安徽省池州市普通高中高二上學期期末物理試卷

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學年安徽省池州市普通高中高二(上)期末物理試卷一、選擇題1．某學習小組在探究電阻阻值的實驗中，對手頭的四個電阻各進行了一次正確的測量，并把每個電阻兩端的電壓和通過它的電流用描點法在U﹣I坐標系中描述出來（如圖所示）．則通過分析四個坐標點我們可以判定哪個點對應的電阻阻值最大（）A．a(chǎn) B．b C．c D．d2．在“研究電荷間作用力大小影響因素"的實驗中，將一帶電輕質小球掛在鐵架臺上，小球靜止時絲線與豎直方向的夾角如圖所示．現(xiàn)增大小球的電荷量后仍掛在原處,絲線與豎直方向的夾角將（）A．增大 B．減小 C．不變 D．先減小再增大3．一個帶正電的質點，電荷量q=2.0×10﹣9C，在靜電場中由a點移動到b點，在這過程中，除電場力外,其他外力做的功為6.0×10﹣5J，質點的動能增加了8。0×10﹣5J，則a、b兩點間的電勢差Uab為(）A．1×104V B．﹣1×104V C．4×104V D．﹣7×104V4．一個帶電粒子，沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每小段都可近似看成圓弧，由于帶電粒子使沿途空氣電離，粒子的能量逐漸減少（帶電荷量不變），從圖中情況可以確定(）A．粒子從a運動到b，帶正電 B．粒子從b運動到a，帶正電C．粒子從a運動到b，帶負電 D．粒子從b運動到a,帶負電5．如圖所示，P、Q是兩個電量相等的正點電荷，它們的連線中點是O,A、B是中垂線上的兩點,＜，用EA、EB、φA、φB分別表示A、B兩點的場強和電勢，則（）A．EA一定大于EB，φA一定大于φBB．EA不一定大于EB，φA一定大于φBC．EA一定大于EB,φA不一定大于φBD．EA不一定大于EB,φA不一定大于φB6．如圖所示，用兩根輕細金屬絲將質量為m，長為l的金屬棒ab懸掛在c．d兩處，置于勻強磁場內．當棒中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向θ角處于平衡狀態(tài)．為了使棒平衡在該位置上，所需的最小磁場的磁感應強度的大?。较蚴?）A．tanθ，豎直向上 B．tanθ,豎直向下C．sinθ,平行懸線向下 D．sinθ，平行懸線向上7．圖示為某電容傳聲器結構示意圖,當人對著傳聲器講話，膜片會振動．若某次膜片振動時，膜片與極板距離增大，則在此過程中（）A．膜片與極板間的電容增大B．極板的帶電量增大C．膜片與極板間的電場強度增加D．電阻R中有電流通過8．如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構圖．若勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直．電子速度的大小和磁場強弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調節(jié)．下列說法正確的是（）A．僅增大勵磁線圈中的電流，電子束徑跡的半徑變大B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中的電流，電子做圓周運動的周期將變小D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變大9．如圖所示,在某一區(qū)域有水平向右的勻強電場，在豎直平面內有初速度為vo的帶電微粒,恰能沿圖示虛線由A向B做直線運動．不計空氣阻力，則（）A．微粒做勻加速直線運動 B．微粒做勻減速直線運動C．微粒電勢能減少 D．微粒帶正電10．如圖所示電路中，平行板電容器極板水平放置，板間有一質量為m的帶電油滴懸浮在兩板間靜止不動．要使油滴向上運動，可采用的方法是（)A．只把電阻R1阻值調大 B．只把電阻R2阻值調大C．只把電阻R3阻值調大 D．