后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動：E.記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間At：F.滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離SaG.小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離Sb；H.改變彈簧壓縮量，進(jìn)行多次測量.

（1）用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，則擋光片的寬度為mm；（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證兩物體a、b彈開后的動量大小相等，即a的動量大小等于b的動量大小:（用上述實驗所涉及物理量的字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到小滑塊a的Sa與 關(guān)系圖象如圖丙所示，圖象的礪斜率為k,則平臺上A點左側(cè)與滑塊a之間的動摩擦因數(shù)大小為.（用上述實驗數(shù)據(jù)字母表示）【答案】2.550*nr?憶二LJ 、4U JUU【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為：2.5mm+0.050mm=2.550mm.（2）燒斷細(xì)線后，a向左運動，經(jīng)過光電門，根據(jù)速度公式可知，a經(jīng)過光電門的速度為：_ _，故a的動量為： b離開平臺后做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律可得： 及-=-匚聯(lián)TOC\o"1-5"\h\z□_=nrx 口=2口口2 °DD°□ j立解得： 尸■,故b的動量為： 產(chǎn).口：=口匚〈三 口:=口□□口=口口口匚、（3）對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：-；_--,經(jīng)過光電門的速度： 由牛頓第J口― 口 E□二定律可得：_二二 聯(lián)立可得：_ 則由圖象可知：_一.14.研究電阻值相近的兩個未知元件X和Y的伏安特性,使用的器材有多用電表、電壓表（內(nèi)阻約為3kC）、電流表（內(nèi)阻約為1C）。(a)(b)(c)(d)(a)(b)(c)(d)（1）用多用電表歐姆擋的“X1”倍率粗測元件X的電阻，示數(shù)如圖（a）所示，其讀數(shù)為Q.若用電壓表與電流表測量元件X的電阻，應(yīng)選用圖（b）或圖（c）中的哪一個電路（選填“（b）”或“（c）（2）連接所選電路并閉合開關(guān)S,滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，電流表的示數(shù)逐漸（選填“增大，，或“減小”）；依次記錄實驗中相應(yīng)的電流值與電壓值。（3）將元件X換成元件Y,重復(fù)上述步驟進(jìn)行實驗。⑷圖（d）是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的元件X和Y的U-/圖線，由圖像可知，當(dāng)元件Y中的電流增大時其電阻（選填“增大”“減小”或“不變【答案】10 （b）增大增大【解析】【詳解】選擇“xl”倍率測量讀數(shù)為10。，則待測電阻值為10Q.（2）［2］元件X電阻值約為10。，根據(jù)3kQ10Q可知元件X與電流表內(nèi)阻相近，則電流表采用外接法誤差較小，應(yīng)選（b）電路。（3）［3］在（b）電路中，滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，元件X兩端電壓增大，則其電流增大則電流表的示數(shù)逐漸增大。（4）［4］根據(jù)歐姆定律變形R3IU-/圖像上的點與原點連線斜率的大小為電阻，由圖像的變化特點知，元件Y的電阻隨電流的增大而增大。四、解答題：本題共3題，每題8分，共24分15.如圖所示，足夠長的金屬導(dǎo)軌MNC和PQD平行且間距為L左右兩側(cè)導(dǎo)軌平面與水平面夾角分別為a=37。、p=53°,導(dǎo)軌左側(cè)空間磁場平行導(dǎo)軌向下，右側(cè)空間磁場垂直導(dǎo)軌平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B?均勻金屬棒ab和ef質(zhì)量均為m,長度均為L,電阻均為R,運動過程中，兩金屬棒與導(dǎo)軌保持良好接觸，始終垂直于導(dǎo)軌，金屬棒ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為11=0.5,金屬棒ef光滑。同時由靜止釋放兩金屬棒，并對金屬棒ef施加外力F,使ef棒保持a=0.2g的加速度沿斜面向下勻加速運動。