四川省三臺(tái)縣塔山中學(xué)2023-2024學(xué)年物理高二上期末經(jīng)典模擬試題含解析

四川省三臺(tái)縣塔山中學(xué)2023-2024學(xué)年物理高二上期末經(jīng)典模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在足球比賽中，足球以5m/s的速度飛來(lái)，運(yùn)動(dòng)員把足球以10m/s的速度反向踢回，踢球時(shí)，腳與球的接觸時(shí)間為0.2s，則足球的加速度大小是（）A.25m/s2 B.50m/s2C.75m/s2 D.100m/s22、如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨電流變化的伏安特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說(shuō)法正確的是A.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡電阻相等B.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是1∶2C.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是7∶11D.由于小燈泡L的U－I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過(guò)程中歐姆定律不適用3、據(jù)統(tǒng)計(jì)，由于用電不慎導(dǎo)致的火災(zāi)占火災(zāi)總量的比重很大，利用電路安裝防火報(bào)警裝置，及時(shí)發(fā)現(xiàn)“火情”，提早報(bào)警，是防止火災(zāi)發(fā)生，保證家庭成員生命安全的重要措施．圖甲是一火警報(bào)警電路的示意圖，其中R3為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，這種半導(dǎo)體熱敏材料的電阻隨溫度變化的情況如圖乙所示．顯示器為電路中的電流表，電源兩極之間接一報(bào)警器，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r不變，且內(nèi)阻值小于R1的阻值．當(dāng)傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時(shí)，關(guān)于流過(guò)電流表A的電流I、報(bào)警器兩端的電壓U、電源的輸出功率P的變化情況，下列判斷正確的是A.I變大，P變大 B.I變小，U變大C.I變小，P變大 D.I變大，U變小4、如圖所示，從燈絲發(fā)出的電子經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，若加速電壓為U1，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，要使電子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量y增大為原來(lái)的2倍，下列方法中不可行的是()A.使U1減小為原來(lái)的B.使U2增大為原來(lái)的2倍C.使偏轉(zhuǎn)板的長(zhǎng)度增大為原來(lái)2倍D.使偏轉(zhuǎn)板的距離減小為原來(lái)的5、閉合回路的磁通量Φ隨時(shí)間t的變化圖像分別如圖所示，關(guān)于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的下列論述，其中正確的是（）A.圖甲回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變B.圖乙回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定不變C.圖丙回路中0~t1時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)小于t1~t2時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)D.圖丁回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先變大后變小6、“跳馬”是集技術(shù)、力量、勇氣于一體的高難度競(jìng)技體操項(xiàng)目，運(yùn)動(dòng)員完成空中動(dòng)作落地時(shí)，通常要下蹲后再站起。這樣做是為了（）A.增大運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量B.減小運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化量C.減小運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化率D.增大地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，用三根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線將三個(gè)帶電小球連接后懸掛在空中．三個(gè)帶電小球質(zhì)量相等，A球帶正電，平衡時(shí)三根絕緣細(xì)線都是直的，但拉力都為零．則A.B球和C球都帶負(fù)電荷B.B球帶負(fù)電荷，C球帶正電荷C.B球和C球所帶電量一定相等D.B球和C球所帶電量不一定相等8、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置，以下說(shuō)法正確的是()A.A板與靜電計(jì)的指針帶的是異種電荷B.甲圖中將B板上移，靜電計(jì)的指針偏角增大C.乙圖中將B板左移，靜電計(jì)的指針偏角不變D.丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計(jì)的指針偏角減小9、如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關(guān)于MN對(duì)稱，b點(diǎn)位于MN上，d點(diǎn)位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）A.b點(diǎn)的電勢(shì)低于c點(diǎn)的電勢(shì)B.b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度C.a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差D.試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c點(diǎn)的電勢(shì)能10、利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測(cè)量和自動(dòng)控制等領(lǐng)域．如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強(qiáng)度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會(huì)形成電勢(shì)差，下列說(shuō)法中正確的是（）A.若元件的載流子是自由電子，則D側(cè)面電勢(shì)高于C側(cè)面電勢(shì)B.