山西省懷仁第一中學2024學年高二物理第一學期期末達標檢測試題含解析

山西省懷仁第一中學2024學年高二物理第一學期期末達標檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某物體運動的速度圖象如圖所示，根據圖象可知A.內的加速度為 B.內的位移為10mC.第2s末與第3s末物體的位置相同 D.第1s末與第5s末加速度方向相同2、一質點做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，且原來作用在質點上的力不發(fā)生改變，則（）A.質點一定做勻變速直線運動 B.質點一定做勻變速曲線運動C.質點單位時間內速度的變化量相同 D.質點速度的方向總是與該恒力的方向相同3、下列說法正確的是A.庫侖定律適用于點電荷，點電荷其實就是體積很小的球體B.根據F=kq1q2/r2，當兩電荷的距離趨近于零時，靜電力將趨向無窮大C.若點電荷q1的電荷量大于q2的電荷量，則q1對q2的靜電力大于q2對q1的靜電力D.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍4、在勻強磁場中一帶電粒子正在做勻速圓周運動，如果突然將它的速度增大到原來的3倍，則()A.粒子的運動軌跡半徑不變，運動周期減為原來的三分之一B.粒子的運動軌跡半徑是原來的3倍，周期不變C.粒子的運動軌跡半徑和周期都是原來的3倍D.粒子的運動軌跡半徑是原來的4倍，周期不變5、如圖所示，在負點電荷Q（圖中未畫出）形成的電場中．一電子從a點靜止釋放，僅在電場力作用下沿直線ab向b點運動，則A.a點的場強比b點大B.a點的電勢比b點高C.電場線方向從a指向bD.電子在a點的電勢能比b點小6、下列現(xiàn)象中，屬于電磁感應現(xiàn)象的是A.磁場對電流產生力的作用B.電流的周圍能產生磁場C.軟鐵棒可被磁場磁化而帶磁性D.變化的磁場使閉合電路中產生電流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實驗中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后各自的電流I隨所加電壓U變化的圖象如圖所示，點M為兩元件的伏安特性曲線的交點．則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法正確的是A.圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線B.圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線C.通過圖線中可求得M點對應小燈泡的阻值和熱敏電阻的阻值D.圖線中M點對應的狀態(tài)，表示小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等8、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）A.b點的電勢低于c點的電勢B.b點電場強度小于d點電場強度C.a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D.試探電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能9、如圖所示，一導線彎成半徑為a的半圓形閉合回路．虛線MN右側有磁感應強度為B的勻強磁場．方向垂直于回路所在的平面．回路以速度v向右勻速進入磁場，直徑CD始終與MN垂直．從D點到達邊界開始到C點進入磁場為止，下列結論正確的是()A.感應電流方向先逆時針，后順時針B.CD段直線始終不受安培力C.感應電動勢的最大值E＝BavD.感應電動勢平均值E＝πBav10、圖中的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以下結論中正確的是()A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.甲表電流表，R增大時量程減小C.乙表是電壓表，R增大時量程增大D.上述說法都不對三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組設計了如圖所示歐姆表電路，通過調控電鍵和調節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“”和“”兩種倍率。