導(dǎo)軌電阻不計,重力加速度大小為g,疝1137。=0.6,cos37°=0.8.求：（1）金屬棒ab運動過程中最大加速度的大??；（2）金屬棒ab達(dá)到最大速度所用的時間；（3）金屬棒ab運動過程中，外力F對ef棒的沖量。aBaB【答案】⑴仆=。&；⑵「慧;⑶3-鬻卜負(fù)號代表沖量沿斜面向上?！窘馕觥俊驹斀狻?1)金屬棒ab釋放瞬間加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律有mgsina—從mgcosa=ma.得《”=S2g(2)金屬棒ab釋放之后，合外力為零時速度最大，則有mgsina=jn(mgcosa+B1L)E—BL%%=0.2gr得4mRb2i?(3)金屬棒ab釋放之后，根據(jù)牛頓第二定律，可得任意時刻的加速度mgsina-〃(jngcosa+B1L)=ina(lt)得：a=&一典其圖象如圖所示ab520〃求。一，圖像面積代表速度增量，由運動的對稱性可知，從金屬棒ab釋放起，經(jīng)過時間，2=2。=8/7?/?速度減為零，此后保持靜止，在此過程中，金屬ef一直勻加速直線運動，則有%=0.2gr21 2Xef=-xO.2gxz2對金屬棒ef,規(guī)定沿斜面向下為正方向，由動量定理可得IF—BILt+mgsin=mv^—0其中q=Itq=It=BLx^2R得：。=-細(xì)婆，負(fù)號代表沖量沿斜面向上'5B212說明：其它方法求解也可以，如寫出外力尸的表達(dá)式，用其平均值計算沖量大小F+mgsin(3-BIL-ma?得戶=-0.6〃?g+史宜r10R則可知釋放瞬間，4=7)6咫時刻，F(xiàn)2=0.2mg尸-/圖象所圍成的面積代表其沖量，則有得：/=一”嘩，負(fù)號代表沖量沿斜面向上16.足夠長的光滑斜面固定在水平面上，現(xiàn)以恒力F沿斜面向上拉物體，使其以初速度為0、加速度外從斜面底端向上運動。恒力F作用一段時間t后撤去，又經(jīng)過相同時間t物體恰好回到斜面底端。求：(I)施加恒力時物體的加速度ay與撤去恒力后物體的加速度生大小之比；(2)撤去恒力的瞬間物體的速度v,與物體回到斜面底端時速度匕大小之比?！敬鸢浮?1)1:3 ；(2)1:2【解析】【分析】【詳解】(1)(2)施加恒力時，物體做勻加速直線運動，則有I2撤去恒力物體返回斜面底端過程，物體做勻變速直線運動外方向沿斜面向下，則有々=卬_(。2產(chǎn)，嶺=巧一名匕肉=一馬聯(lián)立解得故《與%大小之比為1：3,匕與嶺大小之比為1:2。17.一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，t=0時刻的波動圖象如圖甲所示，其中處于x=12m處的質(zhì)點c的振動圖象如圖乙所示。求:①質(zhì)點a的運動狀態(tài)傳到質(zhì)點d所用的時間;②從t=0時刻開始，5.5s內(nèi)質(zhì)點b運動的路程和t=5.5s時質(zhì)點b的位移。甲 乙【答案】00.2s；②5.5m,10cm【解析】【詳解】①由圖甲可知，簡諧波的波長2=12m,由圖乙可知，簡諧波的周期7=0.4s,故該波的傳播速度v=—=30m/sT由正弦函數(shù)曲線規(guī)律可知，質(zhì)點a平衡位置的橫坐標(biāo)為5m,質(zhì)點d平衡位置的橫坐標(biāo)為11m,所以質(zhì)點a的運動狀態(tài)傳到質(zhì)點d所用的時間②5.5s內(nèi)，有3Ar=5.5s=5.2s+0.3s=13-T4故，=5.5s時質(zhì)點b處在正的最大位移處，質(zhì)點b運動的位移為10cm：質(zhì)點b運動的路程=(13x4+3)x0.Im=5.5m2021屆新高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場的水平軸沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計時，產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖像如圖乙所示，以下判斷正確的是（ ）A.交流電的頻率是100Hz0.02s時線圈平面與磁場方向平行（）.02s時穿過線圈的磁通量最大D.電流表的示數(shù)為20A.圖示為兩質(zhì)點P、。做勻速圓周運動的向心加速度大小”隨半徑廠變化的圖線，其中表示質(zhì)點。的圖線是一條雙曲線,表示質(zhì)點。的圖線是過原點的一條直線。由圖線可知,在半徑，?逐漸增大的過程中（ ）A.質(zhì)點/，的線速度大小保持不變B.質(zhì)點。的線速度大小保持不變C.質(zhì)點P的角速度不斷增大D.質(zhì)點。的角速度不斷增大.如圖是原子物理史上幾個著名的實驗，關(guān)于這些實驗，下列說法正確的是:A.盧瑟福a粒子散射實驗否定了原子結(jié)構(gòu)的棗糕模型，提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型B.放射線在磁場中偏轉(zhuǎn)，中間沒有偏轉(zhuǎn)的為7射線，電離能力最強(qiáng)C.電壓相同時，光照越強(qiáng)，光電流越大，說明遏止電壓和光的強(qiáng)度有關(guān)D.鈾235只要俘獲中子就能進(jìn)行鏈?zhǔn)椒磻?yīng)4.如圖所示，四根相互平行的固定長直導(dǎo)線L卜Lz、L3、L4,其橫截面構(gòu)成一角度為60。的菱形，均通

