2022-2023學(xué)年重慶市某中學(xué)高二（上）期末物理試卷+答案解析

2022-2023學(xué)年重慶市巴蜀中學(xué)高二（上）期末物理試卷

1.某同學(xué)通過實驗得到了如圖所示的四幅圖案，在下列四個選項中，哪一個可能是由雙縫

干涉實驗得到的圖案（）

BBIH

2.三種透明介質(zhì)垂直堆疊，介質(zhì)H的兩邊界是平行的。一束光

在介質(zhì)II的上邊界內(nèi)部發(fā)生全反射，經(jīng)過折射后從介質(zhì)H的下邊

界射出，如圖所示。假設(shè)光在三種介質(zhì)中的折射率分別為%,Tl2

和巧,則它們之間的大小關(guān)系正確的是（）

A.n1>n2>n3<n2B.n1<n2,n3>n2

C.n1>n2>n3>n2D.n1<n2,n3<n2

3.如圖所示，是一個人兩次抖動同一細(xì)繩形成的機械波，第一次抖動形成圖甲所示波形,

第二次抖動形成圖乙所示的波形，下列說法中正確的是（）

A.機械波向外傳遞的過程中頻率會逐漸減小

B.在傳播方向上相鄰兩個波峰間的距離是一個波長

C.甲、乙兩列繩波的起振方向相同

D.機械波以傳遞振動，所以繩上的各點隨波向外遷移

B.t=Os到t=Is時間內(nèi)，小球的動能在減小

C.t=2s時和t=4s時小球的回復(fù)力大小相同

D.t=2s到t=3s時間內(nèi)，小球的加速度在增大

5.如圖所示，矩形線框KLMN面積為S,處于磁感應(yīng)強度大小為

8的勻強磁場中，線框可繞虛線軸逆時針轉(zhuǎn)動，初始時刻線圈平

面與磁場方向的夾角為30。，下列說法正確的是()

A.初始位置穿過線圈的磁通量為yBS

B.當(dāng)線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過30。時，穿過線圈的磁通量為0

C.當(dāng)線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過90。時，穿過線圈的磁通量為TBS

D.在線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過180。過程中，線圈磁通量的變化

的大小為BS

6.如圖所示，把輕質(zhì)導(dǎo)線圈用絕緣細(xì)線懸掛起來，其附近有一條形磁鐵，該磁鐵的軸線穿

過導(dǎo)線圈的圓心，且與線圈平面垂直，現(xiàn)保持條形磁鐵不動，而在線圈中通以如圖所示的電

流，則()

A.線圈保持不動B.線圈向左偏轉(zhuǎn)且有向外擴張的趨勢

C.線圈向左偏轉(zhuǎn)且有向內(nèi)收縮的趨勢D.線圈向右偏轉(zhuǎn)且有向內(nèi)收縮的趨勢

7.如圖所示，在真空中有兩根長而直的平行導(dǎo)線，其中只有一根

aC

攜帶穩(wěn)定的電流，其方向未知。一個電子在兩根導(dǎo)線確定的平面內(nèi)

沿著如圖所示的路徑從點。移動到點Po以下哪一種表述是正確的

（）

BD

A.CD導(dǎo)線攜帶電流，方向從。流到CB.CD導(dǎo)線攜帶電流，方向從C流到。

C.AB導(dǎo)線攜帶電流，方向從A流到BD.A8導(dǎo)線攜帶電流，方向從B流到A

8.在光滑的水平地面上有兩個小車A和8,A車質(zhì)量為小力=2kg,8車質(zhì)量TnB=Ikg，B

車左側(cè)固定有一個輕彈簧，如圖所示，一開始彈簧處于原長且保持水平，A車向右的初速度

v0=3m∕s,則下列選項中不正確的有（）

A.兩車共速時的速度為2m∕sB.A車的最終速度為lm/s

C.B車的最終速度為4m∕sD.彈簧的最大彈性勢能為4J

9.19世紀(jì)末，湯姆孫的學(xué)生阿斯頓設(shè)計了質(zhì)譜儀，并用質(zhì)譜儀發(fā)現(xiàn)了速-20和筑-22,證

實了同位素的存在。如圖甲為質(zhì)譜儀工作的原理圖，已知質(zhì)量為機、電荷量為q的粒子，從

容器A下方的小孔Sl飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾乎為0,然后經(jīng)過S3沿著與磁

場垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，最后打到照相底片。上的尸點,且S3P=X。

忽略粒子的重力，通過實驗測得X與，萬的關(guān)系如圖乙所示，已知斜率為k=0.5,勻強磁場

的磁感應(yīng)強度B為2X10-4。7r=3.14,則下列說法中正確的是（）

甲

A.該粒子帶負(fù)電

B.該粒子比荷為9×108C∕kg

C.若電壓U不變，X越大，則粒子比荷越大

D.該粒子在磁場中運動的時間約為1.96XIO-5S

10.如圖所示，AB平行于CO,相距為d,兩邊之間有垂直直面

向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為一質(zhì)量為加，電荷量為4的電

子在AB邊某點與AB邊成30。角方向入射,與CC邊成60。角出射，

下列選項正確的是（）

A.電子運動的軌道半徑為r=（√-3-l）d

B.電子在磁場中運動的時間為t=篇

B`XX×,?D

C.電子的入射速度%=1巴1幽

D.僅改變?nèi)肷浞较?，使電子剛好不從右邊界射出，則AB邊界上的入射點與出射點間的距離

為2(1+2y∏)d

11.一質(zhì)量為Ikg的物塊，在水平力尸的作用下由靜止開始在水

平地面上做直線運動，F(xiàn)與時間f的關(guān)系如圖所示，已知物塊與地

間的動摩擦因數(shù)為0.2,重力加速度g取IOrn/S2,下列選項正確的

是（）

A.物體在3s末的動量大小12kg?m/s

B.水平力尸在前4s內(nèi)的沖量大小為16N?S

C.物體在5s末的速度大小為2m∕s

D.Gs末動量大小為12/cg?m/s

12.下列說法中正確的是（）

A.各種波均會發(fā)生干涉、衍射、偏振等現(xiàn)象

B.在波的干涉圖樣中，振動加強的點永遠(yuǎn)都振動加強

C.兩列相干波的波峰與波峰疊加相互加強，波谷與波谷疊加相互削弱

D.當(dāng)障礙物或孔的尺寸比波長小或相差不多時，才能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

13.如圖所示，水平放置的兩導(dǎo)軌P、。間的距離d=0.5m,垂

直于導(dǎo)軌平面的豎直向上的勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=2T,垂直

于導(dǎo)軌放置的H棒的質(zhì)量Tn=1kg,系在必棒中點的水平繩跨

過定滑輪與重物塊G相連。已知油棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)〃=

0.2,最大靜摩擦力可視為等于滑動摩擦力，電源的電動勢E=

IOV、內(nèi)阻r=0.1O,導(dǎo)軌的電阻及油棒的電阻均不計。當(dāng)滑動

變阻器R=O.90時，必棒處于靜止?fàn)顟B(tài)且僅受四個力作用，g取

IOm∕s2,下列選項正確的是（）

A.重物塊的質(zhì)量Ikg

B.血棒保持靜止，滑動變阻器R的最小值為0.40

C.外棒保持靜止，滑動變阻器R的最大值為1.150

D.若將磁場反向，調(diào)節(jié)滑動變阻器，仍可讓系統(tǒng)平衡

14.如圖(α)所示，在固定的水平滑槽中，有一平臺可左右滑動。平臺下方豎直懸掛輕彈簧，

兩小球A、8間用細(xì)線連接,彈簧下端與小球A相連?，F(xiàn)讓平臺與小球一起向右勻速運動,t=Os

時剪斷細(xì)線，小球A在豎直方向上做簡諧運動。同時用頻率為IOHZ的頻閃照相機開始記錄

小球A的位置，以剪斷細(xì)線時小球A的位置為坐標(biāo)原點，小球A的水平位移X為橫坐標(biāo)，小

球A的豎直位移y為縱坐標(biāo)。運動一段時間后,用平滑的曲線連接小球4的位置如圖(b)所示。

則下列說法中正確的是()

A.平臺向右運動的速度大小。=lm∕s

B.t=0.2s時，小球A的速度最大

C.t=0.35s時，小球A的力口速度方向向上

D.t=0.95S時，小球A的在豎直方向上的位移大小為(IO+5√7)cm

15.如圖所示，在％>0區(qū)域有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B,在％<0區(qū)域有

沿X軸正向的勻強電場。質(zhì)量為m電荷量為q的帶正電荷粒子，以速度火沿與)，軸正向夾角

為8弧度G≤9<個的方向，從坐標(biāo)系的原點。處射入磁場，粒子的重力可以忽略不計。粒

子每次離開磁場后，都會從。點再次進入磁場，即粒子以周期路徑運動。下列說法中正確的

是()

A.粒子第一次經(jīng)過y軸時的位置坐標(biāo)為（O,鬻siny）

B,粒子運動周期為T=型則警?

qti

C.勻強電場的電場強度大小為τn28uocos9

D.當(dāng)粒子運動到離y軸最遠(yuǎn)位置時，將磁感應(yīng)強度減小到莖，則粒子第一次離開磁場時，距

。點距離為L=當(dāng)件

16.如圖所示，在插針法測量玻璃折射率的實驗中，兩位同學(xué)先把方格紙固定在木板上。在

方格紙上畫出一條直線ɑa'作為界面（線），過αα'上的一點。畫出界面的法線NN',并畫一條線

段40作為入射光線。再把玻璃碗放到方格紙上，使其上邊界與αα'重合，畫出玻璃磚的下界

面加’的位置。在直線A。上插兩枚大頭針Pl和P2,再在玻璃磚的另一側(cè)插上大頭針P3和”。

確定光路后利用折射定律計算折射率。

（1）關(guān)于本實驗下列說法正確的是;

