全國高考試卷2卷物理之賞析

中國權威高考信息資源門戶5/112013年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試(新課標Ⅱ卷)物理之賞析【一】、試卷內容、內容分布，分值、難度及答案題型題號答案板塊分值難度％考查的具體內容單選14C力693受力分析，牛頓第二運動定律的應用，函數(shù)的圖像表示方法15C力680受力分析，共點力的平衡，平衡方程及其計算，摩擦力的不定問題――靜摩擦力的變化范圍等16D力電680法拉第電磁感應定律，感應電動勢與感應電流，楞次定律和左手定則，安培力與切割磁感線速度的關系，力與加速度的關系，動量定理或者牛頓第二運動定律對物體加速度的定性分析,v17A力電682洛侖茲力，勻速圓周運動，牛頓第二運動定律，物理法和幾何法求解半徑18B力電678點電荷的電場強度，電場強度的疊加，電場力，電場力的平衡，平衡方程與計算多選19ABD綜合670物理學史：電流的磁效應，安培的分子電流假說，楞次定律的發(fā)現(xiàn)，電磁感應的條件20BD力670天體運動中的勻圓模型及其所對應的動能和引力勢能與其半徑的關系，牛二定律在曲線運動中的應用,萬有引力與向心力,“阻力”做功的過程與本質，能量的轉化與守恒21AC力675圓周運動與牛頓第二運動定律，靜摩擦力的變化范圍，向心力的來源，圓周運動中物體滑動的條件向心力供與需的三種情形必考題填空22力870用能量轉化與守恒求解彈性勢能，平拋物體初動能的測量82動能，動能的表達式及其測量68用功能關系求彈性勢能，能量守恒，圖像斜率的物理意義以及斜率的變化23電775電路的實物連接，電壓表與電流表的識別，表筆識別，電表改裝與擴大量程，電阻分壓與分流的計算計算題24力電1472受力分析，電場強度與電場力,牛頓第二運動定律在圓周運動中的應用，動能定理，電場力做功25力1855受力分析，靜摩擦力與滑動摩擦力，動量定理，牛頓第二運動定律或動量定理（動能定理已知位移時比較方便），讀取和讀懂圖像的能力，能通過圖像找出物理過程和狀態(tài)并求解物理量，正確選取研究對象和解題思路（方法）,連接體,力學三大觀點與方法的應用選考題33熱580氣體定律，做功與熱傳遞，熱力學第一定律,熱運動與宏觀運動的區(qū)別1080玻意耳――馬略特定律,氣體壓強的計算34力光1553彈簧振子振動周期與振幅的概念及其物理意義,光的反射與折射,折射率,全反射,入射角,反射角,折射角,臨界角及其計算35原力1570動量守恒，彈性碰撞與完全非彈性碰撞，功能關系，能量守恒，結合能，比結合能與原子核的穩(wěn)定性的關系12075知識點覆蓋率達到了65％以上【二】、試題解析2013年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試(新課標Ⅱ卷)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14.一物塊靜止在粗糙的水平桌面上。從某時刻開始，物塊受到一方向不變的水平拉力作用。假設物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。以a表示物塊的加速度大小，F(xiàn)表示水平拉力的大小。能正確描述F與a之間的關系的圖像是【考查了】物體的受力分析和牛頓第二運動定律的應用及其圖像表示方法?！窘馕觥浚河膳ｎD第二運動定律得F-f=ma解得F=ma+f可見C正確。【要點】：要認真理解圖像的坐標軸和單位，面積、斜率、截距，趨勢、最值、轉折點、拐點等的物理意義。15.如圖，在固定斜面上的一物塊受到一外力F的作用，F(xiàn)平行于斜面上。若要物塊在斜面上保持靜止，F(xiàn)的取值應有一定范圍，已知其最大值和最小值分別為F1和F2（A．物塊的質量B.斜面的傾角C.物塊與斜面間的最大靜摩擦力D.物塊對斜面的正壓力【考查了】物體的受力分析和平衡，摩擦力的不定問題，解共點力的平衡方程組?！窘馕觥浚涸O物體與斜面間的最大靜摩擦力大小為fm。由于物體處于平衡狀態(tài)，有：垂直斜面方向上有N=mg沿斜面方向上有：當F最大為F1時有：F1=mgsinθ+fm；當F最大為F2時有：F2+f【要點】：①摩擦力與彈力等大小和方向都存在不定問題，要由運動狀態(tài)和物體所受其它力的狀態(tài)決定；②計算當中往往以某幾個物理量的整體作為一個（未知）量來求解；③正確理解物體的運動趨勢和摩擦力之間的關系。16.