有相等的電流I,菱形中心為o。L|中電流方向與L2中的相同，與Lj、L4,中的相反，下列說法中正確的是()\、、/\\、乂\、公、L蒞 拓電I /A.菱形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零B.菱形中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿OL]Li所受安培力與L3所受安培力大小不相等Li所受安培力的方向與1,3所受安培力的方向相同5.如圖所示，兩平行導(dǎo)軌二二、二二豎直放置在勻強(qiáng)磁場中，勻強(qiáng)磁場方向豎直向上，將一根金屬棒二二放在導(dǎo)軌上使其水平且始終與導(dǎo)軌保持良好接觸，現(xiàn)在金屬棒二二中通以變化的電流：：，同時釋放金屬棒二二使其運動.已知電流二隨時間二變化的關(guān)系式為二=二二數(shù)一定.以豎直向下為正方向，則下面關(guān)于棒的速度二、的有0. .C使其運動.已知電流二隨時間二變化的關(guān)系式為二=二二數(shù)一定.以豎直向下為正方向，則下面關(guān)于棒的速度二、的有0. .CHJ二[曲MT1) 產(chǎn)fW)ABA0 a0 fc,olvL?id6.在探究光電效應(yīng)現(xiàn)象時，某小組的同學(xué)分別用頻率為速度之比為1：2,普朗克常量用h表示，貝!1( )(二為常數(shù)，二＞0),金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因加速度二隨時間二變化的關(guān)系圖象中，可能正確v、2V的單色光照射某金屬，逸出的光電子最大A.光電子的最大初動能之比為1：2B.該金屬的逸出功為當(dāng)當(dāng)C.該金屬的截止頻率為：D.用頻率為］的單色光照射該金屬時能發(fā)生光電效應(yīng)二、多項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分7.如圖，豎直放置的光滑圓弧型軌道，O為圓心，AOB為沿水平方向的直徑，AB=2R,在A點以初速度V。沿AB方向平拋一小球a,若V。不同，則小球a平拋運動軌跡也不同.則關(guān)于小球在空中的運動，下列說法中正確的是V。越大，小球a位移越大V。越大，小球a空中運動時間越長C.若v0=再，小球a動能增加量最大D.若vo=，小球a末動能最大.2018年世界排球錦標(biāo)賽上，中國女排姑娘們的頑強(qiáng)拼搏精神與完美配合給人留下了深刻的印象。某次比賽中，球員甲接隊友的一個傳球,在網(wǎng)前L=3.60m處起跳，在離地面高H=3.20m處將球以v0=12m/s的速度正對球網(wǎng)水平擊出，對方球員乙剛好在進(jìn)攻路線的網(wǎng)前，她可利用身體任何部位進(jìn)行攔網(wǎng)阻擊。假設(shè)球員乙的直立和起跳攔網(wǎng)高度分別為h|=2.50m和h2=2.95m,g取10mH?下列情景中，球員乙可能攔網(wǎng)成功的是（）甲 乙A.乙在網(wǎng)前直立不動 B.乙在甲擊球時同時起跳離地C.乙在甲擊球后0.18s起跳離地 D.乙在甲擊球前0.3s起跳離地.如圖所示為手機(jī)無線充電原理圖，若連接電源的為發(fā)射線圈N,手機(jī)端為接收線圈M,接收線圈匝數(shù)為〃，電阻為廣，橫截面積為S,手機(jī)可看成純電阻R,勻強(qiáng)磁場平行于線圈軸線穿過線圈。下列說法正確是（ ）A.只要發(fā)射線圈N中有電流流入，接收線圈M兩端一定可以獲得電壓B.只要接收線圈M兩端有電壓，發(fā)射線圈N中的電流一定不是恒定電流C.當(dāng)接收線圈M中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加時，接收線圈M中有均勻增加的電流D.若。時間內(nèi)，接收線圈M中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增加Afi,則接收線圈M兩端的電壓為.兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示。一個電荷量為2C,質(zhì)量為1kg的小物塊從C點靜止釋放，其運動的v-t圖像如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）。則下列說法正確的是（）A.B點為中垂線上電場強(qiáng)度最大的點，場強(qiáng)E=lV/mB.由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大C.