只把電阻R4阻值調大11．如圖所示，電源電動勢E=3V,小燈泡L標有“2V、0.4W”，開關S接l,當變阻器調到R=4Ω時,小燈泡L正常發(fā)光;現(xiàn)將開關S接2,小燈泡L和電動機M均正常工作．則（）A．電源內阻為1Ω B．電動機的內阻為4ΩC．電動機正常工作電壓為1V D．電源效率約為93.3%12．如圖所示，一塊長度為a、寬度為b、厚度為d的金屬導體，當加有與側面垂直的勻強磁場B，且通以圖示方向的電流I時,用電壓表測得導體上、下表面MN間電壓為U．已知自由電子的電量為e．下列說法中正確的是（）A．M板比N板電勢高B．導體單位體積內自由電子數(shù)越多，電壓表的示數(shù)越大C．導體中自由電子定向移動的速度為D．導體單位體積內的自由電子數(shù)為二、實驗題13．某同學利用多用電表測量二極管的反向電阻（二極管具有單向導電性,電流正向通過時幾乎沒有電阻，電流反向時，電阻很大)，完成下列測量步驟：（1）檢查多用電表的機械零點．（2）將紅、黑表等分別插入正、負表筆插孔，二極管的兩個極分別記作a和b，將紅表筆接a端黑表筆接b端時，表針幾乎不偏轉，紅表筆接b端黑表筆接a端時表針偏轉角度很大，則(填“a”或“b”)端為二極管的正極．（3）為了測量該二極管的反向電阻,將選擇開關撥至電阻“×100"擋位，進行正確的測量步驟后，發(fā)現(xiàn)表針偏角較?。疄榱说玫綔蚀_的測量結果，應讓電表指針盡量指向表盤中央，應重新選擇量程進行測量．則該同學應選擇（“×10"或“×1k”)擋，然后,再進行測量．測量后示數(shù)如圖所示，則測量結果為．(4)測量完成后，將選擇開關按向擋位置．14．某同學利用圖甲所示的電路描繪一個標有“3V0。6W”小燈泡的伏安特性曲線，現(xiàn)有電源（電動勢6V，內阻不計）、電壓表(0～3V,內阻約3kΩ)、開關和導線若干．其它可供選用的器材如下：A．電流表（0～250mA，內阻約5Ω）B．電流表(0～0。6A，內阻約0。2Ω）C．滑動變阻器（0~10Ω）D．滑動變阻器（0~50Ω）①為減小測量誤差并便于操作,在實驗中電流表應選用，滑動變阻器應選用(選填器材前的字母）②圖乙是實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導線．請根據(jù)圖甲補充完成圖乙中實物間的連線．③實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示．如果將這個小燈泡接到電動勢為3.0V、內阻為5。0Ω的電源兩端，小燈泡消耗的功率是W（結果保留兩位有效數(shù)字）．④實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動,電壓表的示數(shù)U及小燈泡消耗的功率P也隨之變化．圖丁各示意圖中正確反映P﹣U2關系的是．三、計算題15．如圖所示，a點距坐標原點的距離為L,坐標平面內有邊界過a點和坐標原點0的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直坐標平面向里．有一電子（質量為m、電荷量為e）從a點以初速度v0平行x軸正方向射入磁場區(qū)域，在磁場中運行，從x軸上的b點(圖中未畫出）射出磁場區(qū)域，此時速度方向與x軸的正方向之間的夾角為60°,求（1）磁場的磁感應強度（2）磁場區(qū)域的圓心O1的坐標（3）電子在磁場中運動的時間．16．如圖所示,電流表示數(shù)I=0。75A，電壓表示數(shù)為U=2V，電阻R1燒斷后，電流表讀數(shù)變?yōu)镮1=0.8A，電壓表示數(shù)為U1=3.2V,已知R3=4Ω,不計電壓表和電流表對電路的影響．問：（1）R1的阻值為多少？（2）電源的電動勢和內阻分別為多少？17．如圖甲所示,電子源能源源不斷地產(chǎn)生的電子,電子從電子源飛出時的速度可忽略不計，電子離開電子源后進入一加速電壓為U0的加速電場，再沿平行金屬板的方向從兩板正中間射入偏轉電場,當在兩板間加如圖乙所示的周期為2t0，幅值恒為U0的周期性電壓時，恰好能使所有電子均從兩板間通過．這些電子通過偏轉電場的時間為3t0；偏轉電場極板右端有足夠大的熒光屏（設電子的電荷量為e、質量為m，電子的重力可忽略不計），求（1）平行金屬板的長度l；（2)平行金屬板的間距d；（3）電子剛到達熒光屏時的最大動能和最小動能之比．