4實驗時入射角越大越好

A插大頭針時應(yīng)使匕和P2、P3和24的間距稍大一些，可以減小誤差

C插大頭針時，大頭針應(yīng)垂直紙面插放

。.該實驗只能測量兩面平行的玻璃移的折射率

（2）利用上述方格紙上的實驗記錄，計算此玻璃磚的折射率為；（答案可以用分?jǐn)?shù)或根

號表示）

（3）某同學(xué)在畫好玻璃磚的上下邊界之后，插針之前，不小心碰到了玻璃磚，使其向上平移了

一小段距離，該同學(xué)并沒有發(fā)現(xiàn)，則該同學(xué)測出的折射率與真實值相比。（填“偏大”、

“偏小”或“不變”）

17.某同學(xué)利用雙縫干涉實驗測量光的波長，實驗裝置如圖1所示，操作如下：

。、接好電源，打開開關(guān)，使白熾燈正常發(fā)光；

仄調(diào)整各器件高度，使光源燈絲發(fā)出的光能沿遮光筒軸線到達光屏；

c、調(diào)節(jié)白熾燈到凸透鏡的距離，使其光線剛好被聚焦到單縫上；

"、調(diào)節(jié)撥桿，使單縫與雙縫平行；

e、調(diào)整測量頭(由分劃板、目鏡、手輪等構(gòu)成)，直至可在目鏡端觀察到干涉條紋;

(1)經(jīng)過以上細(xì)心調(diào)節(jié)，該同學(xué)通過目鏡觀察，發(fā)現(xiàn)可以在毛玻璃上觀察到彩色條紋，但無法

觀察到等間距的單色條紋，為了解決這一問題，該同學(xué)可在凸透鏡和單縫之間增加(填

“偏振片”或“濾光片”)

(2)在加裝了該器件后，該同學(xué)重新操作以上步驟，在毛玻璃上出現(xiàn)了明暗相間的單色條紋，

但由于條紋間距過小，導(dǎo)致無法測量，要增大觀察到的條紋間距，正確的做法是o

A?減小雙縫的距離

8.減小單縫與雙縫間的距離

C增大透鏡與單縫間的距離

D增大雙縫與光屏間的距離

(3)做出適當(dāng)調(diào)整后，該同學(xué)再次重復(fù)前面操作，終于在毛玻璃上看到了清晰的明暗相間的單

色條紋，只不過發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線不平行，如圖2所示，若要使兩者平行對齊，

該同學(xué)應(yīng)如何調(diào)節(jié)o

4僅左右轉(zhuǎn)動透鏡

A僅旋轉(zhuǎn)單縫

C僅旋轉(zhuǎn)雙縫

D僅旋轉(zhuǎn)測量頭

(4)再次調(diào)節(jié)之后，測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮條紋定為第1條亮

紋，此時手輪上的示數(shù)如圖3-甲所示，然后同方向轉(zhuǎn)動測盤頭，使分劃板中心刻線與第6

條亮紋中心對齊，記下此時圖3-乙中手輪上的示數(shù)mm.

(5)已知雙縫間距d為2.1X10-4m,測得雙縫到屏的距離L為0.700m,求得所測光波長為

18.如圖所示，有一列簡諧橫波沿X軸方向傳播，實線和虛線分別表示t=Os和t=5s時的

波形圖。

(1)若波沿X軸正向傳播，則波可能的周期是多少？該波的最小波速是多少？

(2)若該列波沿X軸負(fù)方向傳播，由圖可知，在t=0時刻坐標(biāo)為X=Irn處的質(zhì)點處于平衡位

置，若該質(zhì)點t=5s時第一次達到正向最大位移，求該列波波速，并寫出X=ITn處質(zhì)點的振

19.如圖所示，質(zhì)量M=2kg的小車靜止在光滑的水平面上，右邊*圓弧部分的半徑r=1m,

小車上表面光滑，且均由絕緣材料制成，整個空間開始時有豎直向上的勻強電場?，F(xiàn)有一質(zhì)

量Zn=Ikg、帶負(fù)電的電荷量q=2C的滑塊，以ι?=6τn∕s的水平速度從小車左端A處向右

滑上小車，小滑塊剛好能運動到小車右端最高點，之后電場大小不變，方向改為豎直向下，

小滑塊反向滑回，最終小滑塊脫離小車，滑塊可視為質(zhì)點，g取IOm/S2,求：

(1)小滑塊滑至右側(cè)軌道最高點時的速度以及電場強度的大??；

(2)小滑塊第二次滑至。點時對小車的壓力。

20.水平實線下方有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，勻強磁場磁感應(yīng)強度為8,方向垂直