由C點到A點的過程中，電勢逐漸升高D.A、B兩點的電勢之差外一傷=—5V11.下列說法正確的是A.做簡諧振動的物體，速度和位移都相同的相鄰時間間隔為一個周期B.當(dāng)障礙物的尺寸小于波長或與波長差不多時才能發(fā)生衍射C.波的周期與波源的振動周期相同，波速與波源的振動速度相同D.電磁波在與電場和磁場均垂直的方向上傳播E.相對論認(rèn)為時間和空間與物質(zhì)的運動狀態(tài)有關(guān).如圖所示，一細(xì)長玻璃管插入面積很大的水銀槽中，玻璃管上方有一段被封閉的長為L的理想氣體，玻璃管內(nèi)、外水銀面的高度差為h,玻璃管是導(dǎo)熱的。當(dāng)環(huán)境溫度升高，玻璃管固定不動，氣體和外界達(dá)到新的熱平衡時，下列說法正確的是.A.L增大，h減小，氣體壓強(qiáng)增大B.理想氣體每個分子的速率都增大C.封閉氣體的內(nèi)能一定增大D.外界對封閉氣體做功E.封閉氣體一定從外界吸收熱量三、實驗題:共2小題，每題8分，共16分.某興趣小組用如圖所示的裝置驗證動能定理.（1）有兩種工作頻率均為50Hz的打點計時器供實驗選用：A.電磁打點計時器 B.電火花打點計時器為使紙帶在運動時受到的阻力較小，應(yīng)選擇（選填"A”或"B”）.（2）保持長木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過打點計時器的限位孔.實驗中，為消除摩擦力的影響，在祛碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運動.同學(xué)甲認(rèn)為此時摩擦力的影響已得到消除.同學(xué)乙認(rèn)為還應(yīng)從盤中取出適量沙子，宜至輕推小車觀察到小車做勻速運動.看法正確的同學(xué)是（選填“甲”或“乙”）.（3）測出小車的質(zhì)量為M,再測出紙帶上起點到A點的距離為L.小車動能的變化量可用AEk=；Mv/算出.祛碼盤中祛碼的質(zhì)量為m,重力加速度為g；實驗中，小車的質(zhì)量應(yīng) （選填“遠(yuǎn)大于”“遠(yuǎn)小于”或“接近”）祛碼、祛碼盤和沙子的總質(zhì)量，小車所受合力做的功可用W=mgL算出.多次測量，若W與AEk均基本相等則驗證了動能定理..某實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置“探究加速度與物體受力的關(guān)系，圖中A為質(zhì)量為M的小車,連接在小車后的紙帶穿過電火花計時器B,它們均置于已平衡摩擦力的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上，鉤碼P的質(zhì)量為m,C為彈簧測力計，實驗時改變P的質(zhì)量，讀出測力計不同讀數(shù)F,不計繩與滑輪的摩擦。(1)在實驗過程中，(選填“需要”或“不需要”)滿足“小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量”這一條件。(2)乙圖為某次實驗得到的紙帶，相鄰計數(shù)點間還有四個計時點沒有畫出，已知電源的頻率為f,由紙帶可得小車的加速度表達(dá)式為a=(用X1、X2、X3、X4、f來表示(3)實驗完畢后，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)實驗時的電壓小于220V,那么加速度的測量值與實際值相比(選填“偏大,,“偏小，域“不變，，)。四、解答題：本題共3題，每題8分，共24分15.某汽車輪胎能在-30°C~70°C的范圍內(nèi)正常工作，正常工作時胎內(nèi)氣體的壓強(qiáng)最高不能超過3.5atm,最低不能低于1.6atm。在20℃的室溫環(huán)境下給該輪胎充氣，充氣結(jié)束時，胎內(nèi)氣體的溫度升高到30co假定輪胎容積不變，分析解答下列問題。⑴夏天的汽車行駛在溫度較高的馬路上，輪胎容易爆裂。若該胎內(nèi)氣體溫度高達(dá)77℃，從微觀上分析胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)變化導(dǎo)致爆胎這一現(xiàn)象：(ii)求充氣結(jié)束時輪胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)的范圍(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。.如圖，一固定的水平氣缸有一大一小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞，已知大活塞的橫截面積為S,小活塞的橫截面積為;；兩活塞用剛性輕桿連接，間距保持為I,氣缸外大氣壓強(qiáng)為p。，溫度為T,初始時大活塞與大圓筒底部相距g,兩活塞間封閉氣體的溫度為2T,活塞在水平向右的拉力作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，拉力的大小為F且保持不變?