2021屆浙江高考物理考前沖刺試卷（三）附答案詳解

2021屆浙江高考物理考前沖刺試卷（三）

一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.愛因斯坦首先提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說

B.盧瑟福在利用a粒子轟擊氮核的實驗中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子

C.貝克勒爾在a粒子散射實驗中發(fā)現(xiàn)了電子

D.查德威克為解釋光電效應(yīng)的實驗規(guī)律提出了光子說

2.下列說法正確的是（）

A.汽車速度計的示數(shù)是指汽車的速率

B.“太陽東升西落”所選擇的參考系是太陽

C.“嫦娥五號”繞月飛行時一定不能把它看成質(zhì)點

D.某市的出租車的收費標準為2.00元/千米，其中的千米說的是位移

3.我國“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過多次試驗，終于在2012年6月24日以7020m深度創(chuàng)下世界最新紀錄（

國外最深不超過6500m）,這預(yù)示著它可以征服全球99.8%的海底世界.在某次實驗中，深潛器

內(nèi)的顯示屏上顯示出的深度曲線如圖a所示、速度圖象如圖b所示，則下列說法中正確的是（）

A.圖中儲是本次實驗下潛的最大深度

B.超重現(xiàn)象發(fā)生在3?4rnin和6?8min的時間內(nèi)

C.本次實驗中深潛器的最大加速度是0.025m/s2

D.在6?10M譏時間內(nèi)深潛器平均速度為0

4,做自由落體運動的物體，如果下落過程中某時刻重力突然消失，其他阻力不計，物體的運動情

況將是（）

A.懸浮在空中不動

B.速度逐漸減小

C.保持一定速度向下做勻速直線運動

D.以上各種可能都有

A.Pi較遠

B.P2較遠

C.匕、P2等遠

D.和水平速度。的大小有關(guān)，選取不同的。，可能出現(xiàn)上述三種情況

6.太陽系中某行星A運行的軌道半徑為R,周期為T,但天文學(xué)家在觀測中發(fā)現(xiàn)，其實際運行的軌

道與圓軌道存在一些偏離，且每隔時間t發(fā)生一次最大的偏離.形成這種現(xiàn)象的原因可能是4外

側(cè)還存在著一顆未知行星B,它對4的萬有引力引起4行星軌道的偏離，假設(shè)其運動軌道與4在同

一平面內(nèi)，且與4的繞行方向相同，由此可推測未知行星日繞太陽運行的圓軌道半徑為（）

A-R三B.R3備C.R3（-）2D.R3（冷尸

7.有兩個電阻Ri和/?2它們的U-/圖象如圖所示，正確的是（）L1/Ri

A.兩個電阻串聯(lián)使用時，/?2兩端電壓較大A

B.兩個電阻并聯(lián)使用時，R1、/?2發(fā)熱功率一樣------>

O]

C.兩個電阻串聯(lián)使用時，心發(fā)熱功率大

D.兩個電阻并聯(lián)使用時，通過&的電流較大

8.如圖，一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，已知其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角。與運動時間/

t成正比，則質(zhì)點運動中（）（

A.角速度不變

B.向心加速度不變

C.線速度越來越大

D.合外力越來越大

9.如圖所示，用長為L的細繩拴住質(zhì)量為小的小球在豎直平面內(nèi)做圓周運動（0

不計空氣阻力），則下列說法中正確的是（）

A.小球在圓周最高點時所受的向心力一定為重力■

B.小球在最高點時繩子的拉力不可能為零

C.若小球剛好能在豎直平面內(nèi)做圓周運動，則其在最高點的速率為便

D.小球過最低點時處于失重狀態(tài)