若元件的載流子是自由電子，則C側(cè)面電勢(shì)高于D側(cè)面電勢(shì)C.在測(cè)地球赤道上方的地磁場(chǎng)強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持豎直D.在測(cè)地球赤道上方的地磁場(chǎng)強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持水平三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某興趣小組設(shè)計(jì)以下實(shí)驗(yàn)來(lái)測(cè)量一塊正方形薄片導(dǎo)體R0的電阻；（1）使用多用電表粗測(cè)時(shí)，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉(zhuǎn)情況如圖中虛線a位置．為了減小誤差，多用電表的選擇開關(guān)應(yīng)選用歐姆擋的__（選填“×1000”或“×10”）擋；按操作規(guī)程再次測(cè)量該待測(cè)電阻的阻值，歐姆表的指針示數(shù)位置如圖中實(shí)線b所示，則該待測(cè)電阻的阻值為_____Ω（2）再次用伏安法準(zhǔn)確測(cè)量，現(xiàn)準(zhǔn)備了以下器材：A．待測(cè)電阻R0B．電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）C．電流表A（量程0～30mA，內(nèi)阻約30Ω）D．滑動(dòng)變阻器R（0～10Ω，2A）E．電源（電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)阻較?。〧．導(dǎo)線、開關(guān)若干①圖甲為測(cè)量R0的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)補(bǔ)充完成實(shí)物之間的連線______②正確連接好電路，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，記錄數(shù)據(jù)如下表格，請(qǐng)?jiān)趫D乙坐標(biāo)紙上作出U﹣I關(guān)系圖線______，由圖線可得導(dǎo)體R0的阻值為_____Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）次數(shù)12345U/V0.501.001.502.002.50I/mA3.77.212.815.217.712．（12分）如圖所示，金屬圓環(huán)套在光滑的絕緣水平桿上，左側(cè)一條形磁鐵，正在沿圓環(huán)軸心方向朝環(huán)運(yùn)動(dòng)．我們可以判斷，圓環(huán)中形成的感應(yīng)電流方向?yàn)開_______（從右往左看）（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”），環(huán)受安培力作用會(huì)向________（填“右”或“左”）運(yùn)動(dòng)四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】取飛來(lái)時(shí)速度方向?yàn)檎较颍┧俣葹?10m/s，所以加速度2、B【解析】根據(jù)電源的外特性曲線U-I圖線，可求出燈泡電阻和電源電動(dòng)勢(shì)以及內(nèi)阻；根據(jù)燈泡伏安特性曲線與電源伏安特性曲線交點(diǎn)確定燈泡與電源連接時(shí)工作電壓與電流，即可求出功率；歐姆定律適用于純電阻，燈泡是純電阻；【詳解】A、根據(jù)圖象交點(diǎn)知與電源1相接時(shí)電阻，與電源2相連接時(shí)，在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻不相等，故A錯(cuò)誤；B、小燈泡伏安特性曲線與電源伏安特性曲線的交點(diǎn)即為燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，則連接電源Ⅰ時(shí)，，，故連接電源Ⅱ時(shí)，，，故，所以小燈泡消耗的功率之比為：，故B正確；C、U-I圖象的斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)電阻，根據(jù)電源U-I圖線，，，則，故C錯(cuò)誤；D、歐姆定律適用于純電阻，燈泡是純電阻，適用歐姆定律，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵在于對(duì)電源伏安特性曲線、燈泡伏安特性曲線的理解，明確交點(diǎn)的含義3、C【解析】R3為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，溫度升高時(shí)，其電阻減?。?dāng)傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時(shí)，分析R3的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，即可知U的變化．根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化，分析I的變化【詳解】當(dāng)傳感器R3所在處出現(xiàn)火情時(shí)，R3的阻值變小，總電阻變小，總電流變大，路端電壓變小即報(bào)警器兩端的電壓U變小，R1兩端電壓變大，所以R2和R3并聯(lián)部分電壓變小，所以電流表示數(shù)變小，由于內(nèi)阻r小于R1的阻值即電源內(nèi)阻一定小于外電路總電阻，當(dāng)R3減小時(shí)，外電阻與內(nèi)阻越接近，電源的輸出功率越大，故C正確故選C【點(diǎn)睛】本題解題關(guān)鍵是掌握熱敏電阻與溫度的關(guān)系，再按“局部→整體→局部”的順序進(jìn)行動(dòng)態(tài)變化分析4、C【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求電子在加速場(chǎng)中獲得的速度，然后根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求在偏轉(zhuǎn)場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量y，再進(jìn)行分析【詳解】電子在加速電場(chǎng)中加速時(shí)，由動(dòng)能定理得：eU1=mv02；電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有：在水平方向：L=v0t；在豎直方向：a=；射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量y為：y=at2，聯(lián)立以上四式得：；則得：要使電子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)量y增大為原來(lái)的2倍，可U1減小為原來(lái)的、U2增大為原來(lái)的2倍、使偏轉(zhuǎn)板的長(zhǎng)度L增大為原來(lái)倍、使兩偏轉(zhuǎn)板間的距離d減小為原來(lái)的．故ABD正確，C錯(cuò)誤．