2016—2017學年安徽省池州市普通高中高二(上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題1．某學習小組在探究電阻阻值的實驗中，對手頭的四個電阻各進行了一次正確的測量，并把每個電阻兩端的電壓和通過它的電流用描點法在U﹣I坐標系中描述出來（如圖所示）．則通過分析四個坐標點我們可以判定哪個點對應的電阻阻值最大(）A．a(chǎn) B．b C．c D．d【考點】歐姆定律．【分析】根據(jù)根據(jù)歐姆定律可知：電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比；然后在圖象中做出它們的圖象，由斜率的意義可確定電阻的大?。窘獯稹拷?根據(jù)電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比可得，U﹣I圖象中圖象的斜率表示電阻的阻值;則由圖可知，a的斜率最大，依次為b，c、而d的斜率最?。还士芍篴表示的電阻最大；故選：A．2．在“研究電荷間作用力大小影響因素"的實驗中，將一帶電輕質小球掛在鐵架臺上，小球靜止時絲線與豎直方向的夾角如圖所示．現(xiàn)增大小球的電荷量后仍掛在原處，絲線與豎直方向的夾角將（)A．增大 B．減小 C．不變 D．先減小再增大【考點】庫侖定律．【分析】根據(jù)庫侖定律，可判定庫侖力的大小變化，再結合平衡條件，即可判定絲線與豎直方向的夾角變化情況．【解答】解：由題意可知，當增大小球的電荷量時,根據(jù)庫侖定律，則庫侖力增大，由平衡條件，則有：，因此絲線與豎直方向的夾角增大，故A正確,BCD錯誤．故選：A．3．一個帶正電的質點,電荷量q=2。0×10﹣9C,在靜電場中由a點移動到b點，在這過程中，除電場力外，其他外力做的功為6。0×10﹣5J,質點的動能增加了8.0×10﹣5J，則a、b兩點間的電勢差Uab為（）A．1×104V B．﹣1×104V C．4×104V D．﹣7×104V【考點】電勢差；電勢差與電場強度的關系．【分析】質點在靜電場中由A點移到B點的過程中，電場力和其他外力對質點做功,引起質點動能的增加．電場力做功為Wab=qUab，根據(jù)動能定理求解a、b兩點間的電勢差Uab．【解答】解：根據(jù)動能定理得：qUab+W其他=△Ek得：Uab=V,故A正確，BCD錯誤；故選：A．4．一個帶電粒子，沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段徑跡如圖所示,徑跡上的每小段都可近似看成圓弧，由于帶電粒子使沿途空氣電離，粒子的能量逐漸減少（帶電荷量不變），從圖中情況可以確定（）A．粒子從a運動到b，帶正電 B．粒子從b運動到a,帶正電C．粒子從a運動到b，帶負電 D．粒子從b運動到a，帶負電【考點】洛侖茲力．【分析】根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式r=來分析粒子的運動的方向，在根據(jù)左手定則來分析電荷的性質．【解答】解:由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小,速度逐漸減小,根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式r=可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電,所以B正確．故選：B．5．