10.如圖，金屬桿ab靜放在水平固定的“U”形金屬框上，處于豎直向上的

勻強磁場中.現(xiàn)使ab突然獲得一初速度”向右運動，下列表述正確的是/

h

（）

A.安培力對ab做正功B.安培力對ab不做功

C.桿中感應(yīng)電流逐漸減小D.桿中感應(yīng)電流保持不變

二、多選題（本大題共5小題，共15.0分）

11.下列說法正確的是（）

A.a、0、y三種射線，a射線的電離作用最強

B.a、￡、y三種射線，y射線的穿透能力最強

C.盧瑟福做了a粒子散射實驗并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

D.玻爾發(fā)現(xiàn)電子并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型

12.一列簡諧橫波沿x軸傳播。如圖1所示為簡諧橫波在t=1.2s時的波形圖，如圖2所示為平衡位置

在x=25ni處質(zhì)點的振動圖象，則下列說法正確的是（）

A.波沿x軸正方向傳播

B.波的傳播速度為|m/s

C.t=0時刻，質(zhì)點P的速度沿y軸正方向

D.P、Q兩質(zhì)點的振動方向總是相反

E.從t=0時刻開始，質(zhì)點尸比質(zhì)點Q早回到平衡位置

13.圖中是原子核的核子平均質(zhì)量與原子序數(shù)Z的關(guān)系圖象，下列說法正“楊

確的是（）1

A.若D、E能結(jié)合成F,結(jié)合過程一定要釋放能量oL_

B.若。、E能結(jié)合成F,結(jié)合過程一定要吸收能量

C.若C、B能結(jié)合成4,結(jié)合過程一定要釋放能量

D.若F、C能結(jié)合成B,結(jié)合過程一定要釋放能量

14.如圖所示邊長為2L的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁六

場磁感應(yīng)強度大小為8。一個邊長為L粗細均勻的正方形導(dǎo)線框

abed,其所在平面與磁場方向垂直，導(dǎo)線框的對角線與虛線框的‘'、'/

對角線在一條直線上，導(dǎo)線框總電阻為R。在導(dǎo)線框從圖示位置開

始以恒定速度"沿對角線方向進入磁場，到整個導(dǎo)線框離開磁場區(qū)域的過程中，下列說法正確的

是()

A.導(dǎo)線框進入磁場區(qū)域時產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流

B.整個過程導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時間為組

V

C.導(dǎo)線框的bd對角線有一半進入磁場時，整個導(dǎo)線框所受安培力大小為絲包

2R

D.整個過程通過線框某一橫截面電荷量為整

15.如圖所示，物塊4被放置在一個被壓縮輕質(zhì)彈簧上，由靜止釋放物塊和彈簧，：二

當(dāng)物塊到達B點時，彈簧恰好恢復(fù)至原長，此時物塊的速度也恰好為零，不及

空氣阻力，物塊由4運動至B的過程中，則下列說法正確的是()

A.物塊機械能守恒

B.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒

C.彈簧的減少的彈性勢能恰好等于物體增加的重力勢能

D.彈簧對物塊的彈力一直做正功

三、實驗題(本大題共4小題，共36.0分)

16.如圖所示，某同學(xué)為了測量截面為正三角形的三棱鏡玻璃折射率，先在白紙上放好三棱鏡，在

棱鏡的左側(cè)插上兩枚大頭針P1和尸2,然后在棱鏡的右側(cè)觀察到P1像和「2像，當(dāng)B的像被恰好被22

像擋住時，插上大頭針03和「4’使03擋住B、22的像，「4擋住「3和匕、22的像.在紙上標出的大

頭針位置和三棱鏡輪廓如圖所示.

(1)在圖上畫出對應(yīng)的光路；

(2)為了測出三棱鏡玻璃材料的折射率，若以4B作為分界面，需要測量的量是和,

在圖上標出它們；

(3)三棱鏡玻璃材料折射率的計算公式是兀=

(4)若在測量過程中，放置三棱鏡的位置發(fā)生了微小的平移(移至圖中的虛線位置底邊仍重合)，則以

AB作為分界面，三棱鏡材料折射率的測量值三棱鏡玻璃材料折射率的真實值(填“大

于”、“小于”、“等于").

17.某同學(xué)用如圖1所示裝置通過半徑相同的4、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律.實驗時先使A球

從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復(fù)上述

操作10次，得到10個落點痕跡，再把B球放在水平槽上靠近末端的地方，讓A球仍從位置C由靜

止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)這種操作10次，

得到如圖2所示的三個落地處.。點(圖中未畫出)是水平槽末端在記錄紙上的垂直投影點，米尺

的零點與。點對齊.

"I202122232425262728?30

射：\'、、2-------------------?_________________L

OPQR

圖2

圖1

(1)請你敘述用什么方法找出落地點的平均位置？.

