2022-2023學年安徽省安慶重點中學高二（下）期中物理試卷（有答案）

2022-2023學年安徽省安慶重點中學高二（下）期中物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）我國是世界上最早發(fā)現(xiàn)磁現(xiàn)象的國家，指南針的發(fā)明為世界的航海業(yè)做出了巨大的貢獻，關于磁現(xiàn)象，下列說法正確的是（）奧斯特提出了分子電流假說，法拉第發(fā)現(xiàn)了電流磁效應若帶電粒子帶負電，且沿地球赤道平面射向地心，則由于地磁場的作用將向西偏轉(zhuǎn)地磁場可能是由帶正電的地球自轉(zhuǎn)形成的指南針的南極指向地理的北極下列關于教材中四幅插圖的說法，正確的是（）圖甲中，搖動手柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動，則鋁框會同向轉(zhuǎn)動，且和磁鐵轉(zhuǎn)得-樣快，這是電磁驅(qū)動現(xiàn)象圖乙是真空冶煉爐，當爐外線圈通入高頻交流電時，線圈中會產(chǎn)生大量熱最，從而加熱冶煉金屬圖丙中，當人對著話筒講話時線圈中會產(chǎn)生強弱變化的電流，這利用了電磁感應原理圖丁是亳安表的表頭，運輸時要把正、負接線柱用導線連在一起，這是為了保護電表指針，利用了電磁驅(qū)動原理磁電式電流表的構(gòu)造如圖甲所示，在蹄形磁鐵的兩極間有一個可以繞軸轉(zhuǎn)動的線圈，轉(zhuǎn)軸上裝有螺旋彈簧和指針。蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場均勻輻向分布，如圖乙所示。當電流通過線圈時，線圈在安培力的作用下轉(zhuǎn)動，螺旋彈簧被扭動，線圈停止轉(zhuǎn)動時滿足NBIS=k。,

式中N線圈為線圈的匝數(shù)，S為線圈的面積，［為通過線圈的電流，B為磁感應強度，。為線圈（指針）偏角，k是與螺旋彈簧有關的常量。不考慮電磁感應現(xiàn)象，由題中的信息可知（）線圈中間的鐵芯內(nèi)也是有磁場的，且也呈現(xiàn)輻向分布若線圈中通以如圖乙所示的電流時，線圈將沿逆時■針方向轉(zhuǎn)動線圈（指針）偏角。與通過線圈的電流，成正比線圈中間的鐵芯內(nèi)也是有磁場的，且也呈現(xiàn)輻向分布若線圈中通以如圖乙所示的電流時，線圈將沿逆時■針方向轉(zhuǎn)動線圈（指針）偏角。與通過線圈的電流，成正比電流表的靈敏度定義為舞，更換A值更大的螺旋彈簧，可以增大電流表的靈敏度如圖所示，一根光滑的水平絕緣桿，A處固定一個金屬線圈，B處掛一個閉合銅環(huán)?，F(xiàn)給線圈分別通以如圖所示的四種電流，其中能使銅環(huán)在0?0時間內(nèi)加速度方向保持向右的是（）如圖甲所示，交流發(fā)電機的矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，穿過該線圈的磁通量功隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示。已知線圈匝數(shù)為20匝，則下列說法正確的是（）圖甲圖乙圖甲圖乙線圈轉(zhuǎn)動的角速度為2nrad/s線圈轉(zhuǎn)動的角速度為2nrad/sC.50s內(nèi)線圈中電流方向改變100次B.1.5s時線圈所在平面與中性面垂直D.感應電動勢的最大值為4/rV如圖所示，一個很小的矩形半導體薄片上，制作四個電極E、F、M、N,它就成了一個霍爾元件。在E、F間通入恒定的電流/,同時外加與薄片垂直的磁場B,則薄片中的載流子（能夠自由移動的帶電粒子）就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱為霍爾電壓如。