如圖所示，P、Q是兩個電量相等的正點電荷，它們的連線中點是O，A、B是中垂線上的兩點，＜,用EA、EB、φA、φB分別表示A、B兩點的場強和電勢，則（）A．EA一定大于EB，φA一定大于φBB．EA不一定大于EB，φA一定大于φBC．EA一定大于EB，φA不一定大于φBD．EA不一定大于EB，φA不一定大于φB【考點】電勢；電場強度．【分析】根據(jù)點電荷場強公式E=，運用矢量合成的平行四邊形定則求出連線中垂線上各個點的合場強．【解答】解:兩個等量正點電荷連線中點O的電場強度為零，無窮遠處電場強度也為零,故從O點沿著中垂線到無窮遠處電場強度先增大后減小，設場強最大的點為P點，P點可能在A、B兩點之間,也可能在O、A之間，也可能在B點的外側，當P點可能在A、B兩點之間時,EA可能大于EB，也可能小于EB，還可能等于EB；當P在O、A之間時，EA大于EB;當P點在B點外側時，EA、小于EB；在PQ連線的中垂線上，場強方向沿AB方向，沿電場線方向電勢越來越低，因此φA一定大于φB；故A錯誤,B正確，C錯誤,D錯誤；故選:B．6．如圖所示，用兩根輕細金屬絲將質量為m，長為l的金屬棒ab懸掛在c．d兩處,置于勻強磁場內．當棒中通以從a到b的電流I后，兩懸線偏離豎直方向θ角處于平衡狀態(tài)．為了使棒平衡在該位置上,所需的最小磁場的磁感應強度的大?。较蚴牵ǎ〢．tanθ,豎直向上 B．tanθ,豎直向下C．sinθ,平行懸線向下 D．sinθ，平行懸線向上【考點】安培力；磁感應強度．【分析】由矢量三角形定則判斷安培力的最小值及方向，進而由安培力公式和左手定則的得到B的大小以及B的方向．【解答】解：為了使該棒仍然平衡在該位置上，F(xiàn)min=mgsinθ得:Bmin=，由左手定則知所加磁場的方向平行懸線向上．故D正確，A、B、C錯誤．故選:D．7．圖示為某電容傳聲器結構示意圖，當人對著傳聲器講話，膜片會振動．若某次膜片振動時,膜片與極板距離增大,則在此過程中（）A．膜片與極板間的電容增大B．極板的帶電量增大C．膜片與極板間的電場強度增加D．電阻R中有電流通過【考點】電容器的動態(tài)分析．【分析】電容器極板間距離的變化引起了電容的變化，電容的變化引起了電量的變化，從而場強變化，R中有電流．【解答】解:A、振動膜片振動時，電容器兩極板的距離增大，電容減小，故A錯誤;B、由C=知,U不變的情況下，電容減小，電容器所帶電荷量Q減小，故B錯誤．C、由E=知，U不變,間距d增大，則場強E減小，故C錯誤;D、極板的帶電量減小，放電，電阻R中有電流通過．故D正確．故選：D．8．如圖所示為洛倫茲力演示儀的結構圖．若勵磁線圈產(chǎn)生的勻強磁場方向垂直紙面向外,電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場方向垂直．電子速度的大小和磁場強弱可分別由通過電子槍的加速電壓和勵磁線圈的電流來調節(jié)．下列說法正確的是（）A．僅增大勵磁線圈中的電流，電子束徑跡的半徑變大B．僅提高電子槍加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C．僅增大勵磁線圈中的電流,電子做圓周運動的周期將變小D．僅提高電子槍加速電壓，電子做圓周運動的周期將變大【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】根據(jù)動能定理表示出加速后獲得的速度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導出半徑的表達式．【解答】解：根據(jù)電子在加速電場中加速，由動能定理有：eU=mv02…①電子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有:eBv0=m②解得:r==…③T=④A、C、增大勵磁線圈中的電流,電流產(chǎn)生的磁場增強，由③式可得，電子束的軌道半徑變?。散苁街芷谧冃。