2021屆陜西省榆林市高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆陜西省榆林市高考物理三模試卷

一、單選題(本大題共5小題，共30.0分)

1.水切割，又稱水刀，即高壓水射流切割技術(shù)，是一種利用高壓水流切割的機(jī)

器。在電腦的控制下能任意切割工件，具有受材料質(zhì)地影響小、不產(chǎn)生熱變

形或熱效應(yīng)、環(huán)保無污染、不產(chǎn)生有毒氣體及粉塵、切口光滑無熔渣、生產(chǎn)

成本低、自動(dòng)化程度高等諸多優(yōu)點(diǎn)，水切割正逐漸成為工業(yè)切割技術(shù)方面的主流切割方式。某

高壓水流切割機(jī)噴嘴橫截面積5=1.0x10-7^2,噴嘴射出的水流速度"=8.0x102ni/s,水的

密度p=1.0x103kg/m3,設(shè)水流射到工件上后速度立即變?yōu)榱?，則高速水流在工件上產(chǎn)生的

壓力為

A.100/VB.64NC.80ND.32/V

2.如圖，小球從4點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，若AB=BC,則小球從4到B的時(shí)間與從B到C

的時(shí)間之比為()

A.(V2-1)：1B.(V2+1)：1

C.(V2-1)：y/2D.(V2+1)：(V2-1)

3.如圖所示，天花板上用細(xì)繩吊起兩個(gè)用輕彈簧相連的質(zhì)量相同的小球.兩小球均

保持靜止.當(dāng)突然剪斷細(xì)繩時(shí)，上面小球A與下面小球8的加速度為()

A.%=gaB=9

B.O-A=9%。

C.=2g=0

D.aA=00-B~9

4.我國(guó)月球探測(cè)活動(dòng)的第一步“繞月”工程和第二步“落月”工程已

按計(jì)劃在2013年以前順利完成。假設(shè)月球半徑為H,月球表面的重力；'

加速度為W，飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌,H，

道的4點(diǎn)。點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道H,到達(dá)軌道的近月點(diǎn)B再次點(diǎn)火進(jìn)

入月球近月軌道HI繞月球作圓周運(yùn)動(dòng)。下列判斷正確的是()

A.飛船在軌道I上的運(yùn)行速率p=走跡

3

B.飛船在4點(diǎn)處點(diǎn)火變軌時(shí)，動(dòng)能增大

C.飛船沿橢圓軌道從A到B運(yùn)行的過程中機(jī)械能增大

D.飛船在橢圓軌道上B點(diǎn)的速度大于月球的第一宇宙速度

5.關(guān)于電場(chǎng)，下列說法中正確的是（）

A.由E=；可知，若q電性相反，則該處電場(chǎng)強(qiáng)度方向變?yōu)橄喾?/p>

B.由^=上總可知，E與Q成正比，而與產(chǎn)成反比

C.由9=卜與可知，在以點(diǎn)電荷為圓心、r為半徑的球面上，各處場(chǎng)強(qiáng)均相同

D.由E=；可知，E與尸成正比，而與q成反比

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用頻率為v的光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說法不正確的是（

A.增大入射光的強(qiáng)度，光電流增大

B.減小入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)現(xiàn)象消失

C.改變頻率小于v的光照射，一定不發(fā)生光電效應(yīng)

D.改變頻率大于v的光照射，光電子的最大初動(dòng)能變大

7.如圖電源內(nèi)阻為r,固定電阻二r，可變電阻K*的總電阻值為2r,?；-------——

若變阻器觸頭P自最左端向最右滑動(dòng)。則下列說法不正確的是（）丸

A.電源輸出功率由小變大

B.Rx消耗功率由大變小

C.的消耗功率由小變大

D.電源的效率由大變小

8.如圖所示，將一質(zhì)量m=1.0kg的物體PJ]]兩根長(zhǎng)度均為1=0.5m,且不可伸

細(xì)談

長(zhǎng)的細(xì)線1、2系于豎直桿上相距也為，=0.5m的4、B兩點(diǎn)。現(xiàn)使物體P隨桿一

起從靜止開始轉(zhuǎn)動(dòng)，重力加速度g取10m/s2,則在角速度3由零逐漸增大的過

程中，有（）Is

A.細(xì)線1的拉力與川2成正比

B.當(dāng)角速度3=2"Urad/s時(shí)，細(xì)線2剛好伸直無拉力

C.當(dāng)細(xì)線2剛好伸直時(shí)，物體P的機(jī)械能增加了6.25/

D.隨著角速度3的增加，細(xì)線2對(duì)物體P的拉力將大于細(xì)線1對(duì)物體P的拉力

三、填空題(本大題共2小題，共9.0分)