(2)觀察圖2讀出OP=.

(3)己知?。簃B=2.5：1,碰撞過程中動量守恒，則由圖2可以判斷出Q是的落地處，P是

的落地處.

(4)用題中的字母寫出動量守恒定律的表達式.

18.(1)小明同學(xué)用螺旋測微器對一段金屬絲進行了直徑的測量，如圖1所示，可知其直徑為

________mmo

（2）小明用多用電表測一金屬絲的電阻，進行了如下操作，請你將相應(yīng)的操作步驟補充完整。

2紅、黑表筆分別插入多用電表的“+”插孔，選擇開關(guān)旋至電阻“X10”檔位；

②將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)旋鈕（填圖2甲中的“4”或"B”或"C”）,使歐姆表指針對準電

阻的處（填“0刻度線”或“8刻度線”）；

③將紅、黑表筆分別與金屬絲的兩端相接，此時多用電表的示數(shù)如圖2乙所示；

④為了使金屬絲的阻值測量能夠再準確些，小明應(yīng)將選擇開關(guān)旋至電阻檔（填“X1”或“X

1k”）檔位，重新進行電阻調(diào)零；

⑤重新測量，得到如圖2丙所示結(jié)果，則金屬絲的電阻為0。

19.某同學(xué)為了測定一只電阻的阻值，采用了如下方法：用多用電表粗測；多用電表電阻擋有4個倍

率：分別為x13X100,xlO、XI,該同學(xué)選擇x10倍率，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現(xiàn)

指針偏轉(zhuǎn)角度太大（指針位置如圖1中虛線所示）。

（1）為了較準確地進行測量，應(yīng)該選擇倍率（選填“xlk”、“X100”、“xl”）,并重新歐

姆調(diào)零，正確操作測量并讀數(shù)，若這時刻度盤上的指針位置如圖1中實線所示，測量結(jié)果是

_____0。

（2）該同學(xué)用伏安法繼續(xù)測定這只電阻的阻值，除被測電阻外，還有如下實驗儀器：

A.直流電源（電壓3V,內(nèi)阻不計）

B.電壓表匕（量程：0?3V,內(nèi)阻約為15k。）

C.電壓表％（量程：0?15V,內(nèi)阻約為25/cO）

。.電流表公（量程：0?25nl4內(nèi)阻約為10。）

￡電流表兒（量程：0?250nl4內(nèi)阻約為100）

尺滑動變阻器一只，阻值0?10。

G電鍵一只，導(dǎo)線若干

在上述儀器中，電壓表應(yīng)選擇（填“匕”或“瞑”），電流表應(yīng)選擇（填“公”或）。

（3）若要求實驗過程電壓表的讀數(shù)能夠從零開始調(diào)節(jié)，圖2的電路圖應(yīng)該選擇電路。

四、計算題(本大題共3小題，共30.0分)

20.如圖所示，足夠長光滑導(dǎo)軌傾斜放置，導(dǎo)軌平面與水平面夾角。=37。，導(dǎo)軌間距L=0.4m,其

下端連接一個定值電阻R=30,兩導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=

17。一質(zhì)量為m=0.04kg,電阻r=10的導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置，現(xiàn)將導(dǎo)體棒由靜止釋放,

取重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8,求：

(1)導(dǎo)體棒下滑的最大速度：

(2)當(dāng)導(dǎo)體棒穩(wěn)定下滑時好兩端的電壓：

(3)導(dǎo)體棒從靜止加速到v=4ni/s的過程中，通過R的電量q=0.2C,則求R產(chǎn)生的熱量值。

21.如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，

質(zhì)量相等小滑塊4和由分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點。現(xiàn)將

A無初速釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿桌面滑動。已知

圓弧軌道光滑，半徑R=0.8m,A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)A=0.5,重力加速度g取

10m/s2,求:

(1)碰撞前的瞬間a的速度大??？

(2)碰撞后的瞬間a和B整體的速度大??？

(3)4和B整體在桌面上滑動的距離？

22.如圖，空間存在勻強電場和勻強磁場，電場方向為y軸正方向，磁

場方向垂直于xy平面(紙面)向外，電場E和磁場8都可以隨意加上或

撤除，重新加上的電場或磁場與撤除前的一樣。一帶正電的粒子質(zhì)