當磁場方向和電流方向如圖所示時，下列說法正確的是（）若只改變半導體薄片的厚度d,Uh不變?nèi)糁桓淖儼雽w薄片的寬度b,外不變?nèi)魧雽w薄片換成形狀相同、載流子密度更大的導體薄片，Uh變大無論半導體中載流子帶電性質(zhì)如何，電極N的電勢-定高于電極M的電勢如圖所示，在ab邊的中點用彈簧懸掛矩形硬質(zhì)金屬線框abed,線框的下半部分處于垂直線框平面的磁場中，各處的磁感應強度B隨時間t的變化 情況相同，線框靜止，de邊水平，彈簧的長度不變。下列描述B的大小隨時間t變化的圖象中，可能正確的是（）二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）如圖為一種改進后的回旋加速器示意圖，其中兩盒狹縫間的加速電場場強大小恒定，且被限制在A、C板間，虛線中間不需加電場。如帶電粒子從P。處以速度％沿電場線方向射入加速電場，經(jīng)加速后再進入D形盒中的勻強磁場做勻速圓周運動，對這種改進后的回旋加速器，下列說法正確的是（）

帶電粒子被加速后的最大速度與D形盒半徑無關加速電場方向不需要做周期性的變化帶電粒子每運動一周被加速一次圖中P】P2等于P2P3如圖所示，虛線PQ左側(cè)有垂直于光滑水平面向下的勻強磁場，右側(cè)X有垂直于水平面向上的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小均為8。邊長、X為L、質(zhì)量為m、總電阻為R的均勻正方形單匝金屬線框abed放在水平面?上，處于PQ右側(cè)的勻強磁場中。給線框一個向左的初速度％，線框剛好*能完全通過虛線PQ,線框在運動過程中cd邊始終與PQ平行，則線框在運動過程中（）線框中產(chǎn)生的焦耳熱為詭通過線框橫截面的電荷量為嚟R最大加速度為2/加。mR線框有一半進入PQ左側(cè)磁場時速度大小為嚶如圖所示，矩形線圈面積為S,在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸以角速度3勻速轉(zhuǎn)動，線框經(jīng)過§時電流表的瞬時值為lo,t=0時刻線圈平面與磁場垂直，各電表均為理想交流電表，電路總電阻為R,則（）電路中感應電流的有效值為后穿過線圈的磁通量的最大值為迎0）線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過180。的過程中，流過導線橫截面積的電荷量為卒3&）線圈轉(zhuǎn)動一周，回路產(chǎn)生的焦耳熱為竺塗

三、填空題(本大題共2小題，共14.0分)11.如圖，這是研究自感現(xiàn)象的實驗原理圖，圖中L是插有鐵芯的自感線圈，％、志是規(guī)格相同的兩個燈泡，回答下列問題：在自感線圈中插入鐵芯的目的是 。在閉合開關之前，應將滑動變阻器的滑片移到 。(填“最左”或“最右”)端。閉合開關S,調(diào)節(jié)變阻器％、R使得兩個燈泡的亮度相同后斷開開關，斷開開關的瞬間,流過燈泡，的電流方向 (填“向左”或“向右”)，流過燈泡志的電流方向 “向左”或"流過燈泡，的電流方向 要觀察到斷開電路時，燈泡人2亮一下再熄滅，滑動變阻器接入電路的電阻阻值應 (填“大于”或“小于”)自感線圈L的電阻阻值。12.如圖所示器材可用來研究電磁感應現(xiàn)象及確定感應電流方向.在給出的實物圖中，用實線作為導線將實驗儀器連成實驗電路.線圈婦和匕2的繞向一致，將線圈婦插入厶2中，合上開關.能使厶2中感應電流的流向與婦中電流的流向相同的實驗操作是 .A.插入軟鐵棒 B.拔出線圈扁C.增大接人電路中的滑動變阻器的阻值D.斷開開關.四、簡答題(本大題共2小題，共21.0分)13.