如圖，在光滑水平桌面上有一邊長為L、電阻為R的正方形導線框；在導線框右側有一寬度為d（d＞L）的條形勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與導線框的一邊平行，磁場方向豎直向下。導線框以某一初速度向右運動，t=0時導線框的右邊恰與磁場的左邊界重合，隨后導線框進入并通過磁場區(qū)域。下列v-t圖像中，可能正確描述上述過程的是AA【考查了】法拉第電磁感應定律，感應電動勢與感應電流，楞次定律和左手定則，安培力與切割磁感線速度的關系，力與加速度的關系，動量定理或者牛頓第二運動定律對物體加速度的定性分析,v-t圖中斜率的物理意義等?！窘馕觥浚簩Ь€框受到安培力的阻礙作用，速度越來越小，感應電動勢和感應電流隨之減小，加速度大小變小，v-t中的斜率越來越小，但是整個線框全部進入磁場區(qū)域后，通過線框的磁通量不發(fā)生變化，感應電動疏和感應電流均為零，此過程線框做勻速直線運動，故D選項正確。（定量計算可以發(fā)現(xiàn)：進入磁場和從磁場中出來的兩個過程中速度的減少量量相同，亦即兩個過程中安培力的沖量相同）【要點】：①多層次、多角度地去深入理解，楞次定律中的阻礙作用及其阻礙的表現(xiàn)；②掌握磁通量的變化與電荷量、動量變化大小之間的關系，該題中進入磁場和從磁場中出來的兩個物理過程中線框的動量變化量相同；③880R880有效數(shù)字）【要點】：①識別電表的功能一是可以看總體內阻，電流表內阻較小，電壓表內阻較大；二是看電阻的連接方法：串聯(lián)分壓，并聯(lián)分流（可以擴大量程）②求解物理量：串聯(lián)有共同的電流，可以列電流等式；并聯(lián)有共同的電壓，可以列電壓等式。24.（14分）如圖，勻強電場中有一半徑為r的光滑絕緣圓軌道，軌道平面與電場方向平行。a、b為軌道直徑的兩端，該直徑與電場方向平行。一電荷為q(q＞０)的質點沿軌道內側運動.經(jīng)過a點和b點時對軌道壓力的大小分別為Na和Nb,不計重力，求電場強度的大小E、質點經(jīng)過【考查了】牛頓第二運動定律在圓周運動中的應用，電場力及其做功，動能概念和動能定理，牛頓第三定律等【解析】：質點受電場力qE和軌道的彈力N由牛頓第二運動定律可得：qE+Na=mv同理可得質點在b點的牛二定律式：Nb-又，對質點由a點到b點的過程應用動能定理有：2qEr=1質點在a、b兩點的動能分別為：Ek1和Ek2解①②③可得電場強度大?。篍①②相加并將④⑤代入得：12Na+將E=16q(NEk1=【要點】：正確分析受力，尤其是該題中質點對軌道的壓力的方向與質點本身受到的壓力的關系。弄清楚動能定理所對應的過程與狀態(tài)。25.（18分）一長木板在水平地面上運動，在ｔ＝0時刻將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上，以后木板運動的速度－時間圖像如圖所示。己知物塊與木板的質量相等，物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦.物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且物塊始終在木板上。取重力加速度的大小，g=10m/s⑴物塊與木板間；木板與地面間的動摩擦因數(shù):⑵從ｔ＝０時刻到物塊與木板均停止運動時，物塊相對于木板的位移的大小.

【考查了】讀取且讀懂物理圖象（物理意義）的能力。勻變速直線運動以及相對運動的概念與規(guī)律。相對滑動的條件，連接體等。【解析】：圖像轉折點為物塊與木板相對靜止的時刻或位置，前后兩個運動過程受力情況不同，因此運動情況也不同，可以從兩個運動過程（勻變速直線運動過程）和三個運動狀態(tài)入手。

解析：首先要確定圖像是哪個物體的運動圖像，坐標軸的物理意義和單位都是什么，圖像的斜率，截距，面積，轉折，趨勢，峰值等都是什么物理意義。(1)取木板為研究對象，設木板與地面和物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)分別為μ1、(運用力與運動的方法，或者用動量定理，動能定理均可。本人用動量定理――編者注)對木板0～0.52μ1+μ(運用力與運動的方法，或者用動量定理，動能定理均可。本人用動量定理――編者注)而對木塊0～0.5s運動過程應用動量定理有：代入數(shù)值解①②得μ2=(2)木板與物塊共速時的速度大小為v2a共=-然有相對滑動。