9.如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從a出發(fā)，經(jīng)過等容過程ab到達(dá)狀態(tài)b,

再經(jīng)過等溫過程兒到達(dá)狀態(tài)c,最后經(jīng)等壓過程ca回到狀態(tài)a。在

過程ab中氣體(選填“吸收”或“放出”)熱量：在過程ca

中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位面積的分子數(shù)。(選填“增

加”或“減少”)

10.如圖(1)所示是演示砂擺振動(dòng)圖象的實(shí)驗(yàn)裝置，砂擺的擺幅較小時(shí)可看作簡(jiǎn)諧振動(dòng).砂擺擺動(dòng)時(shí),

手拉紙的速率恒為0.3m/s,實(shí)驗(yàn)結(jié)果如圖(2)所示.由圖所提供的信息，可測(cè)得砂擺的周期為

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

11.在“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，如圖(a),橡皮條的一端固定，另一端掛一

輕質(zhì)小圓環(huán)，橡皮條的長(zhǎng)度為GE。在圖(b)中，用手通過兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)共同拉動(dòng)小圓環(huán)。小圓

環(huán)受到拉力&、尸2的共同作用，處于。點(diǎn)，橡皮條伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為EO。撤去F1、F2,改用一個(gè)力F單

獨(dú)拉住小圓環(huán)，如圖(c)仍使它處于。點(diǎn)。

(1)在實(shí)驗(yàn)操作中，力尸單獨(dú)作用時(shí)與力Fi、F2共同作用時(shí)都使小圓環(huán)在。點(diǎn)保持靜止，這樣做的目的

是。

(2)具體操作前，某同學(xué)提出了以下關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作的建議，其中正確的是(選填字母序號(hào))。

4圖(b)中，生與尸2的方向必須相互垂直

8.重復(fù)實(shí)驗(yàn)再次進(jìn)行探究時(shí)，圓環(huán)。的位置必須與前一次相同

C.用兩彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉小圓環(huán)時(shí)，兩彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)之差應(yīng)盡可能大

D使用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)，施力方向應(yīng)沿測(cè)力計(jì)軸線；讀數(shù)時(shí)視線應(yīng)正對(duì)測(cè)力計(jì)刻度

(a)(i)(c)

12.將一根“220V1000VT'的電爐絲拉直后（導(dǎo)體長(zhǎng)度不變）等分成六段分給六個(gè)小組，用以測(cè)量該

材料的電阻率。部分實(shí)驗(yàn)過程如下:

圖3

（1）在測(cè)量其直徑時(shí)某小組用游標(biāo)卡尺如圖1,讀數(shù)為mm；另一小組用螺旋測(cè)微器如圖2,讀

數(shù)為mm<,

（2）各組均用伏安法測(cè)量分得電阻絲的電阻咒,所用器材的規(guī)格為：電流表處量程0.64內(nèi)阻約0.10）、

電壓表M量程3叭內(nèi)阻約15000）、滑動(dòng)變阻器R（0?50）、電源E（電動(dòng)勢(shì)3叭內(nèi)阻0.50。為了

盡可能減小誤差，應(yīng)選用電路圖是圖3中的。

（3）把六個(gè)小組測(cè)得的電阻值全部相加，總和比黑0小，原因可能是（回答一條即可）。

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.0分）

13.如圖所示，半徑為R,內(nèi)徑很小的光滑半圓細(xì)管豎直放置，兩個(gè)質(zhì)

量均為m的小球4、B,以不同的速率進(jìn)入管內(nèi)，若4球通過圓周\\

最高點(diǎn)C,對(duì)管壁上部的壓力為3mg,8球通過最高點(diǎn)C時(shí)，對(duì)管壁內(nèi)側(cè)下部的壓力為0.75mg,

求力、B球落地點(diǎn)間的距離.