蔄錯誤,C正確；B、D、提高電子槍加速電壓，電子的速度增大，由③式可知，電子束的軌道半徑變大；由④可知電子的周期不變,故B正確D錯誤；故選：BC．9．如圖所示，在某一區(qū)域有水平向右的勻強電場，在豎直平面內有初速度為vo的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由A向B做直線運動．不計空氣阻力,則（)A．微粒做勻加速直線運動 B．微粒做勻減速直線運動C．微粒電勢能減少 D．微粒帶正電【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；電勢能．【分析】帶點微粒做直線運動，所以所受合力方向與運動方向在同一直線上，根據(jù)重力和電場力的方向可確定微粒運動的性質．【解答】解:A、由于電場力方向總是與電場方向在一條直線上，電場力不可能與重力平衡，微粒不可能勻速運動,由于重力、電場力均恒定，其合力也恒定．由于微粒做直線運動，合力必與速度方向在一條直線上．因重力豎直向下，電場力沿電場線的方向，由平行四邊形定則可知，電場力水平向左時，微粒所受電場力與重力的合力方向與速度方向相反．因此微粒做勻減速運動，帶負電；故AD錯誤，B正確；C、電場力的方向與運動方向夾角為鈍角,則說明運動中電場力做負功,電勢能增加．故C錯誤；故選：B．10．如圖所示電路中，平行板電容器極板水平放置，板間有一質量為m的帶電油滴懸浮在兩板間靜止不動．要使油滴向上運動，可采用的方法是（）A．只把電阻R1阻值調大 B．只把電阻R2阻值調大C．只把電阻R3阻值調大 D．只把電阻R4阻值調大【考點】閉合電路的歐姆定律；電容．【分析】帶電油滴懸浮在兩板間靜止不動時，電場力與重力平衡，要使油滴向上運動，必須增大電場力．根據(jù)電容器板間電壓等于R4的電壓，由歐姆定律分析其電壓的變化，進行判斷．【解答】解：A、只把電阻R1阻值調大，并聯(lián)部分電壓減小,R4的電壓減小，電容器的電壓減小，板間場強減小，油滴向下運動．故A錯誤．B、只把電阻R2阻值調大，外電路總電阻增大，并聯(lián)部分電壓增大,則電容器的電壓增大，板間場強增大，油滴向上運動．故B正確．C、只把電阻R3阻值調大，外電路總電阻增大,干路電流減小，并聯(lián)部分電壓增大，R1的電流增大，流過R4的電流減小，R4的電壓減小，油滴向下運動．故C錯誤．D、只把電阻R4阻值調大,外電路總電阻增大,干路電流減小,并聯(lián)部分電壓增大,R1的電流增大,流過R4的電流減小，R3的電壓增大,R4的電壓增大，油滴向上運動．故D正確．故選BD11．如圖所示，電源電動勢E=3V，小燈泡L標有“2V、0。4W"，開關S接l，當變阻器調到R=4Ω時,小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作．則（)A．電源內阻為1Ω B．電動機的內阻為4ΩC．電動機正常工作電壓為1V D．電源效率約為93.3%【考點】電功、電功率；閉合電路的歐姆定律．【分析】（1）小燈泡L正常發(fā)光,其電壓為額定電壓，功率為額定功率，由公式P=UI可求出電路中的電流．根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的電阻．（2）電動機為非純電阻電路，注意公式的應用與選取即可【解答】解：小燈泡的額定電流為I=電阻為RL=A、當接1時E=I（RL+R+r）代入數(shù)據(jù)解得r=1Ω，故A正確；B、當接2時燈泡正常發(fā)光,流過的電流為I=0.2A電源內阻分的電壓為U=Ir=0。2×1V=0.2V故電動機分的電壓為U動=E﹣UL﹣U=3﹣2﹣0。2V=0.8V故電阻R＜,故BC錯誤；D、電源的效率η=故選:AD12．如圖所示，一塊長度為a、寬度為b、厚度為d的金屬導體，當加有與側面垂直的勻強磁場B,且通以圖示方向的電流I時，用電壓表測得導體上、下表面MN間電壓為U．已知自由電子的電量為e．下列說法中正確的是（）A．M板比N板電勢高B．