量為m、電荷量為q從P(x=0,y=八)點以一定的速度平行于x軸正

向入射。這時若只有磁場，粒子將做半徑為R。的圓周運動：若同時

存在電場和磁場，粒子恰好做直線運動。求:

(1)若只有磁場，粒子做圓周運動的半徑島大小

(2)若同時存在電場和磁場，粒子的速度%大小

(3)現(xiàn)在，只加電場，當(dāng)粒子從P點運動到x=R°平面(圖中虛線所示)時，立即撤除電場同時加上磁

場，粒子繼續(xù)運動，其軌跡與4軸交于M點。(不計重力)。粒子到達％=&平面時速度u大小以

及粒子到x軸的距離；

(4)”點的橫坐標X”。

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、首先提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說的是盧瑟福，故A錯誤.

8、盧瑟福在利用a粒子轟擊氮核的實驗中發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，故8正確.

C、湯姆生在研究陰極射線實驗時發(fā)現(xiàn)了電子，故C錯誤.

。、愛因斯坦為解釋光電效應(yīng)的實驗規(guī)律提出了光子說，故力錯誤.

故選:B.

本題是物理學(xué)史問題，根據(jù)盧瑟福、湯姆生、愛因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻進行解答.

解答本題的關(guān)鍵是記牢盧瑟福、湯姆生、愛因斯坦等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻，平時要注意積累.

2.答案：4

解析：解：4、汽車速度計顯示的示數(shù)是汽車某一時刻速度的大小，即速率，故A正確；

B、“太陽東升西落”所選擇的參考系是地球，故8錯誤；

C、“嫦娥五號”繞月飛行時，如果研究轉(zhuǎn)動的周期時，能把它看成質(zhì)點，故C錯誤；

。、某市出租汽車的收費標準是2.00元/千米，其中的千米說的是汽車運動的軌跡長度，為路程，故

。錯誤。

故選:A.

瞬時速度為經(jīng)過某一位置或某一時刻的速度。

根據(jù)參考系的選取原理分析。

根據(jù)質(zhì)點的條件可明確是否能看作質(zhì)點。

位移為初位置到末位置的有向線段，路程為運動的軌跡長度。

該題考查了質(zhì)點、參考系、位移和瞬時速度的相關(guān)知識。涉及到對物體看成質(zhì)點的條件的理解和判

斷能力，區(qū)分時間和時刻、路程和位移，明確物體可以看做質(zhì)點的條件即可。

3.答案:B

解析：試題分析：本題要看懂速度圖象和深度圖象意義，蛟龍?zhí)栂燃铀傧鲁?，后勻速下稱后減速下

沉，在某深度停留27n譏，而后加速上升，后減速上升至水面，而后逐項依次分析即可.

A、（a）圖是深度曲線，圖中壇代表本次最大深度，是4min時到達的，故A錯誤；

B、3?4nl譏內(nèi)減速下降和6?8小譏加速上升均會出現(xiàn)超重現(xiàn)象，故B正確；

C、由圖b的斜率表示加速度，則在0-lmin和3-46譏時間內(nèi)的加速度最大，最大加速度大小是:

a――=—m/s2—0.033m/s2,故C錯誤;

At60

。、在6?lOmin口寸間段內(nèi)位移等于圖象的面積，可以看出位移不等于零，則平均速度也不為零，故

。錯誤；

故選：B.

4.答案:C

解析：解：做自由落體運動的物體，如果在下落的過程中的某時刻重力突然消失，說明物體不在受

重力的作用，根據(jù)牛頓第一定律可知，物體將保持原來的運動狀態(tài)，做勻速直線運動，故C正確，

A3。錯誤；

故選：C

根據(jù)題意做自由落體運動的物體，如果在下落的過程中的某時刻重力突然消失，物體將不受力的作

用，由牛頓第一定律(一切物體總保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)，除非作用在它上面的力迫使它

改變這種狀態(tài)為止)可知，物體的運動狀態(tài)將保持不變，即做勻速直線運動.

考查了對牛頓第一定律的理解，力不是維持物體運動的原因而是改變物體運動狀態(tài)的原因.