，F(xiàn)氣缸內(nèi)氣體溫度緩慢下降，活塞緩慢向右移動，忽略兩活塞與氣缸壁之間的摩擦，則：(1)請列式說明，在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)如何變化？(2)在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前的瞬間，缸內(nèi)封閉氣體的溫度是多少？(3)缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣達(dá)到熱平衡時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)是多少？,了測量所采集的某種植物種子的密度，一位同學(xué)進(jìn)行了如下實驗：①取適量的種子，用天平測出其質(zhì)量，然后將幾粒種子裝入注射器內(nèi)；②將注射器和壓強(qiáng)傳感器相連，然后緩慢推動活塞至某一位置，記錄活塞所在位置的刻度V,壓強(qiáng)傳感器自動記錄此時氣體的壓強(qiáng)p;③重復(fù)上述步驟，分別記錄活塞在其它位置的刻度V和記錄相應(yīng)的氣體的壓強(qiáng)P；④根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出工-v圖線，并推算出種子的密度。P（1）根據(jù)圖線，可求得種子的總體積約為ml（即cn?）。（2）如果測得這些種子的質(zhì)量為7.86xl0-3kg,則種子的密度為kg/m\（3）如果在上述實驗過程中，由于操作不規(guī)范，使注射器內(nèi)氣體的溫度升高，其錯誤的操作可能是.這樣操作會造成所測種子的密度值 （選填“偏大”、“偏小”或“不變參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的【解析】【詳解】A.根據(jù)圖乙，交變電流周期為T=0.02s頻率為/=-=—!—Hz=50HzT0.02A錯誤BC.0.02s時，電流最大，線圈平面與磁場方向平行，穿過線圈的磁通量為零，B正確，C錯誤;D.根據(jù)圖乙，電流的最大值/m=l(X^A電流的有效值［牟=￥a=10AV2y/2所以電流表示數(shù)為10A,D錯誤。故選B.A【解析】【詳解】y2A.由向心加速度?？芍?。與〃成反比，即圖線是雙曲線，則線速度大小保持不變，選項A正確；rC.由角速度。=上，線速度不變，則P的角速度與半徑成反比，選項C錯誤；rBD.根據(jù)“ 若。與「成正比，即圖線是過原點的直線，則角速度保持不變，即質(zhì)點Q的角速度保持不變，而線速度n=w,可見。的線速度與半徑成正比，選項BD錯誤。故選A。A【解析】【分析】【詳解】A.盧瑟福a粒子散射實驗否定了原子結(jié)構(gòu)的棗糕模型，提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A正確；B.放射線在磁場中偏轉(zhuǎn)，中間沒有偏轉(zhuǎn)的為7射線，貫穿能力最強(qiáng)，故B錯誤；C.由圖可以知道，光照越強(qiáng)，光電流越大，但遏止電壓是一樣，說明遏止電壓與光的強(qiáng)度無關(guān)，故C錯誤；D.鏈?zhǔn)椒磻?yīng)需要達(dá)到臨界體積才可以，故D錯誤：故選A.A【解析】【分析】【詳解】AB.根據(jù)安培定則，L2、L,導(dǎo)線在菱形中心O處的磁應(yīng)強(qiáng)度方向沿OL3斜向上，L3、L1導(dǎo)線在菱形中心O處的磁應(yīng)強(qiáng)度方向沿01.2斜向下，由疊加原理可知，菱形中心o處的合磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，且不沿OL1方向，故A正確，B錯誤；CD.根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，Li與Lj受力如圖所示，由各導(dǎo)線中電流大小相等，則每兩導(dǎo)線間的作用力大小相等，由平行四邊形定則合成可知，L所受安培力與L所受安培力大小相等，方向相反，故CD錯誤.故選A。B【解析】【詳解】以豎直向下為正方向，根據(jù)牛頓第二定律得，金屬棒的加速度二=三三，f=jiN=pFA=nBIL=jiBLkt,聯(lián)立解得加速度a=g-/1/,與時間成線性關(guān)系，且t=0時，a=g,故CD錯誤.因為開始加速度方向向下，與速度方向相同，做加速運動，加速度逐漸減小，即做加速度逐漸減小的加速運動，然后加速度方向向上,加速度逐漸增大，做加速度逐漸增大的減速運動。故A錯誤，B正確。故選B?