紙面向外,勻強電場場強未知，。點是實線上一點,在其正上方有一點P,已知P。=h,OD=d,

如圖所示，整個圖形處于豎直平面內(nèi)，一個質(zhì)量為機，電荷量為q的帶正電小球從P點可以

朝紙面內(nèi)任意方向拋出。小球進入實線下方的復(fù)合場區(qū)后，可以做勻速圓周運動，求：

(1)求電場強度的大小及方向；

(2)自尸點以與水平方向成ɑ角斜向上拋出小球，拋出速度為蚱，小球剛好經(jīng)過。點，然后歷

經(jīng)復(fù)合場區(qū)一次，在斜上拋的下落階段再回到尸點，求α和力(已知：E=12N∕C,h=4.8m,

d=2.4m,B=ST,q=IOC,m=12kg,g=10m∕s2)

(3)若從尸點以速度北水平拋出小球，要使小球能經(jīng)過。點，求速度%的大小及方向。

PQ

__________.a一

OD

8：：：：：：：：

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：雙縫干涉條紋是明暗相間的平行直線條紋，條紋間距相等，故A正確，BS錯誤。

故選：Ao

雙縫干涉條紋是明暗相間的平行直線條紋，條紋間距相等。

本題考查了雙縫干涉條紋，掌握基礎(chǔ)知識是解題的前提，要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)。

2.【答案】D

【解析】解：光在介質(zhì)∏的上邊界內(nèi)部發(fā)生全反射，說明介質(zhì)I的折射率小于介質(zhì)II的折射率，

即n1<n2

光從介質(zhì)II的下邊界射出，且折射角大于入射角，根據(jù)折射定律，說明介質(zhì)∏的折射率大于介質(zhì)

In的折射率，即電>幾3，故ABC錯誤，D正確;

故選：Do

光在介質(zhì)Il的上邊界內(nèi)部發(fā)生全反射，介質(zhì)I的折射率小于介質(zhì)II的折射率；

光從介質(zhì)∏的下邊界折射，折射角大于入射角，根據(jù)折射定律，介質(zhì)∏的折射率小于介質(zhì)HI的折

射率。

本題考查學(xué)生對全反射規(guī)律、折射定律的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

3.【答案】B

【解析】解：4機械波的頻率是由波源的頻率決定的，在傳播中不發(fā)生變化，故A錯誤；

8.由波長的定義，在傳播方向上兩個相鄰波峰間的距離是一定是一個波長，故B正確；

C根據(jù)“同側(cè)法”可知，波形甲的起振方向向下，波形乙的起振方向向上，故C錯誤；

D機械波傳播的是振動形式和能量.質(zhì)點只在各自的平衡位置附近振動，并不隨波向外遷移，故

。錯誤。

故選：B=

明確波的形成，知道機械波的頻率是由波源決定的，明確波長的定義，根據(jù)波形圖和波的傳播方

向確定質(zhì)點的振動情況；明確波傳播的是能量形式，質(zhì)點并不隨波遷移。

本題考查對波的理解，要注意明確波在傳播中頻率由波源決定，速度由介質(zhì)決定，在傳播中質(zhì)點

并不隨波遷移，波傳播的是能量形式和振動形式。

4.【答案】C

【解析】解：A、由圖示圖象可知，小球的振幅4=2cm,周期7=4s,故A錯誤；

8、由圖示圖象可知，t=0到t=Is時間內(nèi)小球從正的最大位移處向平衡位置運動，小球做加速

運動，速度增大，動能增大，故B錯誤；

C、由圖示圖象可知，t=2s小球在負(fù)的最大位移處，t=4s時小球在正的最大位移處，回復(fù)力大

小相等，方向相反，故C正確；

。、由圖示圖象可知，t=2s到t=3s時間內(nèi)，小球從負(fù)從最大位移處向平衡位置運動，位移逐漸

減小，回復(fù)力逐漸減小，加速度逐漸減小，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)圖示簡諧運動的X-t圖象求出振幅與周期，根據(jù)圖示圖象分析小球的運動過程分析答題。

本題考查了簡諧運動的X-t圖象，知道簡諧運動的運動過程，根據(jù)圖示圖象分析即可解題。

5.【答案】D

【解析】解：A、當(dāng)水平邊MN與磁場方向的夾角為30。時，穿過線框的磁通量為中=BSsin30。，

代入數(shù)據(jù)解得。=0.5BS,故A錯誤；

B、當(dāng)線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過30。時，水平邊MN與磁場方向的夾角為60。，穿過線框的磁通量

為。=BSSin60。=號BS，故B錯誤；

C、當(dāng)線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過90。時，水平邊WN與磁場方向的夾角為60。，穿過線框的磁通量

為?=BSsin60°=?BS，故C錯誤；

。、當(dāng)線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過180°時，穿過線框的磁通量大小也是。=BSSin30。=0.5BS,但