導體單位體積內自由電子數(shù)越多，電壓表的示數(shù)越大C．導體中自由電子定向移動的速度為D．導體單位體積內的自由電子數(shù)為【考點】電流、電壓概念;電勢．【分析】金屬導體是自由電子導電,電流方向向右，則電子向左定向移動,在磁場中受到洛倫茲力發(fā)生偏轉，根據(jù)左手定則判斷電子所受的洛倫茲力方向，判斷哪個板聚集電子，再確定M、N兩板電勢的高低．電子定向移動相當長度為d的導體切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢E=Bdv，為電子定向移動的速率，電壓表的讀數(shù)U=E．根據(jù)電流的微觀表達式I=nevS,求解導體單位體積內的自由電子數(shù)n．【解答】解：A、如圖，電流方向向右，電子定向移動方向向左，根據(jù)左手定則判斷可知，電子所受的洛倫茲力方向：向上，則M積累了電子,MN之間產(chǎn)生向上的電場，所以M板比N板電勢低．B、電子定向移動相當長度為d的導體切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢，電壓表的讀數(shù)U等于感應電動勢E，則有U=E=Bdv，可見，電壓表的示數(shù)與導體單位體積內自由電子數(shù)無關．故B錯誤．C、由U=E=Bdv，得自由電子定向移動的速度為．故C正確．D、電流的微觀表達式是I=nevS，則導體單位體積內的自由電子數(shù)n=，S=db,，代入得n=．故D正確．故選CD二、實驗題13．某同學利用多用電表測量二極管的反向電阻（二極管具有單向導電性，電流正向通過時幾乎沒有電阻，電流反向時，電阻很大）,完成下列測量步驟:（1)檢查多用電表的機械零點．(2)將紅、黑表等分別插入正、負表筆插孔,二極管的兩個極分別記作a和b,將紅表筆接a端黑表筆接b端時，表針幾乎不偏轉,紅表筆接b端黑表筆接a端時表針偏轉角度很大，則a（填“a”或“b”）端為二極管的正極．（3）為了測量該二極管的反向電阻,將選擇開關撥至電阻“×100”擋位，進行正確的測量步驟后，發(fā)現(xiàn)表針偏角較?。疄榱说玫綔蚀_的測量結果,應讓電表指針盡量指向表盤中央，應重新選擇量程進行測量．則該同學應選擇×1k(“×10"或“×1k”)擋，然后重新進行歐姆調零,再進行測量．測量后示數(shù)如圖所示，則測量結果為30kΩ．（4）測量完成后，將選擇開關按向OFF或交流電壓最高檔擋位置．【考點】用多用電表測電阻．【分析】歐姆表內置電源的正極與“﹣”插孔相連,即與黑表筆相連，使用歐姆表測電阻時，電流從黑表筆流出，紅表筆流入；用歐姆表測電阻時，紅表筆接電源的負極,黑表筆接電源的正極；使用歐姆表測電阻時,應把紅黑表筆短接進行歐姆調零；多用電表使用完畢，應把選擇開關打到off擋或交流電壓最高擋；應選擇合適的擋位，使歐姆表指針指在表盤中央附近；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)．【解答】解：（2)將紅、黑表等分別插入正、負表筆插孔，二極管的兩個極分別記作a和b,將紅表筆接a端時，表針幾乎不偏轉,說明電阻很大,二極管反向偏壓，接b端時偏轉角度很大，說明電阻很小，二極管正向偏壓，則b端為二極管的正極，a為二極管的負極，則為了測量該二極管的反向電阻,應將紅表筆接二極管的a端．（3）將選擇開關撥至電阻“×100”擋位，進行正確的測量步驟后,表針偏角較小，說明所選擋位太?。疄榱说玫綔蚀_的測量結果,應讓電表指針盡量指向表盤中央，應重新選擇量程進行測量．則該同學應選擇×1k擋,然后重新進行歐姆調零，再進行測量．測量后示數(shù)如圖所示，則測量結果為：30×1k=30kΩ．(4)測量完成后，將選擇開關撥向OFF或交流電壓最高檔擋位置．故答案為:(2)a;(3）×1k；重新進行歐姆調零；30kΩ;（4）OFF或交流電壓最高檔14．