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵會根據(jù)合力確定加速度的變化，結(jié)合加速度方向與速度方向判斷物體做加速運動還是減速運動，知道速度時間圖線的切線斜率表示加速度.B【解析】【詳解】解：A、逸出的光電子最大速度之比為1：2,光電子最大的動能：Ekm=-mvl，則兩次逸出的光電子的動能的之比為1：4；故A錯誤；B、光子能量分別為：E=hv和E=2hv根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動能為：Ek=hv-W,4紇=2hv-W聯(lián)立可得逸出功：W=T，故B正確；TOC\o"1-5"\h\zC、逸出功為―一，那么金屬的截止頻率為故C錯誤；3 3I 7vD、用頻率為7V的單色光照射，因；丫＜?，不滿足光電效應(yīng)發(fā)生條件，因此不能發(fā)生光電效應(yīng)，故D2 2 3錯誤。故選：B.二、多項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分AC【解析】【詳解】A.平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，初速度越大，則在空中運動的水平位移越大，末位置離A點越遠(yuǎn)，則位移越大，故A正確；B.平拋運動的時間由高度決定，與水平初速度無關(guān)，初速度大時，與半圓接觸時下落的距離不一定比速度小時下落的距離大，所以時間不一定長，故B錯誤；C.平拋運動只有重力做功，根據(jù)動能定理可知，重力做功越多，動能變化越大，則小球落到C點時，重力做功最多，動能變化最大，則運動時間為：水平初速度為:故c正確；D.根據(jù)動能定理可知，末動能為:EK=EKo+m8h當(dāng)% 亨小球下落的距離最大，但是初速度不是最大，所以末動能不是最大，故D錯誤;故選AC.BC【解析】【分析】【詳解】A.若乙在網(wǎng)前直立不動，則排球到達(dá)乙的位置的時間“四s=0.3s% 12排球下落的高度為,1,1,A/z=— =—x10x0.3"m=0.45m<(3.2-2.5)m=0.7m則不能攔網(wǎng)成功，選項A錯誤；B.因為乙在空中上升的時間為

2x(2.95-2.50) “10-—— -5=0.3s10乙在甲擊球時同時起跳離地,在球到達(dá)乙位置時,運動員乙剛好到達(dá)最高點，因2.95m>3.2m-0.45m=2.75m,則可以攔住，故B正確：C.結(jié)合選項B的分析，乙在甲擊球后0.18s起跳離地，初速度為v=gti=10x0.3=3m/s上升時間t，=0.12s時球到達(dá)乙位置，上升的高度為h'=vt--g/,2=0.288m2.50m+0.288m=2.788m>2.75m,可以攔網(wǎng)成功，故C正確；D.乙在甲擊球前0.3s起跳離地，因為乙在空中的時間為0.6s；則當(dāng)排球到達(dá)球網(wǎng)位置時，乙已經(jīng)落地，則不能攔網(wǎng)成功，選項D錯誤。故選BC.BD【解析】【詳解】A.若發(fā)射線圈N中有恒定電流，則產(chǎn)生的磁場不變化，在接收線圈中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，也就不會獲得電壓，A錯誤；B.只要接收線圈兩端有電壓，說明穿過接收線圈的磁場變化，所以發(fā)射線圈中的電流一定不是恒定電流,B正確；C.若穿過接收線圈M的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加，如果線圈閉合，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律廣△①A5°E=n =n—S△tZ可知線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知接收線圈M中有感應(yīng)電流且恒定，C錯誤；D.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)分壓規(guī)律得M兩端的電壓〃EDnS\BRU=t\=R+rAr(/?+r)D正確。故選BD.AD【解析】【分析】兩個等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向由o點沿中垂線指向外側(cè)；電量為2c的小物塊僅在運動方向上受電場力作用從C點到B到A運動的過程中，根據(jù)v-t圖可知在B點的加速度，可知物體先做加速度增大后做加速度減小的加速運動，判斷電荷所受電場力大小變化情況和加速度變化情況，由牛頓第二定律求出電場強(qiáng)度的最大值。根據(jù)電勢能的變化，分析電勢的變化。由動能定理求AB間的電勢差?！驹斀狻緼.由乙圖可知，物體在B點加速度最大，且加速度為Avc,2a=—=2m/s△t根據(jù)qE=ma可知B點的場強(qiáng)最大，為E=lV/m,故A正確；B.從C到A的過程中，電場力一直做正功，電勢能一直減小，故B錯誤；C.從C到A一直沿著電場線運動，電勢逐漸降低，故C錯誤；D.從B到A的過程中，根據(jù)動能定理，得jj 12 2ClUBA=^mV-2mV°代入數(shù)據(jù)得Uba=5V,則5V即故D正確。故選AD.