穿過線圈的磁通量的方向與開始時相反，所以線圈從圖示位置逆時針轉(zhuǎn)過180。過程中，線圈磁通

量的變化的大小為BS。故。正確。

故選：Do

根據(jù)磁通量的公式可求穿過線框的磁通量大小。

明確磁感應(yīng)強度，線框面積和磁通量之間的關(guān)系，會應(yīng)用公式計算磁通量的大小。

6.【答案】B

【解析】解：現(xiàn)保持條形磁鐵不動，而在線圈中通以如圖所示的電流，根據(jù)右手定則，線圈內(nèi)磁

通量向左增加，根據(jù)楞次定律，線圈有向左和擴張的趨勢。故B正確，Aez）錯誤；

故選：B。

根據(jù)右手定則，線圈內(nèi)磁通量向左增加，根據(jù)楞次定律，線圈有向左和擴張的趨勢。

本題考查學(xué)生對右手定則和楞次定律的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

7.【答案】A

【解析】解：根據(jù)題意，電子越靠近C。導(dǎo)線，軌跡半徑越小

洛倫茲力提供向心力quB=￥

R

解得R=M

故越靠近CQ導(dǎo)線磁感應(yīng)強度越大，因此一定是CD導(dǎo)線攜帶電流；

電子做曲線運動，受到的合外力方向指向軌跡彎曲的凹側(cè)，根據(jù)左手定則，電子所在區(qū)域的磁場

方向垂直紙面向外，其中只有一根攜帶穩(wěn)定的電流，根據(jù)安培定則，則是CO導(dǎo)線攜帶電流，方

向從。流到Co

故A正確，BCQ錯誤；

故選：A?

洛倫茲力提供向心力和半徑變化，確定磁感應(yīng)強度大小，確定攜帶電流的導(dǎo)線；

根據(jù)左手定則和安培定則，分析電流方向。

本題考查學(xué)生對洛倫茲力提供向心力、左手定則和安培定則的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

8.【答案】D

【解析】解：光滑的水平地面，輛小車不受摩擦力，小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)水平

向右為正方向

AD.兩車共速時，彈簧壓縮量最大，彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)動量守恒和能量守恒有

=（m

T∏AV0A+mβ）v

11

m2

2λVo=2（啊+mβ）v+Ep

代入數(shù)據(jù)解得D=2m∕s

Ep=3J,故A正確，Z）錯誤；

BC.兩車（含彈簧）作用的整個過程，最終彈簧形變量為零，根據(jù)動量守恒和能量守恒

mAv0=TΠAVA+mBvB

111

2mAv0=2mAVA+2mBVB

解得以=lm∕s,VB=4τn∕s,故8C正確。

本題選不正確的

故選：Do

因地面光滑，所以滑塊P在A車上滑動的過程中，符合動量守恒的條件，同時除了彈簧的彈力做

功之外，沒有其他的力做功，所以機械能也是守恒的，分別應(yīng)用動量守恒和機械能守恒列式求解，

可得出滑塊A滑上B后的共同速度.兩車（含彈簧）作用的整個過程，最終彈簧形變量為零，再根

據(jù)動量守恒和能量守恒解得分離后A、8的速度。

本題考查了水平方向的系統(tǒng)動量守恒問題，一般來說動量守恒為簡單的單向動量守恒，結(jié)合能量

關(guān)系可得出正確結(jié)果。

9.【答案】D

【解析】解：4粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中做圓周運動，根據(jù)左手定則可知，該粒子帶正電，故A錯誤；

8C.粒子在加速電場中，根據(jù)動能定理qU=

粒子在偏轉(zhuǎn)磁場中，做圓周運動的半徑r=≡,

根據(jù)牛頓第二定律qvB=

粒子的比荷*券

可見，若電壓U不變，X越大，則粒子比荷越??；

聯(lián)立解得X=f??√~y

7qβ

結(jié)合圖乙，圖像斜率k=f?

NqB

代入數(shù)據(jù)解得粒子比荷（=8X108C∕kg,故8C錯誤；

D根據(jù)牛頓第二定律qt>B=m-y-

該粒子的運動周期7=牛=篝

在磁場中的運動時間t=∣T=∣×?=≡=-?X?s=1.96X10-≡s,故。正確。

乙乙HD4DZXlUo×Iu

故選：Oo

A?根據(jù)左手定則判斷粒子的帶電性；

BC.根據(jù)動能定理求粒子的速度，粒子在磁場中做勻速運動運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓

第二定律求荷質(zhì)比的關(guān)系式，再求解X-C7函數(shù)，結(jié)合圖像求比荷；

。.根據(jù)周期公式7=誓求周期，再求時間。

本題考查了質(zhì)譜儀的工作原理，重點掌握動能定理、牛頓第二定律在圓周運動中的運動，圓周運

動的周期公式：難點在于根據(jù)動能定理和牛頓第二定律求解％函數(shù)，再結(jié)合圖像斜率的含

義求比荷。

10.【答案】D

【解析】解：力BC.做出電子在磁場中的運動軌跡如圖1所示

由圖1可得

r

d2

cos300+cos30°

解得r=(√-3+l)d

由洛倫茲力提供向心力解得

VQ

qv0B=m—

解得%=誓=%=(CT)qBd

電子在磁場中運動的時間為

型r=」x型=您故A8C錯誤;