如圖所不，水平導軌間距為L=1.0m,導軌電阻忽略不計；導體棒瀝的質(zhì)量m=1kg,連入導軌間的電阻=0.9/2,與導軌垂直且接觸良好；電源電動勢E=10V,內(nèi)阻r=0.1。，電阻R=9/2：外加勻強磁場的磁感應強度B=10T,方向垂直于Qb,與導軌平面的夾角a=53。；Qb與導軌間的動摩擦因數(shù)為“=0.5(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，定滑輪摩擦不計，輕繩與導軌平行且對Qb的拉力為水平方向，重力加速度g取10m/s2,Qb處于靜止狀態(tài)。已知sin53°=0.8,cos53。=0.6。求:Qb受到的安培力大??；重物重力G的取值范圍。

如圖所示中MN和FQ為豎直方向的兩平行長直金屬導軌，間距為0.40m,電阻不計，導軌所在平面與磁感應強度為0.50T的勻強磁場垂直，質(zhì)量為6.0乂10-3切，電阻為0.10Q的金屬桿瀝始終垂直于導軌，并與其保持光滑接觸，導軌兩端分別接有滑動變阻器&和阻值為3.0。的電阻％，當桿。加達到穩(wěn)定狀態(tài)時以速度□勻速下滑，整個電路消耗的電功率為0.270,試求：⑴當瀝作勻速運動時通過瀝的電流大??；(2)當Qb作勻速運動時的速度大小;(3)當Qb作勻速運動時滑動變阻器接入電路的阻值。五、計算題(本大題共1小題，共17.0分)如圖所示平面坐標系中一圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，區(qū)域半徑為R,區(qū)域圓心坐標(R,R),與坐標軸相切于4、C兩點。今有兩帶相同電量的負電粒子甲、乙經(jīng)A、P兩點分別以速度％、％水平向右運動，并剛好同時進入圓形區(qū)域的磁場。A、P在y軸上，且AP=j,不計帶電粒子的重力及相互作用的庫侖力。甲、乙粒子通過磁場偏轉(zhuǎn)后，均能通過。點進入下方。薄弧形擋板MN的圓心為C,半徑也為R粒子與弧形擋板碰撞會等速率反向彈回，與弧形擋板作用時間忽略不計，且粒子電量不變。若甲粒子電量為q,質(zhì)量為m,求磁感應強度8；求乙粒子在磁場中運動的總時間t；若兩粒子能在。點相遇，試求甲、乙粒子的質(zhì)量之比

答案和解析【答案】B【解析】解：4安培提出了分子電流假說，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，故A錯誤；X若粒子帶負電，且沿地球赤道平面射向地心，根據(jù)左手定則，地磁場會使沿地球赤道平面內(nèi)射來的宇宙射線在洛倫茲力作用下向西偏轉(zhuǎn)，故8正確；C.地球自轉(zhuǎn)方向自西向東，地球的南極附近是地磁場的北極，由安培定則可知地球帶負電，故C錯誤；。.指南針的南極指向地理的南極，地磁的北極，故。錯誤。故選：B。安培提出了分子電流假說，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應；根據(jù)左手定則判定帶電粒子的運動方向；根據(jù)地磁場的方向結(jié)合地球的自轉(zhuǎn)方向判定地球的帶電性；指南針的南極指向地理的南極。本題考查對地磁場性質(zhì)的掌握以及相關的物理學史，為識記內(nèi)容，需要我們準確記憶?！敬鸢浮緾【解析】解：4由電磁驅(qū)動原理可知，搖動手柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動，則鋁框會同向轉(zhuǎn)動，且比磁鐵轉(zhuǎn)的慢，即同向異步，和磁鐵轉(zhuǎn)得不一樣快，故A錯誤；X圖乙是真空冶煉爐，當爐外線圈通入高頻交流電時，在鐵塊中會產(chǎn)生渦流，鐵塊中就會產(chǎn)生大量熱量，從而冶煉金屬，故8錯誤；C.