【點睛】明確等量同種電荷電場的特點是解本題的關(guān)鍵，據(jù)v-t圖獲取加速度、速度、動能等物理量是解本題的突破口。ADE【解析】【詳解】A.做簡諧振動的物體，兩相鄰的位移和速度始終完全相同的兩狀態(tài)間的時間間隔為一個周期，故A正確；B.當(dāng)障礙物的尺寸小于波長或與波長差不多時才能發(fā)生明顯衍射，故B錯誤；C.波的周期與波源的振動周期相同，波速是波在介質(zhì)中的傳播速度，在均勻介質(zhì)中波速是不變的，而波源的振動速度是波源做簡諧運動的速度，是時刻變化的，故C錯誤；D.電磁波在與電場和磁場均垂直的方向上傳播，電磁波是橫波，故D正確；E.相對論認(rèn)為時間和空間與物質(zhì)的運動狀態(tài)有關(guān)，故E正確。故選ADE.ACE【解析】【詳解】A.當(dāng)環(huán)境溫度升高，假設(shè)內(nèi)、外水銀面的高度差不變，由于氣體溫度升高，氣體壓強(qiáng)增大，故內(nèi)、外水銀面的高度差不可能不變，高度差h減小，氣體長度L增大，氣體壓強(qiáng)增大，故A正確；B.氣體溫度升高，分子的平均動能增大，但不是每個分子的平均速率都增大，故B錯誤；C.一定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能由溫度決定，溫度升高時，氣體的內(nèi)能一定增大，故C正確；D.由于氣體體積增大，故氣體對外做功，故D錯誤；E.根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體一定從外界吸收熱量，故E正確。故選ACE.三、實驗題:共2小題，每題8分，共16分B乙遠(yuǎn)大于【解析】【詳解】電磁打點計時器是通過機(jī)械振動打點的，而電火花打點計時器是通過電火花來打點，用電火花打點計時器能使紙帶在運動時受到的阻力較小.故A不符合題意，B符合題意。(2)［2］同學(xué)乙的做法正確。只有讓小車做勻速直線運動才能夠判斷摩擦力與沙子和盤的重力大小相等，才能夠消除摩擦力的影響。對于甲同學(xué)，小車開始運動時，沙子和盤的重力等于最大靜摩擦力，而最大靜摩擦力要略大于滑動摩擦力。(3)［3］對于祛碼、硅碼盤和沙子，根據(jù)牛頓第二定律：mg-F=ma,只有當(dāng)小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于祛碼、祛碼盤和沙子總質(zhì)量時，繩子的拉力F才近似等于祛碼、祛碼盤和沙子中重力mg.不需要"+:清一"尸不變【解析】【分析】【詳解】(1)111該實驗可以用彈簧測力計測量繩子的拉力，故不需要滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量的條件。(2)|2］根據(jù)逐差法可知，小車的加速度為_ 4-X4- -X)X4+X3-Z一再,2a 4-(5T)2—- 100J(3)［3］根據(jù)⑵中所得到的加速度的表達(dá)式可知，加速度與電源電壓無關(guān)，所以加速度的測量值與實際值相比是不變的。四、解答題：本題共3題，每題8分，共24分⑴汽車行駛時，輪胎內(nèi)部氣體體積近似不變，則氣體分子密集程度不變。溫度升高，氣體分子平均動能變大，導(dǎo)致分子碰撞沖擊力變大，且單位時間單位面積的碰撞頻率變大，則氣體壓強(qiáng)變大，過大的壓強(qiáng)可使輪胎爆裂；(ii)2.0atm~3.1atm【解析】【詳解】⑴汽車行駛時，輪胎內(nèi)部氣體體積近似不變，則氣體分子密集程度不變。溫度升高，氣體分子平均動能變大，導(dǎo)致分子碰撞沖擊力變大，且單位時間單位面積的碰撞頻率變大，則氣體壓強(qiáng)變大，過大的壓強(qiáng)可使輪胎爆裂；(ii)如圖所示：設(shè)充氣后30℃時壓強(qiáng)為Pi，行駛過程溫度為70c時對應(yīng)較大壓強(qiáng)3.5atm。氣體等容變化，由查理定律得Pi_ 3.5atm(273+30)K-(273+70)K解得Pi?3.1atm設(shè)充氣后30,C時壓強(qiáng)為凸，行駛過程溫度為-30°C時對應(yīng)較小壓強(qiáng)1.6atm.由查理定律得p,_ 1.6atm(273+30)K-(273-30)K解得p2?2.0atm則充氣結(jié)束時的壓強(qiáng)范圍為2.0atm~3.1atm.43F3(1)在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前，缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)保持不變；(2)可??；(3)—+-^,.【解析】【詳解】(1)在活塞緩慢右移的過程中，用巴表示缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)，由力的平衡條件得：4S+*s+rs—*s=o解得：在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前，缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)：4=4+玲且保持不變；kJ(2)在大活塞到達(dá)兩圓筒銜接處前，氣體做等壓變化，設(shè)氣體的末態(tài)溫度為T”由蓋?