v2f1ff二者做勻減速直線運動，木板的加速度大小大于物塊的加速度，因此木板先減速至停止，而此時物塊還沒有減速到靜止，將繼續(xù)前進，直至最終靜止。0.5s前后物塊相對木板滑動的加速度等大反向，其運動規(guī)律如圖中虛線所示，根據(jù)物塊運動加速度大小vfff二者受力如右圖，則木板的加速度a木塊的加速度a由運動學公式v22-v0.5s后木板位移：物塊的加速度a0.5s前后木板的位移0.5s前后物塊的位移所以整個過程中木塊相對木板的位移的大小ΔX=【要點】：橫向理解各運動參量：速度，加速度，位移，位置，時間等之間的橫向聯(lián)系與本質區(qū)別，是具有普遍意義的學習方法。注意運動的矢量性、相對性，利用相對運動解答問題往往事半功倍。在運動問題中必須注意時空關系，利用時、空輔助關系式（方程）解答問題。第(2)小題的前半部也可以運用動能定理解決（尤其是在已知或者求解位移的時候），或者運用力與運動的觀點和方法，即牛頓第二運動定律和運動學公式來解決。33.[物理一選修3-31](5分)(1)(5分)關于一定量的氣體，下列說法正確的是(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分.選對3個得5分;每選錯1個扣3分，最低得分為0分).A．氣體的體積指的是該氣體的分子所能到達的空間的體積，而不是該氣體所有分子體積之和B.只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低C.在完全失重的情況下，氣體對容器壁的壓強為零D.氣體從外界吸收熱量，其內能一定增加E．氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高?！究疾榱恕苛黧w體積的概念，溫度與分子無規(guī)則運動的關系，分子運動（無序）與宏觀（有序）運動的關系與區(qū)別。氣體壓強形成的微觀機理，熱力學第一定律，改變內能的兩種形式及其二者的區(qū)別與聯(lián)系，氣體做功，氣體方程等【解析】：A選項正確；溫度是分子熱運動平均動能的唯一標志，因此B選項也正確；氣體的熱運動與宏觀上的運動沒有關系，其壓強不是由于重力而產生的，而是有大量氣體分子頻繁地與器壁碰撞形成的穩(wěn)定的持續(xù)的壓強，C選項錯誤；氣體內能的改變由做功和熱傳遞兩種方式共同決定，吸收熱量但是如果對外做的功大于吸收的熱量則其內能減少，D選項錯誤；一定質量的氣體在等壓變化中遵從VT=恒量，或者從克拉伯龍方程【要點】：正確理解并能夠靈活應用物理概念與規(guī)律，而不是死記硬背和死搬硬套，只有從本質上去理解，才能夠深入，才能夠靈活應用。例如氣體體積與做功，熱運動與溫度，無序運動與有序運動，氣體方程等。(2)(10分)如圖，一上端開口、下端封閉的細長玻璃管豎直放置。玻璃管的下部封有長l1=25.0cm的空氣柱，中間有一段長為l2=25.0cm的水銀柱，上部空氣柱的長度l3=40.0cm。已知大氣壓強為P0=75.0cmHg【解析】：對玻璃管下面的氣體應用玻意耳馬略特定律(P解得P對玻璃管上方的氣體應用波瑪定律有：P而P代入上式可解得上面氣體的長度：l故，活塞下退的距離Δl=34.[物理——選修3-4]（15分）（1）（5分）如圖，一輕彈簧一端固定，另一端連接一物塊構成彈簧振子，該物塊是由a、b兩個小物塊粘在一起組成的。物塊在光滑水平面上左右振動，振幅為A0，周期為T0。當物塊向右通過平衡位置時，a、b之間的粘膠迅速脫落；以后小物塊a震動的振幅和周期分別為A和T，則A小于A0(填“>”“<”“=”),T【考查了】彈簧振子振動的能量與振幅的關系，振動周期與質量的關系。振幅的本質：離開平衡位置的最大距離，反映了振動的能量。振動的周期反映了振動的快慢，質量大則慣性大，振動變慢；恢復力大（彈簧勁度系數(shù)大）振動變塊，但是要注意，這種關系可不是線性關系哦。rrMABCP(2)(10分)如圖，三棱鏡的橫截面為直角三角形ABC，∠A=30°，∠B=60°。一束平行于AC邊的光線自AB邊的P點攝入三棱鏡，在AC邊發(fā)生反射后從BC邊的M點射出，若光線在rrMABCP（i）求三棱鏡的折射率③（ii）在三棱鏡的AC邊是否有光線逸出，寫出分析過程。（不考慮多次反射）③②①【考查了】光學部分的反射與折射，折射率的計算，三棱鏡，全反射②①和臨界角等以及臨界角的求法和計算。