本題選不可行的，故選C【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，帶電粒子垂直進(jìn)出入勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，分解為兩個(gè)方向的直線運(yùn)動(dòng)，分別用公式分析、求解運(yùn)算，是這類問(wèn)題的最基本解法5、B【解析】因則可據(jù)圖像斜率判斷知圖甲中即電動(dòng)勢(shì)E為0；圖乙中＝恒量即電動(dòng)勢(shì)E為一恒定值；圖丙中E前>E后；圖丁中圖像斜率先減后增，即回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先減后增。故選B。6、C【解析】運(yùn)動(dòng)員完成空中動(dòng)作落地時(shí)，通常要下蹲后再站起，是為了延長(zhǎng)運(yùn)動(dòng)員與地面間的作用時(shí)間，從而減小運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)量變化率，最終使運(yùn)動(dòng)員受地面的作用力減小，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】B球受重力及A、C對(duì)B球的庫(kù)侖力而受于平衡狀態(tài)；則A與C球?qū)球的庫(kù)侖力的合力應(yīng)與重力大小相等，方向相反；而庫(kù)侖力的方向只能沿兩電荷的連線方向，故可知A對(duì)B的庫(kù)侖力應(yīng)指向A，C對(duì)B的作用力應(yīng)指向B的左側(cè)；則可知B、C都應(yīng)帶負(fù)電；故A正確、B錯(cuò)誤；由受力分析圖可知，A對(duì)B的庫(kù)侖力應(yīng)為C對(duì)B庫(kù)侖力的2倍，故C帶電量應(yīng)為A帶電量的一半；同理分析C可知，B帶電量也應(yīng)為A帶電量的一半，故B、C帶電量應(yīng)相同；故C正確，D錯(cuò)誤；故選AC點(diǎn)睛：庫(kù)侖定律考查一般都是結(jié)合共點(diǎn)力平衡進(jìn)行的，因此解題的關(guān)鍵在于做出受力分析圖，明確庫(kù)侖力的方向；則可利用共點(diǎn)力的平衡條件進(jìn)行解答8、BD【解析】A板與靜電計(jì)指針相連，帶的是同種電荷，A錯(cuò)誤；平行板電容器的決定式是，定義式是，若將B板豎直向上平移，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大B正確;若將B板向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式知板間電勢(shì)差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大，C錯(cuò)誤;若將電介質(zhì)插入兩板之間，則C增大，U減小，靜電計(jì)的指針偏角減小，D正確考點(diǎn)：本題考查了電容器的定義式和平行板電容器的決定式9、BC【解析】A．MN是一條等勢(shì)線，則b點(diǎn)電勢(shì)為零，而c點(diǎn)電勢(shì)小于零，則b點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．因d電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大于O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，而O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，可知b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度，選項(xiàng)B正確；C．由對(duì)稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故C正確；D．因a點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，故試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能高于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤；故選BC。10、AC【解析】根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，確定電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定側(cè)面電勢(shì)的高低．測(cè)量地磁場(chǎng)強(qiáng)弱時(shí)，讓地磁場(chǎng)垂直通過(guò)元件的工作面，通過(guò)地磁場(chǎng)的方向確定工作面的位置解：A、若元件的載流子是自由電子，由左手定則可知，電子受到的洛倫茲力方向向C側(cè)面偏，則D側(cè)面的電勢(shì)高于C側(cè)面的電勢(shì)．故A正確，B錯(cuò)誤C、地球赤道上方的地磁場(chǎng)方向水平，在測(cè)地球赤道上方的地磁場(chǎng)強(qiáng)弱時(shí)，元件的工作面應(yīng)保持豎直．故C正確，D錯(cuò)誤故選AC【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道霍爾效應(yīng)的原理，知道電子受到電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.×10②.130③.實(shí)物電路圖如圖所示:④.圖象如圖所示:⑤.139【解析】（1）用歐姆表測(cè)電阻要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)；（2）①根據(jù)題意確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法，然后連接實(shí)物電路圖；②根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后作出圖象，根據(jù)圖象應(yīng)用歐姆定律求出電阻阻值；【詳解】（1）使用多用電表粗測(cè)時(shí)，該小組先用“×100”歐姆擋，歐姆表的指針偏轉(zhuǎn)情況如圖中虛線a位置，由圖示可知，歐姆表指針偏角太大，說(shuō)明所選擋位太大，為了減小誤差，多用電表的選擇開關(guān)應(yīng)選用歐姆擋的×10擋，由圖示實(shí)線b可知，該待測(cè)電阻的阻值為；（2）①由題意可知，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，實(shí)物電路圖如圖所示：②根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示：由圖示圖象可知，待測(cè)電阻阻值：；【點(diǎn)睛】當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值時(shí)，電流表采用外接法，當(dāng)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻時(shí)，電流表采用內(nèi)接法，當(dāng)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器最大阻值時(shí)，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法12、①.順時(shí)針②.右【解析】[1]原磁場(chǎng)方