2021年浙江省臺州市大溪第二中學(xué)高二物理模擬試卷含解析

2021年浙江省臺州市大溪第二中學(xué)高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.(單選)對于靜電場有關(guān)物理量的描述，下列說法正確的是（

）A.順著電場線方向，電場強度逐漸增大B.負(fù)電荷在電場中的電勢能一定是負(fù)的C.電容器的電容是由電容器本身的性質(zhì)決定的D.在同一條電場線上，總可以找到電勢相同的兩點參考答案：C2.三個質(zhì)子分別以大小相等、方向如圖所示的初速度v1、v2和v3，經(jīng)過平板MN上的小孔射入勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，整個裝置放在真空中，不計重力，三個質(zhì)子打

到平板MN上的位置到小孔O的距離分別是S1、S2和S3，則D

A．S1<S2<S3

B．S1>S2>S3

C．S1＝S3>S2

D．S1＝S3<S2

參考答案：D3.（多選題）如圖所示，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣．當(dāng)MN中電流突然減小時（）A．線圈中感應(yīng)電流方向是abcdaB．線圈中感應(yīng)電流方向是adcbaC．線圈所受安培力的合力方向向右D．線圈所受安培力的合力方向向左參考答案：BC【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律．【分析】根據(jù)右手定則得到線圈中磁通量的方向，然后由楞次定律得到電流減小時線圈中的感應(yīng)電流方向，進而得到線圈各邊受力情況．【解答】解：AB、如圖所示，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣，導(dǎo)線兩側(cè)的磁感應(yīng)強度對稱分布，由右手定則可知線圈中的磁通量方向垂直紙面向里；當(dāng)MN中電流突然減小時，由楞次定律可知感應(yīng)電流的感應(yīng)磁場方向垂直紙面向里，故由右手定則可知，感應(yīng)電流方向為adcba，故A錯誤，B正確；CD、由AB可知，感應(yīng)電流方向為adcba；導(dǎo)線左側(cè)磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向外，導(dǎo)線右側(cè)磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里；由安培定則可知：上下兩邊界的安培力互相抵消，左邊界的安培力向右，右邊界的安培力也向右，故線圈所受安培力的合力方向向右，故C正確，D錯誤；故選：BC．4.（單選）如圖所示電路中，線圈L與燈泡A并聯(lián)，當(dāng)合上開關(guān)S后燈A正常發(fā)光。已知，線圈L的電阻小于燈泡A的電阻。則下列現(xiàn)象可能發(fā)生的是(

)A．當(dāng)斷開S時，燈泡A立即熄滅B．當(dāng)斷開S時，燈泡A突然閃亮一下，然后逐漸熄滅C．若把線圈L換成電阻，斷開S時，燈泡A逐漸熄滅D．若把線圈L換成電阻，斷開S時，燈泡A突然閃亮一下，然后逐漸熄滅參考答案：B5.我國家用照明電路電壓瞬時值可表示為(

)A．u=380sin3.14t(V)

B．u=311sin314t(V)C．u=220sin314t(V)

D．u=36sin0.02t(V)參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.參考答案：7.參考答案：

電容

交流8.14．氫原子的能級如圖所示，當(dāng)氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時，輻射的光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功為

eV。現(xiàn)有一群處于n=4的能級的氫原子向低能級躍遷，在輻射出的各種頻率的光子中，能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的頻率共有

種。參考答案：2.55

49.如圖11所示裝飾用的彩燈，串成一串串，接在220V電源上，觀察燈的結(jié)構(gòu)發(fā)現(xiàn)，每個燈的燈絲（R1）引線上方繞有金屬電阻絲（R2），如圖所示；即使R1斷了，R2仍能導(dǎo)電。根據(jù)工作特性，R1應(yīng)該________R2（填“大于”、“等于”或“小于”），當(dāng)其中一個或幾個燈的燈絲斷了，其余的燈將__________（填“變亮”、“變暗”或“完全熄滅[U1]

”）。參考答案：小于

變暗10.（4分）如圖所示是LC振蕩電路在某一時刻電容內(nèi)場強方向和振蕩電流方向，由此可知，電容正在

（充電、放電），線圈中電流正在

（增大、減小、不變），若電流振蕩周期T=л×10—4s，電容C=250μF，則線圈的自感系數(shù)L=

H。參考答案：充電（1分）、減小（1分）、10—5（2分）11.14．如圖中s1和s2是兩個相干波源,以s1和s2為圓心的兩組同心圓弧分別表示在同一時刻兩列波的波峰和波谷,實線表示波峰,虛線表示波谷,a、b、c三點中,振動加強的點是______________，振動減弱的點是______________，再過周期,振動加強的點是______________，振動減弱的點是______________。參考答案：bcda12.現(xiàn)將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關(guān)如圖所示連接。當(dāng)線圈A放在線圈B中時閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏轉(zhuǎn)?，F(xiàn)保持開關(guān)閉合，抽出A中鐵芯，電表指針將

（填“向右偏”、“向左偏”、“不偏轉(zhuǎn)”）；當(dāng)他將滑動變阻器的滑動片P向左加速滑動時，電表指針將

（填“向右偏”、“向左偏”、“不偏轉(zhuǎn)”）。參考答案：向左偏，向左偏13.勻強電場是指：電場強度的

和

都相同的區(qū)域參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖是“用雙縫干涉測光的波長”的實驗設(shè)備示意圖，以下哪些操作能夠增大光屏上相鄰兩條亮紋之間的距離.(