5.答案：B

解析：解：4質(zhì)點做平拋運動，根據(jù)平拋規(guī)律得：

4運動時間：t=后

B質(zhì)點視為在光滑斜面上的類平拋運動，其加速度為gs/8,

B運動時間：，=1-^—

、g(sin8)2

A、B沿久軸方向都做水平速度相等的勻速直線運動，由于運動時間不等，所以沿左軸方向的位移大小

不同，較遠，故B正確

故選B

力質(zhì)點做平拋運動，

B質(zhì)點視為在光滑斜面上的類平拋運動，其加速度為gsin。，根據(jù)平拋規(guī)律與A運動對比求解時間和

位移.

根據(jù)動能定理研究比較4、B落地時的速度大小

本題關(guān)鍵是先確定B參與沿與水平方向和沿斜面方向的運動，然后根據(jù)合運動與分運動的等效性，由

平行四邊形定則求解.

6.答案：。

解析：解：由題意可知：4、B相距最近時，B對4的影響最大，且每隔時間t發(fā)生一次最大的偏離，

說明力、8相距最近，設(shè)B行星的周期為T',則有：

仔-汾=2元

解得：T'=￡

根據(jù)開普勒第三定律，有：

Rf3_R3

Tf2-T2

解得：R，=R3（三）2

L—1

故選：D.

先根據(jù)多轉(zhuǎn)動一圈時間為3求出未知行星B的周期；然后再根據(jù)開普勒第三定律解得未知行星B的

軌道半徑.

本題關(guān)鍵是明確物理情境并建立勻速圓周運動的物理模型，明確發(fā)生最大偏離的原因是由于兩個行

星相距最近而導(dǎo)致萬有引力最大；然后根據(jù)相對運動知識和牛頓第二定律列式求解.

7.答案：C

解析：解：由。一/圖象可知：當(dāng)通過飛、%的電流相同時，>U2,由可知：/?!>R2.

A、兩個電阻串聯(lián)使用時，通過兩電阻的電流相同，根據(jù)歐姆定律氏=彳可知：阻值大的電阻兩端的

電壓大，故此兩端電壓較大，故A錯誤.

B、兩個電阻并聯(lián)使用時，兩電阻兩端的電壓相同，根據(jù)電功率的表達式：P=9可知，電阻大的8

的熱功率比較小.故8錯誤；

C、兩個電阻串聯(lián)使用時，通過兩電阻的電流相同，根據(jù)電功率的表達式：P=/2R可知，電阻值大

的％發(fā)熱功率大.故C正確；

。、兩個電阻并聯(lián)使用時，兩電阻兩端的電壓相同，根據(jù)歐姆定律R=彳可知：阻值大的電阻通過的

電流小，故通過&的電流較小，故。錯誤.

故選：C

根據(jù)歐姆定律可知，當(dāng)電流一定時，導(dǎo)體中兩端的電壓與導(dǎo)體的電阻成正比.當(dāng)通過治、/?2的電流

相同時，通過對應(yīng)的電壓的大小，判斷兩電阻的阻值大小.

兩個電阻串聯(lián)使用時，通過兩電阻的電流相同，兩個電阻并聯(lián)使用時，兩電阻兩端的電壓相同，根

據(jù)歐姆定律R=彳，運用控制變量法判斷電壓和電流的大小.

該題結(jié)合圖象考查歐姆定律和串并聯(lián)電路，會正確從圖象中讀出對應(yīng)的U與/大小關(guān)系，會利用控制

變量法比較兩個電阻的阻值大小是解決本題的關(guān)鍵.

8.答案：A

解析：解：4C,一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，半徑R不斷減小，其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角。與運動時間￡成

正比，根據(jù)3=g可知，角速度大小不變，

根據(jù)"=3「，半徑減小，則線速度減小，故C錯誤，A正確；

8.根據(jù)a=32r得加速度越來越小，故B錯誤；

C根據(jù)尸分=機。，小球所受的合外力越來越小，故。錯誤；

故選：Ao

一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，半徑R不斷減小，其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角。與運動時間￡成正比，根據(jù)