已知：電源電動勢，內阻；毫安表滿偏電流，內阻，回答以下問題：①圖的電路中：插孔應該接_______表筆（選填紅、黑）；應該選用阻值為_________的電阻（小數(shù)點后保留一位小數(shù)）；②經檢查，各器材均連接無誤，則：當電鍵斷開時，歐姆表對應的倍率為___________（選填“”、“”）；③為了測量電阻時便于讀出待測電阻的阻值，需將毫安表不同刻度標出歐姆表的刻度值，其中，中央刻度處應標的數(shù)值是________________；④該小組選擇閉合的檔位，歐姆調零操作無誤，測量電阻時，毫安表指針處于圖位置，由此可知被測電阻_______。12．（12分）某同學研究小燈泡的伏安特性,所使用的器材有：小燈泡L(額定電壓3.8V，額定電流0.32A)電壓表V(量程3V，內阻3kΩ)電流表A(量程0.5A，內阻0.5Ω)固定電阻(阻值1000Ω)滑動變阻器R(阻值0～9.0Ω)電源E(電動勢5V，內阻不計)開關S，導線若干（1）實驗要求能夠實現(xiàn)在0～3.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖____（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻___(填“增大”“不變”或“減小”)，燈絲的電阻率____(填“增大”“不變”或“減小”)（3）用另一電源(電動勢4V，內阻1.00Ω)和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節(jié)滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率，閉合開關S，在R的變化范圍內，小燈泡的最小功率為___W．(結果均保留2位有效數(shù)字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】速度圖象的斜率等于物體的加速度．速度的正負表示速度的方向，根據數(shù)學知識分析解答【題目詳解】根據速度圖象的斜率等于物體的加速度，可知0～2s內的加速度大小a=m/s2=1m/s2，故A正確．0～5s內的位移為，選項B錯誤；從第2s末到第3s末物體做勻速運動，可知第2s末與第3s末物體的位置不相同，選項C錯誤；第1s末所在位置的圖象斜率為正值，第5s末的所在位置的圖象斜率為負值，所以第1s末與第5s末的加速度方向相反，故D錯誤．故選A【題目點撥】解答速度時間圖象問題，關鍵抓住：（1）速度的正負表示物體速度的方向；（2）面積的正負表示物體位移的方向；（3）圖象的斜率等于物體的加速度2、C【解題分析】AB．質點開始做勻速直線運動，現(xiàn)對其施加一恒力，其合力不為零，若合力方向與原速度的方向不共線，則質點將做勻變速曲線運動；若合力方向與原速度的方向共線，則質點將做勻變速直線運動，故A、B錯誤；C．因為合外力恒定，加速度恒定，由可知，質點單位時間內速度的變化量總是相同，故C正確；D．如果所加恒力與原來的運動方向不在一條直線上，物體做曲線運動，速度方向沿切線方向，力和運動方向之間有夾角，質點速度的方向不可能與該恒力的方向相同，故D錯誤。故選C。3、D【解題分析】庫侖定律只適用于真空中的點電荷之間的作用力，當帶電體本身的大小和形狀對研究的問題影響很小時，可以將帶電體視為點電荷，與電荷的實際大小和帶電量無關，故A錯誤；當兩個點電荷距離趨于0時，兩電荷不能看成點電荷，此時庫侖定律的公式不再適用，故B錯誤；兩電荷之間的相互作用力大小相等，與點電荷電量的大小無關，故C錯誤；所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍，故D正確．所以D正確，ABC錯誤4、B【解題分析】帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：，解得：①；周期為：

②；由①式，半徑與速度成正比，速度變?yōu)?倍，故半徑變?yōu)?倍；由②式，周期與速度無關，故周期不變；故選B5、A【解題分析】根據電子的運動判斷其受力情況，根據受力方向確定電場的方向，進而確定場源電荷Q的位置，之后可根據點電荷電場分布的特點，正確解題【題目詳解】電子由靜止釋放，僅在電場力作用下從a向b運動，則電子受到的電場力的方向從a到b，則電場方向從b到a，C錯誤；則場源負點電荷Q位于a點的左側，故根據點電荷電場線分布特點（或點電荷場強公式）可知，a點的場強比b點的大，A正確；a點的電勢低于b點的電勢，B錯誤；負電子在電勢低的地方，電勢能較大，故D錯誤故本題正確答案選A【題目點撥】熟練掌握點電荷電場分布的特點，是解決本題問題的關鍵6、D【解題分析】電磁感應指閉合回路中部分導體做切割磁感線運動，或者穿過閉合線圈的磁通量變化，回路中產生感應電流的現(xiàn)象A.