360°12qB6qB

D僅改變?nèi)肷浞较?，使電子剛好不從右邊界射出，如圖2所示

圖2

由圖2中幾何關(guān)系可得，A8邊界上的入射點與出射點間的距離為

L=2√r2-(r-d)2=2j(√3+l)d2-(√^d)2=2J(1+2<3)d>故D正確。

故選：Do

做出粒子的運動軌跡，由幾何關(guān)系解得粒子做圓周運動的半徑，由洛倫茲力提供向心力，解得電

子的入射速度，找到粒子做圓周運動圓心角，由T=駕求得電子在磁場中運動的時間。由幾何關(guān)

系求解電子在AB邊界上的入射點與出射點間的距離。

本題考查帶電粒子在磁場中運動的類型，確定向心力來源，畫出軌跡，運用牛頓第二定律列式是

慣用的解題思路。特別注意數(shù)學(xué)規(guī)律的應(yīng)用，明確幾何關(guān)系的正確分析方法。

Ii.【答案】c

【解析】解：物體運動過程中受到的滑動摩擦力的大小為：f=μmg=0.2×1×10/V=2N,根

據(jù)圖象可知拉力大小為F=4/Vo

A、在0=3s內(nèi)由動量定理可得：pi=Ftl-"1，解得物體在3s末的動量大小為：pi=6kg-m∕s,

故A錯誤；

2、水平力F在前4s內(nèi)的沖量大小為/=Ftl-Ft2=4x3N?s-4XlN?s=8N?s,故8錯誤；

C、物體速度為零時，由動量定理可得：Ft1-Ft3-/(t1+t3)=0,代入數(shù)據(jù)解得：t3=1s,所

以在4s末物體的速度為零。

從4s末到5s末由動量定理得：(F-f)4t=nw,解得物體在5s末的速度大小為：v—2m∕s,故

C正確；

。、從4s末到6s末由動量定理得：p2=(F-∩?t'=(4-2)×2kg-m/s=4kg-τn∕s,故。錯

誤。

故選：Co

在h=3s內(nèi)由動量定理求解物體在3s末的動量大?。桓鶕?jù)沖量的計算公式求解水平力尸在前4s

內(nèi)的沖量大?。挥蓜恿慷ɡ砬蠼馑俣葹榱銜r經(jīng)過的時間，再根據(jù)動量定理求解在5s末的速度大小;

從4s末到6s末由動量定理求解6s末動量大小。

本題主要是考查動量定理，利用動量定理解答問題時，要注意分析運動過程中物體的受力情況，

知道合外力的沖量才等于動量的變化。

12.【答案】BD

【解析】解：4所有的波都能發(fā)生干涉、衍射現(xiàn)象，但偏振現(xiàn)象是橫波的特性，只有橫波才有偏

振現(xiàn)象，縱波沒有偏振現(xiàn)象，取A錯誤；

BC.兩列相干波的波峰與波峰疊加相互加強,波谷與波谷疊加相互加強,波峰與波谷疊加相互削弱，

故振動加強的點永遠(yuǎn)振動加強，振動削弱的點永遠(yuǎn)振動削弱，故8正確，C錯誤；

D當(dāng)障礙物或孔的尺寸比波長小或相差不多時，才能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故。正確。

故選：BD。

波發(fā)生明顯衍射的條件是：孔、縫的寬度或障礙物的尺寸與波長相比差不多或者比波長更小，但

如果孔、縫的寬度或障礙物的尺寸就不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

明確波的干涉現(xiàn)象、衍射以及偏振現(xiàn)象，注意明確衍射現(xiàn)象中當(dāng)障礙物或孔的尺寸比波長小或相

差不多時是指發(fā)生明顯衍射的現(xiàn)象。

13.【答案】AC

【解析】解：A、設(shè)物塊的質(zhì)量為m'。當(dāng)滑動變阻器R=0.90時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

油棒處于靜止?fàn)顟B(tài),僅受重力、支持力、拉力和安培力的作用，不受摩擦力，安培力大小為尸=Bid,

方向水平向左。

由平衡條件得：F=m'g,代入數(shù)據(jù)解得：m'=1kg,故A正確；

8、當(dāng)H棒剛要向左滑動時，電路中電流最大，滑動變阻器R的阻值最小，設(shè)為％。由平衡條件

得：Bkd=μmg+m'g,其中人=肅7,代入數(shù)據(jù)解得：RI=的故B錯誤；

C、當(dāng)必棒剛要向右滑動時，電路中電流最小，滑動變阻器R的阻值最大，設(shè)為R2。由平衡條件

P

得：Bl1d+μmg=m'g,其中力=而7，代入數(shù)據(jù)解得：/?2=1」50,故C正確；

n

。、成>棒與導(dǎo)軌間的最大靜摩擦力為∕jnax=Hg=0?2X1XION=2N。若將磁場反向，則安培

力的方向水平向右，由于Mg=IXlON=IoN,m'g>fmax,所以無論怎樣調(diào)節(jié)滑動變阻器，

都不能讓系統(tǒng)平衡，故。錯誤。

故選：ACo

當(dāng)滑動變阻器R=0.90時，先根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中電流，對外棒的受力分析，根據(jù)