【解析】：Q（i）由題目中“光線在P點的入射角和在M點的折射角相等”――和幾何關系不難看出這兩個角度均為60°，根據(jù)折射光路的可逆性可知“光線在P點的折射角和在M點的入射角相等”，設其均為r，如圖中兩個箭頭所指。Q由反射定律可知在玻璃中的反射點Q點，由反射定律可知反射角等于入射角，因此該點入射光線與三棱鏡底面的夾角和反射光線與三棱鏡底面的夾角也相等，即圖中的∠①=∠②，而∠②＝∠③（兩水平平行線的內錯角），∠③＝r，因此∠①所在的小三角形為等腰三角形，于是有2r+90°+30于是有三棱鏡玻璃的折射率n（ii）由玻璃的折射率和全反射臨界角與折射率的關系式n=1SinC（或SinC=1n）可得該光線從玻璃到空氣中發(fā)生全反射的臨界角C的正弦值SinC=33，可見C＜60【要點】：①折射率等（任何一個物理量都）有多種求解方法的，起碼可以用定義式法――也叫本義法（包括決定式），其次可以用旁義法，旁義法具有更普遍的意義。求解折射率，可以用；正弦比，速度比，臨界角等等。應用正弦比求折射率的鍵是利用幾何方法找出入射角和折射角。②力爭形象化，即作圖，做圖也要力爭精確，盡可能的準確，總不能自己給自己設置障礙哦。A、BA、(1)(5分)關于原子核的結合能，下列說法正確的是(填正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分)。Ａ.原子核的結合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰變成α粒子和另一原子核，衰變產物的結合能之和一定大于原來重核的結合能C.銫原子核(55133Cs)的結合能小于D.比結合能越大，原子核越不穩(wěn)定Ｅ.自由核子組成原子核時，其質量虧損所對應的能量大于該原子核的結合能【考查了】對原子物理中的結合能和比結合能的概念、物理意義及其本質的深刻理解【解析】：原子核的結合能等于核子組成原子核時所釋放的能量,也等于將原子和拆解成自由核子所要(花費)消耗的能量（一種能量守恒的表現(xiàn)），A選項正確；重核的比結合能（核子的平均結合能）小于輕核的比結合能（輕核較重核穩(wěn)定的原因），B選項正確；銫原子核(55133Cs)的比結合能比鉛原子核(82208Pb)的比結合能略大一點，也就是說平均一個核子的結合能大了一點（原子核的總結合能與原子核中所有核子數(shù)的比值）,但是由于原子核（82208Pb）的核子較多，故其總結核能比銫原子核(55【要點】：這個宇宙中的能量是守恒的，只能轉化不能消失，亦即只能換一種形式存在。可以采取逆向思維，極限思維等特殊思維方式。例如將核子組合成原子核會釋放出能量，而將這個組合成的原子核拆解成自由核子要花費同樣的能量哦，你把所有核子圈成一個圈，而結合的原子核與釋放出來的能量再圈到另一個圈內，這兩個圈是完全“等價”的哦――你終歸沒有逃出我的手心么！封閉系統(tǒng)的能量守恒！(2)(10分)如圖，光滑水平直軌道上有三個質量均為m的物塊A、B、C。B的左側固定一輕彈簧（彈簧左側的擋板質最不計).設A以速度v0朝B運動，壓縮彈簧；當A、B速度相等時，B與C起，然后繼續(xù)運動。假設B和C碰撞過程時間極短。求從A開始壓縮彈簧直至與彈簧分離的過程中，（?。┱麄€系統(tǒng)損失的機械能；（ⅱ）彈簧被壓縮到最短時的彈性勢能?！究疾榱恕繌椥耘鲎埠屯耆菑椥耘鲎?，碰撞中的動能或機械能損失，以及能量守恒觀點和方法的應用【解析】：（?。〢與B相互作用至共速，二者動量守恒(動能也守恒)，此時二者的速度為v則有mv0而后B與C相互作用（A不參加這一碰撞），B與C組成的系統(tǒng)動量守恒，有：m解得B與C的共同速度v這一過程中系統(tǒng)損失的動能即為整個過程中系統(tǒng)損失的機械能，則系統(tǒng)損失的機械能ΔE（ⅱ）B與C的共速并粘連在一起后以共同速度v合與A相互作用，此時vA=v1=vm將v1=v0由能量關系（能量守恒）可以得到彈簧此時的彈性勢能Δ【要點】：碰撞過程的參與者都是誰？碰撞時存在參與與否的問題，一些軟（繩索懸掛、彈簧等）連接、滑動連接等物體在碰撞時往往只是先與直接接觸的物體有相互作用――即碰撞（無論時間長短），而后才會波及那些軟連接或者滑動等連接的物體。對于某種形式能量的變化，要找出出處來：多了要問哪里來的（什么形式的能量，通過什么過程轉化來的）；少了要問哪里去了（通過什么過程，轉化成什么形式的能量了）――要記得索賠哦。本題中要找出整個過程中的機械能損失，找出在哪個過程或環(huán)節(jié)有機械能損失是關鍵，可以站在局部也可以站在