某同學利用圖甲所示的電路描繪一個標有“3V0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，現(xiàn)有電源（電動勢6V，內阻不計）、電壓表（0～3V，內阻約3kΩ）、開關和導線若干．其它可供選用的器材如下：A．電流表（0～250mA，內阻約5Ω）B．電流表（0～0.6A，內阻約0。2Ω）C．滑動變阻器（0～10Ω）D．滑動變阻器(0～50Ω）①為減小測量誤差并便于操作,在實驗中電流表應選用A，滑動變阻器應選用C（選填器材前的字母）②圖乙是實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導線．請根據(jù)圖甲補充完成圖乙中實物間的連線．③實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示．如果將這個小燈泡接到電動勢為3.0V、內阻為5。0Ω的電源兩端,小燈泡消耗的功率是0.38W(結果保留兩位有效數(shù)字）．④實驗中，隨著滑動變阻器滑片的移動，電壓表的示數(shù)U及小燈泡消耗的功率P也隨之變化．圖丁各示意圖中正確反映P﹣U2關系的是A．【考點】伏安法測電阻．【分析】本題（1）的關鍵是根據(jù)實驗要求電流從零調可知變阻器應采用分壓式接法，選擇阻值小的變阻器更方便調節(jié)；題（2）的關鍵是根據(jù)小燈泡電阻滿足可知電流表應用外接法，即電路應是分壓外接電路；題（3）的關鍵是在表示小燈泡的I﹣U圖象中同時畫出表示電源的I﹣U圖象,讀出兩圖線的交點坐標，再根據(jù)功率公式求解即可．【解答】解：①由P=UI可知，燈泡的額定電流為200mA；故電流表選擇A即可;由于實驗要求電壓從零調節(jié)，變阻器應采用分壓式接法,應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié),所以應選擇C；②根據(jù)給出的原理圖可得出對應的實物圖如圖所示；③在表示小燈泡的I﹣U圖象中畫出表示電源的I﹣U圖象如圖所示，讀出兩圖線交點坐標為：U=2。1V，I=0。18A,所以小燈泡消耗的功率為：P=UI=2.1×0。18W=0。38W；④電壓表測量路端電壓，由P=可知,其示數(shù)隨滑動變阻器的阻值增大而增大；但由于電阻隨電壓的增大而增大,故圖象的斜率越來越小；故選：A故答案為：①A，C；②如圖所示；③0。38；④A三、計算題15．如圖所示，a點距坐標原點的距離為L，坐標平面內有邊界過a點和坐標原點0的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直坐標平面向里．有一電子（質量為m、電荷量為e）從a點以初速度v0平行x軸正方向射入磁場區(qū)域,在磁場中運行,從x軸上的b點(圖中未畫出）射出磁場區(qū)域，此時速度方向與x軸的正方向之間的夾角為60°，求（1)磁場的磁感應強度(2）磁場區(qū)域的圓心O1的坐標（3）電子在磁場中運動的時間．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動．【分析】(1)根據(jù)題意正確畫出粒子運動的軌跡，找出R與L之間的關系,由洛倫茲力提供向心力的方程可得；(2)由題意和上圖的幾何關系可得，過a、O、B三點的圓的圓心在aB連線的中點；(3)粒子在磁場中飛行時間為弧度比速度．【解答】解:（1)粒子運動的軌跡如圖得R=2L又,洛倫茲力提供向心力，得：所以：（2）由題意和上圖的幾何關系可得，過a、O、B三點的圓的圓心在aB連線的中點．所以：x軸坐標x=aO1sin60°=y軸坐標為y=L﹣aO1sin60°=O1點坐標為（)（3）粒子在磁場中飛行時間為:答：（1)磁場的磁感應強度；（2）磁場區(qū)域的圓心O1的坐標（）（3）電子在磁場中運動的時間．16．如圖所示，電流表示數(shù)I=0.75A,電壓表示數(shù)為U=2V，電阻R1燒斷后,電流表讀數(shù)變?yōu)镮1=0。8A，電壓表示數(shù)為U1=3.2