圖丙中，當人對著話筒講話時線圈會做受迫振動，線圈在磁場中運動，線圈中會產(chǎn)生強弱變化的電流，這利用了電磁感應原理，故C正確；。.圖丁是毫安表的表頭，運輸時要把正、負接線柱用導線連在一起，運輸過程中導線轉(zhuǎn)動切割磁感應線產(chǎn)生感應電流、產(chǎn)生安培力阻礙線框的轉(zhuǎn)動，這是為了保護電表指針，利用了電磁阻尼原理，故D錯誤。故選：Co當磁鐵與線圈相對運動時，導致線圈的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應電流，出現(xiàn)安培力，導致線圈轉(zhuǎn)動，由楞次定律可確定感應電流的方向，由于總是阻礙磁通量增加，故線圈與磁鐵轉(zhuǎn)動方向相同，但轉(zhuǎn)動快慢不同。真空冶煉爐，在鐵塊中會產(chǎn)生渦流，產(chǎn)生大量熱量，冶煉金屬。人對著話筒講話時利用了電磁感應原理。將毫安表的表頭短接來保護電表，利用了電磁阻尼原理。該題為電磁驅(qū)動的模型，考查楞次定律、法拉第電磁感應定律，知道感應電流的磁通量總阻礙引起感應電流的磁場變化，同時掌握使用楞次定律判定感應電流方向的方法與技巧.3.【答案】C【解析】解：4蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場均勻輻向分布，鐵芯中的確有磁場，但分布并不是幅向分布的，故A錯誤；〃.若線圈中通以如圖乙所示的電流時，根據(jù)左手定則，左側(cè)導線所受安培力向上，右側(cè)導線所受安培力向下，線圈將沿順時針方向轉(zhuǎn)動，故B錯誤；C.根據(jù)題意線圈停止轉(zhuǎn)動時滿足NBIS=kO解得：6=嚀1可知線圈（指針）偏角。與通過線圈的電流/成正比，故C正確;。.電流表的靈敏度定義為舞，根據(jù)題意NBIS=kO解得：黑=罕可知更換k值更大的螺旋彈簧，電流表的靈敏度減小了，故。錯誤。故選：Co首先利用圖示的裝置分析出其制成原理，即通電線圈在磁場中受安培力而轉(zhuǎn)動，線圈的轉(zhuǎn)動可以帶動指針偏轉(zhuǎn)；根據(jù)由左手定則來確定安培力的方向；根據(jù)線圈停止轉(zhuǎn)動時滿足NBIS=3推導線圈（指針）偏角。的表達式，然后進行判斷；推導電流表的靈敏度的表達式，然后進行分析判斷。本題解題的關鍵是讀懂題中信息，磁電式電流表內(nèi)部NBlS=kS從而推出靈敏度舞。4.【答案】B【解析】解：同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，知兩線圈的運動情況是相互遠離，因此穿過線圈B的磁通量必須增加，根據(jù)楞次定律可知，為阻礙磁通量增加，所以絞圈B向右運動，且加速.故8正確，A.C、D錯誤.故選：B。根據(jù)電流與電流的作用力關系進行判斷，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥.要使銅環(huán)在0?0時間內(nèi)加速度方向保持向右，根據(jù)楞次定律可知，A中電流一直增大。解決本題的關鍵掌握同向電流、異向電流的關系，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥。再根據(jù)楞次定律判斷A中電流變化情況【答案】D【解析】解：4、由圖乙可知，交流電的周期T=2s,則線圈轉(zhuǎn)動的角速度3=罕=學〃d/s=nrad/s,故A錯誤；B、 由圖乙可知，1.5s時磁通量最大，則線圈處于中性面位置，故8錯誤：C、 交變電流一個周期內(nèi)電流方向改變兩次，因t=50s=25T,則50s內(nèi)線圈中電流方向改變25x2次=50次，故C錯誤；。