14.如圖所示，輕彈簧原長(zhǎng)=10cm、勁度系數(shù)k=100/V/m,傳感器可以讀出輕繩上的彈力大小。

小球靜止時(shí)，輕繩水平，傳感器計(jì)數(shù)F=3N,彈簧的軸線與豎直方向的夾角0=37。。〃37。=

0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)?求：

(1)此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度L；

(2)若將水平輕繩剪斷，則剪斷瞬間，小球的加速度大小和方向。

15.冬季南北方氣溫差異很大，若在某一時(shí)刻海南三亞地區(qū)的氣溫為27冤。而此時(shí)黑龍江北部的漠

河地區(qū)氣溫為-33冤。在這一時(shí)刻有一個(gè)容積為2.5L的足球放在了三亞，足球內(nèi)部的空氣壓強(qiáng)為

2.0xl05Pa,假設(shè)足球的容積不變，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度的關(guān)系為T=t+273K,室外空氣

壓強(qiáng)Po=1-0x105Pa(,

①若足球此刻放在漠河，求足球內(nèi)部的空氣壓強(qiáng)。

(”)若足球此時(shí)放在漠河，并用打氣筒給這個(gè)足球打氣，每打一次都把體積為125mL、壓強(qiáng)與大氣壓

強(qiáng)相同的氣體打進(jìn)球內(nèi)，求打多少次才能讓足球內(nèi)部空氣壓強(qiáng)恢復(fù)到2.0x105pa(打氣過程中假

設(shè)足球內(nèi)的氣體溫度不變)

16.陽光作為萬物生長(zhǎng)之源，是必不可少的資源，如圖甲是一個(gè)神奇的采光系統(tǒng)(So,atube),可以

將陽光送到室內(nèi)每一個(gè)角落，它由半球形玻璃透光罩、導(dǎo)光管道和燈片組成，透光罩上的半球

形凸透鏡可投射任何角度的太陽光，然后通過管道將光線反射到燈片，讓室內(nèi)充滿陽光。某種

顏色的光通過導(dǎo)光系統(tǒng)進(jìn)入室內(nèi)，原理圖如圖乙所示，已知半球形透光罩半徑為R=30cm,導(dǎo)

光管道長(zhǎng)為L(zhǎng)=3根，該色光在玻璃內(nèi)芯與包層界面發(fā)生全反射的臨界角C=60°,透光罩與內(nèi)芯

為同種玻璃制成，對(duì)該光的折射率W=百，光在真空中的速度c=3x108^/5,該光按乙圖所

示豎直向下的方向由B點(diǎn)射入透光罩時(shí)，求該光到達(dá)燈片的時(shí)間(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

參考答案及解析

1.答案：B

解析：?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)噴到工件上的水的體積為：V=svt

故質(zhì)量為：m=pV=psvt

設(shè)水的初速度方向?yàn)檎较?；則由動(dòng)量定理可得：Ft=O-mv

得：F=-psv2=-1x103xIO-7x(8x102)2=64/V

工件受到的沖擊力產(chǎn)生的壓力為64N,方向沿水流的方向；故B正確，AC。錯(cuò)誤

故選：B。

2.答案：B

解析：解：小球從4點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相鄰的相同位移所需的時(shí)間之比為：

1：(V2-1)：(V3-V2)：(V4-V3)

在小球從4到B的時(shí)間與從B到C的時(shí)間之比是前兩段位移之比1：(V2-1)=(V2+1)：1

故AC。錯(cuò)誤，B正確；

故選：B。

利用由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相鄰的相同位移所需的時(shí)間規(guī)律求解，1：(V2-1)：(V3-

V2)：(V4-V3)…

本題考查利用由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，連續(xù)相鄰的相同位移所需的時(shí)間規(guī)律，應(yīng)用此規(guī)律時(shí)

的前提是初速度為零，如圖初速度不為零，該規(guī)律不可用。

3.答案：C

解析：解：設(shè)兩球質(zhì)量為小。

懸線剪斷前，以B為研究對(duì)象可知：彈簧的彈力尸=mg,以2、B整體為研究對(duì)象可知懸線的拉力為

2mg；

剪斷懸線瞬間，彈簧的彈力不變，F(xiàn)=mg,根據(jù)牛頓第二定律得

對(duì)A：mg+F=maA,又尸=mg,得知=2g,

對(duì)B：F—mg-maB,F—mg,得加=0

故選：Co

懸線剪斷前，以兩球?yàn)檠芯繉?duì)象，求出懸線的拉力和彈簧的彈力.突然剪斷懸線瞬間，彈簧的彈力

沒有來得及變化，分析瞬間兩球的受力情況，由牛頓第二定律求解加速度.

本題是動(dòng)力學(xué)中典型的問題：瞬時(shí)問題，往往先分析懸線剪斷前彈簧的彈力，再分析懸線判斷瞬間

物體的受力情況，再求解加速度，抓住懸線剪斷瞬間彈力沒有來得及變化.