平衡條件和安培力公式相結(jié)合求重物塊的質(zhì)量；當(dāng)岫棒剛要向左滑動時，電路中電流最大，滑動

變阻器R的阻值最小；當(dāng)M棒剛要向右滑動時，電路中電流最小，滑動變阻器R的阻值最大，根

據(jù)平衡條件和安培力公式相結(jié)合求滑動變阻器及的最小值和最大值；若將磁場反向，分析安培力

與重物塊重力之和與最大靜摩擦力的關(guān)系，判斷必棒能否靜止。

本題是通電導(dǎo)體在磁場中平衡問題，要抓住靜摩擦力會外力的變化而變化，挖掘臨界條件進行求

解。

14.【答案】CD

【解析】解：A、在圖(b)中所示，小球4相鄰位置的時間間隔為rt5=得s=0.1s,平臺向右運動

的速度大小為"=?=署n?/s=2m∕s,故A錯誤；

B、由圖他)可知，t=0.1s時，小球A處于平衡位置，小球A的速度最大，故B正確；

C、由圖(b)可知，小球4的振動周期為T=47o=4xO.ls=O.4s;t=0.35s時，小球4處在平衡

位置y=IOcm下方且向下振動，可知小球A的加速度方向豎直向上，故C正確；

。、設(shè)y=IoCnl為原點，由圖可知，振幅為10C∕H,則振動方程為y=-Acosωt=-10cos(-t)cm=

2ττ

—10cos(-t)cm=-10cos(5πt)cm

t=0.95s時，得y=5∕克cm,此時，小球A的豎直位移大小為V=(IO+5S)cτn,故。正確。

故選：CDo

結(jié)合小球A相鄰位置的時間間隔求平臺向右運動的速度大小；由圖(b)可知，t=0.2s時，小球A

處于平衡位置，小球A的速度最大；由圖(b)可知小球A的振動周期，進而可知t=0.35s時，小球

A的加速度方向豎直向上；根據(jù)振動方程求t=0.95S時，小球4的在豎直方向上的位移大小。

本題考查簡諧運動的表達式和圖像，學(xué)生需根據(jù)圖像結(jié)合振動方程等分析求解。

15.【答案】BD

【解析】解：A、粒子在磁場和電場中的軌跡如圖所示

在磁場中根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB=

0R

變形后得到：R=篝

所以粒子第一次經(jīng)過)，軸時的位置的縱坐標(biāo)為：y=-2RSin(P=一篝SinS

粒子第一次經(jīng)過y軸時的位置坐標(biāo)為(0,-需SinW),故A錯誤；

B、由上述分析可知，粒子在磁場中的時間為：tι=4j.察=迎射

ZTtCJDCJD

粒子在電場中沿y軸方向做勻速直線運動，則有：2Rsin<p=解得：t2=2m^iφ

2mfta7rφ

所以粒子運動周期為：T=t1+t2=y~?故3正確；

。、根據(jù)題設(shè)要求，當(dāng)粒子運動到離y軸最遠(yuǎn)位置時，此時速度方向沿y軸負(fù)方向，則有：x=R+

Rcosφ

可知當(dāng)9=E時，離y軸有最遠(yuǎn)距離，則有：XmaX=R+RcoSE=IR

此時粒子禺X軸距圖為：yι=Rsing=

此時將磁感應(yīng)強度減小到莖，則粒子半徑變?yōu)椋?=I.翳=^R

可知粒子繼續(xù)轉(zhuǎn)過;圓周離開磁場，則粒子第一次離開磁場時，距。點距離為：L=y1+R'=

*R+^R=駕警1,故。正確：

222qB

C、設(shè)電場強度大小為E,根據(jù)牛頓第二定律有：α=變，而沿電場方向的速度：%sin∕=α?與，

mUT2

聯(lián)立解得：E=Bv0cosφ,故C錯誤。

故選：BD。

由題意作出粒子的軌跡圖，由洛倫茲力提供向心力，再由幾何關(guān)系求出坐標(biāo)；

分別求出粒子在磁場和電場中的時間，相加即為粒子做周期性運動的周期；

根據(jù)平行于電場方向的速度及牛頓第二定律求出電場強度的大??；

根據(jù)題意由幾何關(guān)系求出距。點的距離。

本題考查帶電粒子在磁場和電場中的相關(guān)運動，要注意在兩運動過程銜接點粒子的速度大小和方

向的確定，通過幾何畫圖求解關(guān)系。

16.【答案】(DBC；(2)守(3)不變。

【解析】解：(1)4實驗時入射角應(yīng)適當(dāng)大些可以減小誤差，但不是越大越好，故A錯誤；

8.為了減小誤差，插大頭針時應(yīng)使PI和P2、P3和「4的間距大一些，故B正確；

C.為了便于觀察，插大頭針時，大頭針應(yīng)垂直紙面插放，故C正確；

。.該實驗原理不僅能測量兩面平行的玻璃磚的折射率，也可以測兩面不平行的，故。錯誤。

故選：BC.