、由圖乙知，磁通量的最大值=02Wb,則感應電動勢的最大值Em=NBS3=N<Pm3=20x0.2xnV=4nV，故。正確。故選：Do根據(jù)①圖線讀出周期T以及磁通量的最大值，由3=罕求解線圈轉(zhuǎn)動的角速度，從而由穌=NBSo）求出感應電動勢的最大值，根據(jù)磁通量大小判斷出線圈所在的位置，在一個周期內(nèi)電流方向改變2次。解決本題的關鍵要掌握正弦式交流電峰值的表達式Em=NBSs知道在一個周期內(nèi)交流電方向改變兩次?！敬鸢浮緽【解析】解：設半導體薄片的厚度為d,寬度為b,單位體積內(nèi)的載流子個數(shù)為n,載流子定向運動的速度大小為貝根據(jù)平衡條件可得：q%=quB,根據(jù)電流的微觀表達式可得：/=nqSv,其中S=bd聯(lián)立解得：UH=^0A、若只改變半導體薄片的厚度d,"h發(fā)生變化，故A錯誤；8、霍爾電壓與b無關，若只改變半導體薄片的寬度b, 不變，故B正確；C、若將半導體薄片換成形狀相同、載流子密度更大的導體薄片，則單位體積內(nèi)載流子個數(shù)71增大，所以Uh變小，故C錯誤；。、如果載流子帶正電，根據(jù)左手定則可知載流子向M電極偏轉(zhuǎn)，則電極N的電勢低于電極M的電勢，故。錯誤。故選：B。根據(jù)平衡條件結(jié)合電流的微觀表達式，推導出霍爾電壓的表達式，根據(jù)表達式分析各個選項。該題考查了霍爾效應及其應用，解題的關鍵是明確自由電荷在復合場中受力平衡，關鍵是能夠利用左手定則判斷電荷的移動，從而判斷后面的電勢高。【答案】D【解析】解：依題意彈簧長度不變，由受力分析可知金屬線框所受重力和彈簧拉力均不變，即de邊所受安培力不變，由安培力公式可得：F=BIL又￡=竺入R姉聯(lián)立解得：F=B籥LA、 圖像中，舞為恒定的值，磁感應強度8一直在減小，所以de邊所受安培力變小，故A錯誤；B、 圖像中，務為恒定的值，磁感應強度一直在増加，所以de邊所受安培力變大，故8錯誤；C、 圖像中，蕓的值一直在減小，磁感應強度B—直在減小，所以de邊所受安培力變小，故C錯誤；。、圖像中，舞的值一直在減小，磁感應強度B一直在增加，所以de邊所受安培力可能不變，故D正確；故選：Do根據(jù)對金屬線框的受力分析可知de邊的安培力保持不變，根據(jù)安培力公式和法拉第電磁感應定律得安培力的表達式，結(jié)合圖像的斜率和B的變化逐項分析即可。本題主要考查了法拉第電磁感應定律，結(jié)合安培力公式和圖像分析出導線框受到的安培力的變化即可?！敬鸢浮緽C【解析】解：人、當粒子從D形盒中出來時，速度最大，根據(jù)「=蠶得，〃=絳，知加速粒子的最大速度與D形盒的半徑有關，故A錯誤；BC.帶電粒子只有經(jīng)過AC板間時被加速，即帶電粒子每運動一周被加速一次，電場的方向沒有改變，則在AC間加速，加速電場方向不需要做周期性的變化。故8C正確；D、根據(jù)r=器得，貝呻冉=2（r2-rj=普,因為每轉(zhuǎn)一圈被加速一次，根據(jù)v2-vf=2ad,知每轉(zhuǎn)一圈，速度的變化量不等，且V3-V2<V2-V.，則P[P2>P3P4,故Q錯誤。故選：BC.帶電粒子經(jīng)加速電場加速后，進入磁場發(fā)生偏轉(zhuǎn)，電場被限制在A、C板間，只有經(jīng)過4C板間時被加速，所以運動一周加速一次，電場的方向不需改變.當帶電粒子離開回旋加速器時，速度最大.解決本題的關鍵知道該回旋加速器的原理，知道粒子每轉(zhuǎn)一圈，加速一次，且都在AC間加速，加速的電場不需改變.