)

A．增大雙縫與光屏之間的距離

B．增大單縫與雙縫之間的距離

C．將紅色濾光片改為綠色濾光片

D．增大雙縫之間的距離參考答案：A15.如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定理，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。（1）實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量______（填選項前的符號），間接地解決這個問題。A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點距地面的高度HC．小球做平拋運動的射程（2）圖甲中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)，分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、N。接下來需要測量是______（填選項前的符號）A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1開始釋放的高度hC．測量拋出點距地面的高度HD．測量平拋射程OM，ON（3）若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______[用（2）中測量的量表示]。（4）經(jīng)測定，m1=45.0g，m2=7.5g，小球落地點平均位置距O點的距離如圖乙所示。碰撞前、后m1的動量分別為p1與p1′，則p1：p1′=______：11；若碰撞結(jié)束時m2的動量為p2′，則p1′：p2′=______：2.9．（均用分?jǐn)?shù)形式表示）實驗結(jié)果說明，碰撞前、后總動量的比值為______。（5）有同學(xué)認(rèn)為，上述實驗中僅更換兩個小球的材質(zhì)，其他條件不變，可以使被碰小球做平拋運動的射程增大。請你用（4）中已知的數(shù)據(jù)，分析和計算出被碰小球m2平拋運動射程ON的最大值為______cm。參考答案：

(1).C

(2).AD

(3).m1?OM+m2?ON=m1?OP

(4).14

(5).11

(6).1.01

(7).76.8【詳解】（1）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即測量射程，故C正確，ABD錯誤。（2）要驗證動量守恒定律定律，即驗證：m1v1=m1v2+m2v3，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：m1v1t=m1v2t+m2v3t，得：m1OP=m1OM+m2ON，因此實驗需要過程為：測量兩球的質(zhì)量、確定落點從而確定小球的水平位移，故AD正確，BC錯誤。（3）由（2）可知，實驗需要驗證：m1OP=m1OM+m2ON；（4）碰撞前后m1動量之比：，=1（1～1.01均正確）。（5）發(fā)生彈性碰撞時，被碰小球獲得速度最大，根據(jù)動量守恒的表達式是：m1v0=m1v1+m2v2，動能守恒的表達式是：m1v02=m1v12+m2v22，得動能守恒的表達式是：m1?OM2+m2?ON2=m1?OP2，聯(lián)立解得：v2=v0，因此最大射程為sm=?OP=×44.8=76.8cm；四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，長木板ab的b端固定一檔板，木板連同擋板的質(zhì)量為M=4.0kg，a到擋板的距離s=2.0m。木板位于光滑水平面上。在木板a端有一小物塊，其質(zhì)量m=1.0kg，小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.10，它們都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)令小物塊以初速v0=4.0m/s，沿木板向前滑動，直到和檔板相撞。g=10m/s2（1）碰撞后，若小物塊恰好回到a端而不脫離木板。求碰撞過程中損失的機械能。

（2）若s=1.5m，碰撞過程中損失的機械能為3.0J，求長木板的最終速度大??？參考答案：（1）2.4J（2）1m/s17.如圖所示，有界勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B特斯拉，磁場方向垂直于紙面向里，MN是磁場的左邊界.在磁場中A處放一個放射源內(nèi)裝Ra（鐳），Ra放出某種射線后衰變成Rn(氡)，粒子可向各個方向射出．若A距磁場的左邊界MN的距離OA=d時，從A點沿垂直O(jiān)A向上射出的質(zhì)量較小粒子，恰好使放在MN左側(cè)的粒子接收器接收到垂直于邊界MN方向射出的該粒子，此時接收器位置距OA直線的距離也為d.由此可以推斷出（取原子質(zhì)量單位用m0表示,電子電量用e表示）.（1）試寫出Ra衰變的方程且確定射出的質(zhì)量較小的粒子在磁場中的軌跡圓半徑是多少？（2）射出的質(zhì)量較小的粒子的速度為多少？（3）這一個靜止鐳核Ra衰變時虧損質(zhì)量多大？

（提示：動量守恒定律在微觀領(lǐng)域仍適用，系統(tǒng)增加機械能來自核能釋放）參考答案：(1）

半徑為d

（2）粒子做勻速圓周運動qvB=mv2/r

d=mv/Bq=4m0v/B2ev=eBd/2m0

(3）由于粒子運動是反沖現(xiàn)象則動量守恒0=m1v1-m2v2

v2=m1v1/m2

則總動能Ek=m1v12/2+m2v22/2=113e2B2d2/222m0由能量轉(zhuǎn)化守恒，則△m=E/c2=113e2B2d2/222m0C218.（10分）如圖，質(zhì)量分別為mA、mB的兩個彈性小球A、B靜止在地面上方，B球距離地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方。先將B球釋放，經(jīng)過一段時間后再將A球釋放。當(dāng)A球下落t=0.3s時，剛好與B球在地面上方的P點處相碰，碰撞時間極短，碰后瞬間A球的速度恰好為零。已知mB=3mA,重力加速度大小g=10m/s2，忽略空氣阻力及碰撞中的動能損失。求（1）B球第一次到達地面時的速度；（2）P點距離地面的高度。參考答案：解：（i）設(shè)B球第一次到達地面時的速度大小為，由運動學(xué)公式有

①將h=0.8m代入上式，得

=4m/s

②（ii）設(shè)兩球相碰前后，A球的速度大小分別為和