(2)光路圖如圖所示

在光路圖中利用方格構(gòu)造三角形，由圖得sin%=苧,sin%=等

根據(jù)折射定律，有n=當(dāng)=手

sin?22

(3)如圖所示

實線表示將玻璃磚向上平移后實際的光路圖，而虛線是未將玻璃磚向上平移時作圖時所采用的光

路圖，通過比較發(fā)現(xiàn)，入射角和折射角沒有變化，則由折射定律n=則得知，測得的折射率將不

Sinr

變。

故答案為：(I)BC；(2)子；(3)不變。

(1)根據(jù)實驗原理和注意事項分析判斷；

(2)根據(jù)折射定律分析計算；

(3)畫出光路圖，根據(jù)折射定律分析。

本題考查測定玻璃折射率實驗，要求掌握實驗原理、實驗裝置、實驗步驟、數(shù)據(jù)處理和誤差分析。

17.【答案】濾光片710013.870693

【解析】解：(1)為了觀察到單色光的干涉條紋，需要獲得單色光源，要在凸透鏡和單縫之間增加

濾光片。

(2)由雙縫干涉條紋間距公式4x=5>l,在光的波長2一定時，要增加干涉條紋間距4x,可以減小

雙縫間的距離d或增大雙縫與光屏間的距離L,故選AD.

(3)亮條紋與分劃板豎線不平行，需要旋轉(zhuǎn)測量頭使干涉條紋與分劃板豎直線平行，故選。。

(4)由圖3—乙所示可知，手輪上的讀數(shù)0—13.5mτn+37.0X0.01mm=13.87OTmnO

⑸由圖3-甲所示可知，手輪讀數(shù)%ι=2mm+32.0X0.0InUn=2.320mm,相鄰亮條紋間的距離

%6一勺_13.870-2.320

?x=n=6≡4mm=2.31mm；

2.1xl0-4χ2.31xl0-3

由雙縫干涉條紋間距公式ZX=可知I,所測光的波長4=等m=6.93×

0.700

7

10-m=693nmo

故答案為：(1)濾光片；(2)AD;(3)D：(4)13.870：(5)693o

(1)為獲得單色光需要在單縫前放置濾光片。

(2)根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式分析答題。

(3)分劃板與條紋不平行，需要調(diào)節(jié)測量頭。

(4)固定刻度與可動刻度讀數(shù)的和是螺旋測微器的讀數(shù)。

(5)根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式求出波長。

理解實驗原理、掌握基礎(chǔ)知識是解題的前提，根據(jù)題意應(yīng)用雙縫干涉條紋間距公式即可

解題，解題時注意單位換算。

18.【答案】解：(1)根據(jù)題意，若波沿X軸正向傳播，由圖可得，傳播時間與周期的關(guān)系為Zt=

(i+n)T(n=0,1,2-)

解得7=I?s(n=0,l,2???)

由公式u可知，周期越大，波速越小，則波速最小時，周期最大為心=20s

由圖可知，波長為2=4m

則最小波速為

A4

Umin=K=20m/s=0.2m∕s

(2)若該列波沿X軸負(fù)方向傳播，由圖可知，在t=0時刻坐標(biāo)為X=ITn處的質(zhì)點處于平衡位置沿)，

軸負(fù)方向振動，若該質(zhì)點￡=5s時第一次達到正向最大位移，則有

解得T=gt=gx5s=yS

又有為=專

代入數(shù)據(jù)解得

V=0.6τn∕s

由公式①二寫可得

2τr2Tr3Tr

3=-?r=?θ-rɑd/s=?θrαd∕s

'^3^*

由于X=Inl處質(zhì)點從平衡位置開始沿)，軸負(fù)方向振動，貝卜=處質(zhì)點的振動方程為y=

2sin(∣^÷π)t(cτn)

答：(1)若波沿X軸正向傳播，則波可能的周期是T=晟Ss=O,1,2…)，該波的最小波速是

0.2m∕s;

(2)該列波波速為0.6τn∕s,X=ITn處質(zhì)點的振動方程為y=2sin儒+π)t(cm)o

【解析】(1)由波形圖可得出波長，波向正方向傳播，根據(jù)周期性可知傳播距離的通式，再根據(jù)波

速公式可求出波速表達式，再根據(jù)周期公式即可求出周期表達式；

(2)找到質(zhì)點的初相位，代入振動方程的一般表達式。

解題關(guān)鍵是能夠從圖象中找到波長、振幅，以及時間與周期的關(guān)