【答案】AB【解析】解：4、根據(jù)能量守恒可知線框中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=：m祐，故A正確；B、 由法拉第電磁感應定律得：￡=華=業(yè)AtAt由閉合電路的歐姆定律得：i=ER通過線框橫截面的電荷量q=Ut解得：q=嚟，故8正確；RC、 當線框剛進入虛線時加速度最大，此時Qb和Cd兩邊同時切割磁感線，感應電動勢疊加，因此回路電流/=言=罕KK此時Qb和cd兩邊同時受安培力且大小方向相同F(xiàn)=B1L對線框，由牛頓第二定律得：2F=ma解得線框的最大加速度大小：。=理也，故C錯誤；mR。、線框有一半進入PQ左側(cè)磁場過程中，根據(jù)動量定理可知：-2&?位'=湖1；,即一2BIL?At'=mAv,則一2BL?q'=mAv=m（v一v0）又因為礦=華=竺HRR解得：卩="竺￥，故。錯誤.umR故選：AB.根據(jù)右手定則分析和法拉第電磁感應定律求解產(chǎn)生的感應電動勢，從而計算感應電流與安培力大?。桓鶕?jù)電荷量的公式求解通過線框截面的電量；根據(jù)功能關系可得此過程中線框產(chǎn)生的焦耳熱大?。桓鶕?jù)動量定理求線框有一半進入PQ左側(cè)磁場時速度。本題主要是考查磁感應現(xiàn)象中的力學問題和能量問題，知道線框的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列出方程，根據(jù)動能定理列方程求解焦耳熱；此外還有牢記電荷量的經(jīng)驗公式。【答案】CD【解析】解：4、矩形線圈產(chǎn)生的感應電動勢瞬時值為e=Emsina)t,感應電流的瞬時值為，=三=^sina)t=Imsina)t,線框經(jīng)過?時電流表的瞬時值為就是電路中感應電流的有效值，A錯誤；B、 電路中感應電流的有效值為fl。，則感應電動勢的有效值為奪°R,因為產(chǎn)生的是正弦交流電，故感應電動勢的最大值為夠又Em=NBSo),而磁通量最大值電?=8S,則可得夠"=財，則磁通量最大值％=免硬，B錯誤；C、 線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過180。的過程中，流過導線橫截面積的電荷量為q=7位，而平均感應電流7=1平均感應電動勢E=票，R 貞可得9=寧=導=尊，c正確；rRR3a)。、線圈轉(zhuǎn)動的周期T汽,線圈轉(zhuǎn)動一周，回路產(chǎn)生的焦耳熱Q=(￥/o)2RT=嚟，D正確；故選：CD.先寫出線圈產(chǎn)生的感應電流瞬時值表達式，根據(jù)線框經(jīng)過;時電流表示數(shù)為/。，求出感應電流最大值，再計算感應電流的有效值；利用感應電動勢的最大值表達式，求出磁通量的最大值；先推導流過導線橫截面積的電荷量的計算式，再求出線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過180。的過程中磁通量的變化，求出流過導線橫截面積的電荷量；利用焦耳定律計算，線圈轉(zhuǎn)動一周，回路產(chǎn)生的焦耳熱。本題解題的關鍵是線圈轉(zhuǎn)動產(chǎn)生感應電動勢瞬時值的表達式，掌握正弦交流電最大值和有效值的關系以及有效值用于計算焦耳熱?！敬鸢浮繅埣泳€圈的自感系數(shù)最左向左向右大于【解析】解：(1)線圈的自感系數(shù)取決于線圈的粗細、匝數(shù)以及有無鐵芯，在自感線圈中插入鐵芯的目的是增加線圈的自感系數(shù)?；瑒幼冏杵魇窍蘖魇浇臃ǎ陂]合開關之前，應將滑動變阻器的有效電阻調(diào)至最大，故滑片移到最左端。斷開開關的瞬間，線圈和滑動變阻器R,兩燈泡構(gòu)成閉合回到路，因自感現(xiàn)象，線圈充當電源，線圈產(chǎn)生的感應電流與原電流同向，故流過燈泡為的電流方向不變，向左，流過志的電流方向反向，向右。斷開電路時，流過由的電流等于，的電流，要觀察到燈泡％亮一下再熄滅，即流過為的電流變大大于斷開前的電流，則滑動變阻器接入電路的電阻阻值應大于自感線圈L的電阻阻值。