2023年浙江省杭州八中物理高二上期末綜合測試模擬試題含解析

2023年浙江省杭州八中物理高二上期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、把一個7N的力沿兩個方向分解，這兩個分力的大小可能是()A.4N，4N B.3N，3NC.2N，2N D.1N，1N2、某同學對四個電阻各進行了一次測量，把每個電阻兩端的電壓和通過它的電流在平面直角坐標系中描點，得到了圖中A、B、C、D四個點。這四個電阻中阻值最大的是（）A.A B.BC.C D.D3、如圖所示，當AB間加上電壓時，R1、R2、R3三個電阻上消耗的功率相等，則三電阻的阻值之比R1：R2：R3為（）A.1：1：4 B.1：1：1C.1：1：2 D.2：2：14、如圖所示，三根長直導線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向垂直紙面向外的電流，ac⊥bd，且ab＝ad＝ac，則a點處磁感應強度的方向為（）A.沿紙面由a向bB.沿紙面由a向cC.垂直于紙面向外D.垂直于紙面向里5、關于靜電場的電場強度和電勢，下列說法正確的是（）A.電場強度的方向與等勢面垂直B.電場強度為零的地方，電勢也為零C.電場強度的大小逐漸減小，電勢也逐漸降低D.電勢降落的方向就是電場的方向6、如圖所示，一根通電直導線用細線懸掛在磁感應強度為B的勻強磁場中，電流方向由M向N，此時細線所受拉力不為零，則下列做法中不能使細線的拉力變?yōu)榱愕氖牵ǎ〢.不改變電流方向，適當增加電流大小B.使電流反向，且適當減小電流C.保持原來電流不變，適當增加磁感應強度大小D.使原來的磁場和電流都反向，且適當增加電流的大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根長度為L的直導體棒中通以大小為I的電流，靜止放在導軌上，垂直于導體棒的勻強磁場的磁感應強度為B，B的方向與豎直方向成θ角．下列說法中正確（）A.導體棒受到磁場力大小為BILB.導體棒對軌道壓力大小為mg-BILcosθC.導體棒受到導軌摩擦力為μ(mg-BILsinθ)D.導體棒受到導軌摩擦力為BILcosθ8、如圖為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1（沿截面直徑入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的（）A.半徑之比為 B.半徑之比為C.時間之比為2：3 D.時間之比為3：29、如圖所示，虛線a、b、c表示O處點電荷的電場中的三個等勢面，設兩相鄰等勢面的間距相等．一電子（不計重力）射入電場后的運動軌跡如圖中實線所示，其中1、2、3、4表示運動軌跡與等勢面的一些交點．由此可以判定（）A.O處的點電荷一定帶正電B.a、b、c三個等勢面的電勢關系是C.電子從位置1到2和從位置3到4的過程中電場力做功的關系是︱W12︱=2∣W34∣D.電子在1、2、3、4四個位置具有的電勢能與動能的總和相等10、如圖所示，在光滑的水平面上有兩個滑塊P、Q，滑塊Q的左端固定連著一輕質彈簧．兩個滑塊分別以一定大小的速度沿著同一直線相向運動，滑塊P的質量為2m，速度方向向右，滑塊Q的質量為m．速度方向向左，則下列說法正確的是A.P、Q兩個滑塊包括彈簧組成的系統(tǒng)動能始終保持不變B.當兩個滑塊的速度相等時，彈簧的彈性勢能最大C.兩個滑塊最終能以共同的速度一起向右運動D.從P滑塊和彈簧接觸到彈簧壓縮至最短的過程中，滑塊Q的速度大小先減小后增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）電路中感應電動勢的大小與穿過這一電路的_________成正比。12．（12分）某學生實驗小組利用如圖所示電路進行實驗，使用的器材有：多用電表、電壓表（量程5V，內阻十幾kΩ）、滑動變阻器（最大阻值5kΩ）、導線若干（1）將多用電表檔位調到電阻“×100Ω”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，進行____________；（2）將圖中多用電表的紅表筆和_______(填“1”或“2”)端相連，黑表筆連接另一端；（3）若多用電表檔位調到電阻“×100Ω”檔測量，指針偏轉角度過小，應換_________檔（填“×10Ω”或“×1K”）（4）換檔后重新進行（1）的步驟后，將滑動變阻器的滑片調到適當位置，使多用電表的示數(shù)如圖甲所示，這時電壓表的示數(shù)如圖乙所示．多用電表的讀數(shù)為____KΩ。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據(jù)三角形定則，以7N為一條邊，以每組選項的分力大小做力的圖示，可知只有A中的兩個分力能夠和7N能構成三角形，其他三組都不能，則只有4N、4N這兩個力可能是7N力的兩個分力。故選A。2、A【解析】根據(jù)電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比可得，四個電阻的圖象如下圖所示：在圖象中做一條豎線，即通過各電阻的電流相等。從圖可知，通過它們的電流相等時，A的電壓最大，BC相等，D最小，故BCD錯誤，A正確。故選A。3、A【解析】因R1和R2串聯(lián)，電流相等，且消耗的功率相等，根據(jù)P=I2R可知R1=R2；因并聯(lián)支路電壓相等，上面支路的功率等于R3功率的2倍，根據(jù)可知，R3=2R12=4R1，即R1：R2：R3=1：1：4A．