3=?可知，角速度大小不變，根據(jù)圓周運動的基本公式即可求解。

解決該題的關(guān)鍵是熟記角速度定義式，能根據(jù)題中所給的圓心角。與運動時間t成正比推導(dǎo)出角速度

不變；

9.答案：C

解析：解：4B、小球在圓周最高點時繩子的拉力可能為零，此時由重力提供向心力；小球在圓周最

高點時繩子的拉力也可能不為零，此時由重力和繩子拉力的合力提供向心力，故錯誤；

C、小球剛好能在豎直平面內(nèi)做圓周運動，小球在圓周最高點時，繩子的拉力為零，由重力提供向心

力,由牛頓第二定律得mg=解得其在最高點的速率為v=?^/^,故C正確；

。、小球過最低點時加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，故。錯誤。

故選：Co

小球在圓周最高點時所受的向心力可能是重力，也可能是重力和繩子的拉力的合力；小球剛好能在

豎直平面內(nèi)做圓周運動，在最高點時由重力提供向心力，由牛頓第二定律求其在最高點的速率；根

據(jù)加速度方向判斷小球過最低點時的運動狀態(tài)。

解決本題時，要知道小球在最高點時，繩子的拉力可能為零，也可能不為零，由合力提供向心力。

10.答案：C

解析：解：A、B、帥棒突然獲得一初速度，切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞

次定律，來拒去留，受向左的安培力，故安培力做負功，故4錯誤，B錯誤；

C、0、由于安培力做負功，故棒做減速運動；

根據(jù)E=BL"和/=有：/=拶；

KK

由于速度減小，故感應(yīng)電流逐漸減小，故c正確，。錯誤;

故選：c.

好棒突然獲得一初速度，切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到向左的安培力，做變

減速運動；根據(jù)E=BL"和/=（判斷感應(yīng)電流的變化.

本題主要根據(jù)楞次定律判斷安培力方向，根據(jù)公式E=和/=?判斷感應(yīng)電流大小的變化情況，

基礎(chǔ)題.

11.答案：ABC

解析：解：AB.*/?、y三種射線中a射線的電離本領(lǐng)最強，y射線的穿透能力最強，故AB正確：

C、盧瑟福做了a粒子散射實驗并提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，而玻爾提出原子理論，故C正確；

。、湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，盧瑟福提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故。錯誤；

故選：ABC.

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是

考試內(nèi)容之一.

12.答案:ACE

解析：

由圖讀出波長和周期，根據(jù)波長和周期求波速。

由時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點b的振動速度。

先根據(jù)質(zhì)點的振動圖象，判斷波的傳播方向，再據(jù)波形成的條件和特點分析各質(zhì)點的振動情況。

本題考查波動圖象，關(guān)鍵是結(jié)合波形圖得到各個質(zhì)點的振動情況，根據(jù)波長和周期求波速。

A、％=25m處的質(zhì)點沿y軸正方向振動，則波沿不軸正方向傳播，故A正確；

B、由圖1得波長；1=20m,由圖2得周期7=1.2s,則波速v=*=gm/s,故8錯誤；

C、根據(jù)波動規(guī)律可知，質(zhì)點P在t=0時刻速度沿y軸正方向，故C正確；

。、相距半波長奇數(shù)倍的兩質(zhì)點振動方向總是相反，質(zhì)點P、Q相距不是半波長的奇數(shù)倍，故振動方

向不總是相反，故。錯誤；

E、由于該波沿x軸正向傳播，故質(zhì)點Q沿y軸負方向振動，則質(zhì)點P先回到平衡位置，故E正確。

故選ACE.

13.答案：AD

解析：解：4、若。、E能結(jié)合成F,有質(zhì)量虧損，結(jié)合時向外釋放能量.故A正確，8錯誤.

C、因為A分裂為8、C,由圖可知，有質(zhì)量虧損，向外釋放能量，則C、B結(jié)合成A,則需吸收能量.故

C錯誤.

。、由圖可以看成，F(xiàn)和C結(jié)合成8,有質(zhì)量虧損，向外釋放能量.故￡＞正確.

故選：AD.

重核裂變、輕核聚變都有質(zhì)量虧損，都向外釋放能量.通過反應(yīng)前后質(zhì)量增加還是減小，判斷吸收

能量還是釋放能量.

解決本題的關(guān)鍵知道愛因斯坦質(zhì)能方程△E=△me?.通過反應(yīng)前后的質(zhì)量大小確定吸收還是釋放能

量.