故答案為：(1)增加線圈的自感系數(shù)；(2)最左；(3)向左；向右；(4)大于。明確鐵芯的作用，知道有鐵芯時線圈的自感系數(shù)增加；明確實驗中要讓電流由最小值開始調(diào)節(jié)，釆用滑動變阻器限流接法時應讓電阻由最大值開始調(diào)節(jié)；斷開開關S,線圈中電流減小，產(chǎn)生自感電動勢，線圈中電流方向不變，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)即可明確流過燈泡的電流方向；要使燈泡為閃亮一下，應讓斷開前流過41的電流大于流過為的電流，穩(wěn)定時電感沒有阻礙作用，視為純電阻，根據(jù)歐姆定律分析即可確定滑動變阻器的阻值大小。本題考查自感現(xiàn)象，當通過線圈的電流變化時，線圈會產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的變化，自感現(xiàn)象是一種特殊的電磁感應現(xiàn)象，遵守楞次定律。【答案】BCD【解析】解：(1)將線圈丄2和電流計串聯(lián)形成一個回路，將電鍵、滑動變阻器、電壓、線圈烏串聯(lián)而成另一個回路即可，實物圖如下所示：(2)根據(jù)楞次定律可知，若使感應電流與原電流的繞行方向相同，則線圈丄2中的磁通量應該減小，故拔出線圈爲、使變阻器阻值變大、斷開開美均可使線圈厶2中的磁通量減小，故A錯誤，BCD正確.故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)BCD.注意在該實驗中有兩個回路，一個由線圈是和電流計串聯(lián)而成，另一個由電鍵、滑動變阻器、電壓、絞圈婦串聯(lián)而成.根據(jù)楞次定律求解，若使感應電流與原電流的繞行方向相同，則線圈厶2中的磁通量應該減小，據(jù)此可正確解答.知道探究電磁感應現(xiàn)象的實驗有兩套電路，這是正確連接實物電路圖的前提與關鍵.對于該實驗，要明確實驗原理及操作過程，平時要注意加強實驗練習.【答案】解：(1)由閉合電路歐姆定律可得，通過Qb的電流：/=函知ab受到的安培力：F=B1L代入數(shù)據(jù)解得：F=10N(2)ob受力如圖所示：mg最大靜摩擦力：Pfmax="(mg-Fcos53。)，代入數(shù)據(jù)解得：Ffmax=2N由平衡條件得：當最大靜摩擦力方向向右時：FTmin=Fsin53°-Ffmax,代入數(shù)據(jù)解得：FTmin=6N當最大靜摩擦力方向向左時：Frmax=Fsin53°+Ffmax,代入數(shù)據(jù)解得：FTmax=ION由于重物受力平衡，故：Ft=G，則重物重力的取值范圍為：6N<G<ION答：(l)ab受到安倍力大小為10N；(2)重物重力G的取值范圍為6N<G<ION?！窘馕觥?1)由閉合電路歐姆定律求出流過導體棒的電流，應用安倍力公式求出其大??；(2)導體棒靜止，處于平衡狀態(tài)，應用平衡條件求出重物重力的臨界值，然后確定重物重力的取值范圍。本題考查了磁場對電流的作用，根據(jù)題意分析清楚金屬棒的受力情況是解題的前提，應用閉合電路歐姆定律、安倍力公式與平衡條件即可求解：解題時注意討論摩擦力的方向，這是易錯點。【答案】解：(1)當作勻速運動時，由平衡條件有=又有FS=BIL可得，當瀝作勻速運動時，通過瀝的電流為1=0.3刀當Qb作勻速運動時，重力的功率等于整個電路消耗的電功率，則有P=mgv=0.27W解得瀝作勻速運動時的速度：v=4.5m/s根據(jù)題意可知，當Qb作勻速運動時，感應電動勢為E=BLv=0.50x0.40x4.5V=0.9U由閉合回路歐姆定律可得，回路的總電阻為R總=日外+r=