磁場對電流產生力的作用屬于電流在磁場中受力．故A錯誤；B.電流的周圍能產生磁場屬于電流的磁效應．故B錯誤；C.軟鐵棒可被磁場磁化而帶磁性屬于鐵磁性物質的磁化過程．故C錯誤；D.變化的磁場使閉合電路中產生電流是因磁通量的變化，從而產生感應電動勢，形成感應電流的現(xiàn)象．屬于電磁感應現(xiàn)象．故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】A、B項：小燈泡的燈絲溫度隨通電電流增大，阻值也隨著增大，所以圖中b是小燈泡的伏安特曲線，同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流增大，其阻值會減小，所以圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A正確，B錯誤；C項：由公式可求出M點的小燈泡的阻值和熱敏電阻的阻值，故C正確；D項：兩圖線的交點M，表示此狀態(tài)一個人元件不公電流相同，電壓也相同，所以功率相同，故D正確故選ACD8、BC【解題分析】A．MN是一條等勢線，則b點電勢為零，而c點電勢小于零，則b點電勢高于c點，選項A錯誤；B．因d電場場強大于O點場強，而O點場強大于b點場強，可知b點電場強度小于d點電場強度，選項B正確；C．由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，故C正確；D．因a點的電勢高于c點的電勢，故試探電荷+q在a點的電勢能高于在c點的電勢能，故D錯誤；故選BC。9、CD【解題分析】根據楞次定律判斷感應電流的方向，結合左手定則判斷CD段導線所受的安培力，當半圓形線框進入一半時，有效的切割長度最大，感應電動勢最大，根據切割產生的感應電動勢公式求出感應電動勢的最大值，根據法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的平均值；【題目詳解】A、在進入磁場的過程中，通過閉合電路的磁通量一直增大，根據楞次定律和右手安培定則可知感應電流的方向為逆時針方向，感應電流的方向不變，故A錯誤；B、在進入磁場的過程中，根據楞次定律知，CD上的電流方向為D指向C，根據左手定則知，CD直導線受到向下的安培力，故B錯誤；C、當半圓形線框進入一半時，有效的切割長度最大，感應電動勢最大，則感應電動勢的最大值，故C正確；D、線框進入磁場的時間，根據法拉第電磁感應定律知,感應電動勢平均值，故D正確；故選CD【題目點撥】關鍵知道感應電動勢公式只能來計算平均值；利用感應電動勢公式計算時，應是等效長度，即垂直切割磁感線的長度10、BC【解題分析】AB．由圖甲所示可知，電阻與G并聯(lián)，甲為電流表，分流電阻R增大時，電阻分流電流減小，量程變小，故A錯誤，B正確；C．由圖乙所示可知，電阻R與G串聯(lián)，乙為電壓表，R增大，電阻分壓電壓變大，量程變大，故C正確；D．由以上分析可知，BC正確，故D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).黑(2).2.2(3).×10(4).30(5).45【解題分析】①[1]歐姆檔內部電源的正極接黑表筆；[2]根據歐姆檔倍率關系，可知閉合開關可以將電流表量程變?yōu)樵瓉淼谋叮鶕至魈攸c：解得：；②[3]當電鍵斷開時，電流表的量程較小，在相同的電壓下，根據閉合歐姆定律：可知電流越小，能夠接入的電阻越大，所以當電鍵斷開時，對應檔；③[4]假設歐姆檔內部電阻為，根據閉合歐姆定律：則處對應的阻值：；④[5]根據閉合電路歐姆定律：解得：。12、①.電路圖見解析；②.增大；③.增大；④.0.39【解題分析】（1）[1]．因本實驗需要電流從零開始調節(jié)，因此應采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內阻與電流表內阻接近，故應采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應用R0和電壓表串聯(lián)，故原理圖如圖所示；（2）[3][4]．I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；（3）[5]．當滑動變阻器的阻值最大為9.0Ω時，電路中的電流最小，燈泡實際功率最小，由E=U+I（R+r）得U=