14.答案：AC

解析：

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；當(dāng)磁通量變化時，線框中將產(chǎn)生感應(yīng)電流；確定出線框有效的

切割長度，由公式E=Bh求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，由尸=8〃求出安培力；應(yīng)

用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律與電流定義式求出電荷量。

本題關(guān)鍵要理解“有效”二字，知道感應(yīng)電動勢公式E=8少中］是有效的切割長度，安培力公式F=

BII,1也是有效長度。

A.導(dǎo)線框進入磁場區(qū)域時磁通量增加，根據(jù)楞次定律判斷得知產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，故A正

確；

8.當(dāng)線框進入和離開磁場時磁通量變化,才有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以有感應(yīng)電流的時間為：t=三=也,

VV

故8錯誤；

CD.導(dǎo)線框的bd對角線有一半進入磁場時，線框有效的切割長度為：1=立3

2

產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=Blv=—BLv，

2

感應(yīng)電流為：/=E=遜S,

R2R

整個導(dǎo)線框所受安培力大小為：F=BIl=B?皿?四L=加,故C正確；

2R22R

D平均感應(yīng)電動勢：E=—=—,

AtAt

平均感應(yīng)電流：7=占

R

整個過程通過線框某一橫截面電荷量：q=7.2/t，

解得：q=嗎故。錯誤；

FR

故選ACo

15.答案：BCD

解析：解：AD,物塊由4運動至B的過程中，彈簧對物塊的彈力方向與位移方向相同，所以彈力對物

塊一直做正功，物塊的機械能一直增加.故A錯誤，力正確.

BC、對于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒.此過程中，物塊動能

的變化量為零，由系統(tǒng)的機械能守恒知，彈簧的減少的彈性勢能恰好等于物體增加的重力勢能，故

8c正確.

故選：BCD

機械能守恒的條件是只有重力或彈力做功.對照條件分析機械能是否守恒.根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒

分析能量的轉(zhuǎn)化情況，由功能原理分析彈簧對物塊的彈力做功情況.

解決本題的關(guān)鍵是要準確理解機械能守恒的條件，對于單個物體，只有重力做功時機械能才守恒.對

于含有彈簧的系統(tǒng)，只有重力或彈力做功，系統(tǒng)的機械能才守恒.

于

解析：解：(1)畫出光路圖如圖所示.

B

(2)為了測出三棱鏡玻璃材料的折射率，若以AB作為分界面，根據(jù)折射定律可知，需要測量的量是

入射角網(wǎng)、折射角外.

(3)棱鏡玻璃材料折射率的計算公式是n=

(4)若在測量過程中，放置三棱鏡的位置發(fā)生了如圖所示的微小平移，仍以4B作為分界面，由圖看

出，

B

入射角沒有改變.測量出來的折射變小,如圖中實線光路所示，則由折射定律得知，測量值將大于

真實值.

故答案為：(1)畫出光路圖如圖所示

(2)入射角%、折射角

⑶鬻

SITIC/2

(4)大于.

(1)連接P1和「2,作為入射光線，連接P3和24，作為出射光線，再作出光路圖.

(2)根據(jù)折射率公式，知需要測量入射角為、折射角多?

(3)根據(jù)折射率公式求出折射率.

(4)在測量過程中，放置三棱鏡的位置發(fā)生了微小的平移，以AB作為分界面，分析入射角與折射角

的變化，確定誤差.

本題是插針法測量玻璃磚折射率的實驗，實驗原理是核心，根據(jù)原理確定所要測量的量，進行誤差

分析.

17.答案：用盡可能小的圓把所有的小球落點都圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位

置20.00cm碰前A碰后2mAOQ=mAOP+mBOR

解析：解：(1)多做幾次試驗，用盡可能小的圓把所有的小球落點都圈在里面，其圓心就是小球落點

的平均位置

(2)由圖可知，P點的坐標為20.00cm；

(3)4與B相撞后，B的速度增大，4的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，

所以Q點是碰前A球的落地點，P是碰后4的落地點，R是碰后B的落地點；

(3)根據(jù)兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，根據(jù)動量守恒定律可得啊%=爪4%+

mBv2<故有叫1V()t=叫巧力+—mA0P+mB0R

故答案為：

(1)用盡可能小的圓把所有的小球落點都圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；(2)20.00cm；