1：1：4，與結論相符，選項A正確；B．1：1：1，與結論不相符，選項B錯誤；C．1：1：2，與結論不相符，選項C錯誤；D．2：2：1，與結論不相符，選項D錯誤；故選A.4、A【解析】先用安培定則確定三根通電直導線在a點產生的磁場的方向，利用矢量的疊加分析疊加后磁場大小和方向，從而作出判斷；【詳解】根據(jù)安培定則知：直導線b在a點產生磁場與直導線d在a點產生磁場方向相反，大小相等，則合磁場為零；而直導線c在a點產生磁場，方向沿紙面由a向b，即為沿紙面由a向b，故A正確，BCD錯誤【點睛】解決本題時要知道磁感應強度既有大小，又有方向，是矢量，它的合成遵循矢量合成的平行四邊形法則5、A【解析】A．電場線上某點的切線方向即為電場強度的方向，電場線與等勢面垂直，即電場強度的方向與等勢面垂直，故A正確；B．場強為零的地方電勢不一定為零，電勢零點是人為規(guī)定的，一般取大地或無窮遠處為電勢零點，故B錯誤；C．電場強度大小與電場線的疏密有關，而電勢沿著電場線的方向降低，電場強度的大小與電勢沒有對應關系，故C錯誤；D．在勻強電場中，電勢降落最快的方向才是電場方向，電勢降落的方向不一定是電場方向，可能與電場方向呈一定的角度，故D錯誤。故選A。6、B【解析】金屬線開始受重力、向上的安培力、繩子的拉力處于平衡。A．不改變電流方向，適當增加電流的大小，根據(jù)F=BIL知，安培力增大，則繩子的張力會變?yōu)榱?。故A不符合題意；B．使原來電流反向，安培力反向，則拉力增大，不能使細線的拉力變?yōu)榱?。故B符合題意；C．保持原來電流不變，適當增加磁感應強度大小，根據(jù)F=BIL知，安培力增大，則繩子的張力會變?yōu)榱?。故C不符合題意；D．使原來的磁場和電流都反向，安培力的方向不變，適當增加電流的大小，安培力的大小增加，繩子的張力會變?yōu)榱?，故D不符合題意。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．根據(jù)左手定則可得導體棒受力分析如圖所示導體棒受到磁場力大小為F=BLIA錯誤；B．根據(jù)共點力平衡規(guī)律得得導體棒對軌道的壓力大小為B正確；CD．由于導體棒受到的是靜摩擦力，因而受到靜摩擦力大小要運用力的平衡規(guī)律求解，即為C錯誤，D正確。故選BD。8、AC【解析】AB．設圓柱形區(qū)域為R，粒子運動軌跡如圖所示由幾何知識可知軌道半徑之比B錯誤A正確；CD．粒子在磁場中做圓周運動的周期由幾何知識可知，粒子在磁場中做圓周運動轉過的圓心角粒子在磁場中的運動時間粒子的運動時間之比D錯誤C正確。故選AC。9、BD【解析】根據(jù)電子的運動軌跡判斷受力情況，從而確定場源電荷的電性；根據(jù)功能關系判斷能量的轉化情況；根據(jù)沿著電場線電勢降低判斷電勢的變化情況【詳解】由于曲線運動的合力應該指向內側，故從電子的運動軌跡可以看出，電子受到排斥力，故場源電荷是負電荷，故A錯誤；由于場源電荷是負電荷，又由于沿著電場線電勢降低，故結合負點電荷的電場線分布規(guī)律可以知道：φa＜φb＜φc，故B正確；由于負點電荷的電場不是勻強電場，電場線越密的地方，等差等勢面也越密．故從位置1到位置2電場力做的功大于從位置3到位置4電場力做功的兩倍，故C錯誤；電子在運動的整個過程中，只受電場力，故只有電場力做功，電場力做功等于電勢能的減小量，總功又等于動能的增加量，故電勢能和動能之和守恒，故D正確；故選BD【點睛】題關鍵是要根據(jù)運動軌跡確定受力情況，然后結合點電荷的電場線和等勢面情況來確定電勢情況和能量的轉化情況10、BD【解析】對于P、Q兩個滑塊包括彈簧組成的系統(tǒng)，由于只有彈簧的彈力做功，所以系統(tǒng)的機械能守恒，即系統(tǒng)動能和彈簧彈性勢能之和不變，動能是變化的，故A錯誤；P以某一初速度壓縮彈簧，在彈簧彈力作用下P做減速運動，Q做加速運動，當P與Q速度相等時，彈簧最短，彈性勢能最大，故B正確；設最終P、Q兩個滑塊的速度分別為和規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得，解得：，或，，故C錯誤；從P滑塊和彈簧接觸到彈簧壓縮至最短的過程中，滑塊Q一直受到向右的彈力，速度先向左減小至零，再向右增大，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、磁通量的變化率【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律：得知，感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比。12、①.歐姆調零②.1③.×1K④.19.0KΩ【解析】由題中“某學生實驗小組利用如圖所示電路進行實驗”可知，本題考查多用電表的使用，根據(jù)多用電表的使用要求可分析本題?！驹斀狻?1)[1]每次用歐姆檔，需要先將紅表筆和黑表筆短接，再進行歐姆調零；(2)[2]紅正黑負,電流從紅表筆流入黑表筆流出,電流從電壓表正接線柱流入,故紅表筆接觸1;(3)[3]若多用電表檔位調到電阻“×100Ω”檔測量，指針偏轉角度過小，則說明檔位選擇過小，應選大檔位，故選×1K；(4)根據(jù)電表示數(shù)可知，電阻為19.0。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可