呂薩克定律有:上=匕2T7；其中：-s《+TT=與，匕=小解得:4Tl=~Ti(3)缸內(nèi)封閉的氣體與缸外大氣達(dá)到熱平衡的過程，封閉氣體的體積不變，由氣態(tài)方程:生=生T}T解得:?_3O_3F3n右Vk/。5.6(±0.2) 1.40X103(±0.2xl03) 手握住了注射器內(nèi)的封閉氣體部分 沒有緩慢推動活塞偏小【解析】【分析】考查理想氣體的等溫變化?！驹斀狻縖1].根據(jù)玻意耳定律:PV=C當(dāng)"趨向于0,則氣體體積趨向于0,從3-V圖象知，橫軸截距表示種子的體積為：5.6(±0.2)ml.[2].密度為：m7.86x10-3 /a1（八1Ni/3p=—= kg/m-1.40x103kg/m3(3)[31I4H51.注射器內(nèi)氣體的溫度升高，其錯誤的操作可能是：手握住了注射器內(nèi)的封閉氣體部分、沒有緩慢推動活塞；當(dāng)氣體溫度升高，氣體的體積趨于膨脹，更難被壓縮，所作的g-V圖線與橫軸的交點將向右平移，所測種子體積偏大，密度偏小。2021屆新高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的1.假設(shè)將乘一艘飛船靠近火星時，經(jīng)歷如圖所示的變軌過程，則下列說法正確的是( )軌道m(xù) :、小、軌道1，田? -,a.飛船在軌道n上運動到p點的速度小于在軌道軌道I上運動到p點的速度B.若軌道I貼近火星表面，測出飛船在軌道I上運動的周期，就可以推知火星的密度c.飛船在軌道I上運動到p點時的加速度大于飛船在軌道u上運動到p點時的加速度D.飛船在軌道U上運動時的周期小于在軌道I上運動時的周期2.如圖(a),場源點電荷固定在真空中O點，從與O相距r。的P點由靜止釋放一個質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的離子，經(jīng)一定時間，離子運動到與。相距m的N點。用a表示離子的加速度，用r表示離A.場源點電荷帶正電B.場源點電荷的電荷量為-華上c.離子在p點的加速度大小為四遮2D.離子在P點受到的電場力大小為4華.物理學(xué)中用磁感應(yīng)強(qiáng)度B表征磁場的強(qiáng)弱，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位用國際單位制(SI)中的基本單位可表示為()TOC\o"1-5"\h\zA.與 B.— C./ D.上Ai- A-m C-a a-.如圖所示，一直角三角形acd在豎直平面內(nèi)，同一豎直面內(nèi)的a、b兩點關(guān)于水平邊cd對稱，點電荷Qi、Q2固定在c、d兩點上。一質(zhì)量為m、帶負(fù)電的小球P在a點處于靜止?fàn)顟B(tài)，取重力加速度為g,下列說法正確的是( )3Q(aQ2對P的靜電力大小為母小gQi、Qz的電荷量之比為立3C.將P從a點移到b點，電場力做正功D.將P從a點沿直線移到b點，電勢能先增大后減小5.如圖所示，一個鋼球放在傾角為30的固定斜面上，用一豎直的擋板擋住，處于靜止?fàn)顟B(tài).各個接觸面均光滑。關(guān)于球的重力大小G、球?qū)π泵娴膲毫Υ笮n卜球?qū)醢宓膲毫Υ笮n2間的關(guān)系，正確的是A.Fni>GB.Fn2>GD?Fm<Fn26.如圖所示，P球質(zhì)量為2m,物體Q的質(zhì)量為m,現(xiàn)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，物體Q位于墻壁和球P之間，已知P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與墻壁間的夾角為30。，重力加速度為g,則下列說法正確的是()P對Q有方向豎直向下的摩擦力，大小為mgB.若增大P球的質(zhì)量，則P對Q的摩擦力一定變大C.若增大Q球的質(zhì)量，則P對Q的摩擦力一定變大D.輕繩拉力大小為JJmg二、多項選擇題：本題共6小題，每小題5分，共30分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.殲-15飛機(jī)是我國研制的多用途艦載戰(zhàn)斗機(jī)。某飛行訓(xùn)練中，第一次艦保持靜止，飛機(jī)從靜止開始沿甲板運動，當(dāng)飛機(jī)的速度為v時通過的距離為x“經(jīng)歷的時間為t“第二次艦以速度v。勻速運動，飛機(jī)相對甲板由靜止開始沿艦運動的同方向加速，當(dāng)飛機(jī)相對海面的速度為V時沿甲板通過的距離為X2,經(jīng)歷的時間為t2.設(shè)兩次飛機(jī)均做勻加速運動且加速度大小相等。則（）t21 ?〃吁％?”v-v0°七v2