(3)碰前4；碰后4；(3)mAOQ=mAOP+mBOR

(1)用盡可能小的圓把所有的小球落點都圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置

(2)明確最小分度，根據(jù)刻度尺的讀數(shù)方法可明確對應(yīng)的讀數(shù)；

(3)4與B相撞后，B的速度增大，4的速度減小，都做平拋運動，豎直高度相同，所以水平方向，B在

4的前面；

(4)為了驗證碰撞前后動量守恒，即是驗證碰撞前的動量等于碰撞后的動量即可.

本題考查根據(jù)平拋運動規(guī)律來驗證動量守恒定律的實驗，要注意掌握兩球平拋的水平射程和水平速

度之間的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵.

18.答案：3.470B0刻度線“X答6.0

解析：解：(1)螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為3.0mm,可動刻度讀數(shù)為0.01X47.0nun=0.470nun,

所以最終讀數(shù)為：3.0mm+0.470nlm=3.470mm

(2)②將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)B旋鈕，使歐姆表指針對準電阻的0刻度線；

④選擇開關(guān)旋至電阻擋“X10”擋位，由圖乙所示可知，指針偏轉(zhuǎn)角度較大，所選倍率太大，為準

確測量電阻阻值，應(yīng)換小檔位，所以為了使金屬絲的阻值測量能夠再準確些，小明應(yīng)將選擇開關(guān)旋

至電阻檔“Xr檔位，重新進行電阻調(diào)零；

⑤重新測量，得到如圖2丙所示結(jié)果，則金屬絲的電阻為6.0X1=6.00。

故答案為：(1)3.470.(2)②8,0刻線處。④xl.⑤6.0。

(1)螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀一位。

(2)用多用電表粗測金屬絲的阻值時選檔后一定要先進行歐姆調(diào)零，讀數(shù)時盡量使指針指在中央刻度

附近，歐姆表的讀數(shù)等于表盤示數(shù)乘以倍率。

本題考查了歐姆表的正確使用方法及歐姆表讀數(shù)。用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位，使指針指

在中央刻度線附近，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

19.答案：x112匕42c

解析：解：(1)選擇x10倍率測電阻，指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明所測電阻阻值減小，所需擋位太大,

為了較準確地進行測量，應(yīng)該選擇x1倍率；由圖1中實線所示可知，測量結(jié)果是12x1。=12。。

(2)電源電動勢是3V,電壓表應(yīng)選擇匕；

通過待測電阻的最大電流約為/='==0254=250nL4,則電流表應(yīng)選擇

R12

(3)由于電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，實驗要求電壓表的讀數(shù)能夠從零開

始調(diào)節(jié)，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，因此應(yīng)選擇圖C所示電路圖。

故答案為：(1)x1；12；(2)匕；A2；(3)CO

(1)用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在表盤中央刻度線附近；歐姆表指針示數(shù)與擋位的

乘積是歐姆表示數(shù)。

(2)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表。

(3)根據(jù)待測電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，根據(jù)題意確定滑動變阻器的接法，然后選擇實

驗電路圖。

本題考查了歐姆表讀數(shù)與使用注意事項、實驗器材選擇與實驗電路圖的選擇；要掌握實驗器材的選

擇原則；根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法是選擇實驗電路圖的關(guān)鍵。

20.答案：解：(1)最大速度時，合力為零，根據(jù)平衡條件可得：mgsindBIL

閉合電路歐姆定律可得：1=三,

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：E=BLu

代入數(shù)據(jù)解得：v—6m/sfE=2.4K；

(2)當(dāng)導(dǎo)體棒穩(wěn)定下滑時ab兩端的電壓：U=-^R=j^x3V=1.8V；

(3)根據(jù)電荷量的計算公式有：n='it=^t=—=—

'R+rR+rR+r

由能量守恒定律得：mgxsinO=|niv2+Q,

代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.16/。

答：(1)導(dǎo)體棒下滑的最大速度為6rn/s

(2)當(dāng)導(dǎo)體棒穩(wěn)定下滑時ab兩端的電壓為2.4V；

(3)導(dǎo)體棒從靜止加速到“=4M