4.答案：D

解析：解：4、飛船在軌道I上，萬有引力提供向心力：6潦%=小忌，在月球表面，萬有引力

等于重力得：G^=m'g0,解得：零，故A錯(cuò)誤；

8、在圓軌道實(shí)施變軌成橢圓軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)是做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須萬有引力大

于飛船所需向心力，所以應(yīng)給飛船點(diǎn)火減速，減小所需的向心力，故8錯(cuò)誤；

C、飛船沿橢圓軌道從4到B運(yùn)行的過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒，故C錯(cuò)誤；

。、設(shè)月球的第一宇宙速度為％,由萬有引力提供向心力得：G翳=m會(huì)，解得：％=舟，飛船

在橢圓軌道H到達(dá)軌道的近月點(diǎn)B時(shí)，給飛船點(diǎn)火減速，進(jìn)入月球近月軌道HI繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

所以飛船在橢圓軌道上B點(diǎn)的速度大于月球的第一宇宙速度，故。錯(cuò)誤。

故選：Do

在月球表面，萬有引力等于重力，在任意軌道，萬有引力提供向心力，聯(lián)立方程即可求解；衛(wèi)星變

軌也就是近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)提供的萬有引力和所需的向心力關(guān)系確定；飛船沿橢圓軌道從4

到B運(yùn)行的過程中，機(jī)械能守恒；飛船在橢圓軌道n到達(dá)軌道的近月點(diǎn)B,給飛船點(diǎn)火減速，進(jìn)入月

球近月軌道m(xù)繞月球作圓周運(yùn)動(dòng)。

本題考查了萬有引力定律的應(yīng)用，知道飛船做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力提供是正確解題的前提,

應(yīng)用萬有引力公式與牛頓第二定律可以解題，要掌握應(yīng)用萬有引力定律解題的思路與方法。

5.答案：B

解析：解：4、電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定，與放入的試探電荷無關(guān)，故q電性相反，電場(chǎng)強(qiáng)度的方

向保持不變，故A錯(cuò)誤；

B、由點(diǎn)電荷的決定式E=知，E與Q成正比，而與N成反比，故B正確；

C、由點(diǎn)電荷的決定式E=及點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)線知，在以點(diǎn)電荷為圓心、r為半徑的球面上，電

rz

場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故c錯(cuò)誤；

。、電場(chǎng)強(qiáng)度是由電場(chǎng)本身決定，與放入的試探電荷及試探電荷所受的力無關(guān)，則不能說電場(chǎng)強(qiáng)度

與電場(chǎng)力成正比，與試探電荷電荷量成反比，故。錯(cuò)誤；

故選：Bo

通過電場(chǎng)強(qiáng)度由電場(chǎng)本身決定和點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的決定式求解。

本題解題關(guān)鍵在于深刻了解電場(chǎng)強(qiáng)度由電場(chǎng)本身決定，與放入的試探電荷無關(guān)，還應(yīng)注意點(diǎn)電荷形

成電場(chǎng)線的方向問題。

6.答案：BC

解析：解：小增大入射光強(qiáng)度，單位時(shí)間內(nèi)照射到單位面積的光電子數(shù)增加，則光電流將增大，故

選項(xiàng)4正確；

8、光電效應(yīng)是否產(chǎn)生于照射光頻率有關(guān)而與照射光強(qiáng)度無關(guān)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C、已知用頻率為v的光照射光電管陰極，發(fā)生光電效應(yīng)，可知光電管陰極金屬材料的極限頻率肯定

小于v，改用頻率較小的光照射時(shí)，仍有可能發(fā)生光電效應(yīng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

力、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程&=九9-%可知，增加照射光頻率，光電子最大初動(dòng)能也增大，故

選項(xiàng)。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選：BC。

光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，增大入射光的強(qiáng)度，光電流增大；改變頻率大于v的光照射，光電子的最大初動(dòng)能

變大：是否發(fā)生光電效應(yīng)和入射光的強(qiáng)度無關(guān)，和入射光的頻率有關(guān)。

本題考查了光電效應(yīng)及光電效應(yīng)方程。理清楚入射光的強(qiáng)度的決定關(guān)系和頻率的決定關(guān)系是這道題

的關(guān)鍵。

7.答案：ABCD

解析：4、由題意可知，當(dāng)滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減??；但外電阻一直大于內(nèi)阻，當(dāng)

滑片滑到最右端時(shí)，接入電路中的電阻為零，電源內(nèi)、外電阻相等，電源的輸出功率最大；故A正

確；

8、將R。等效為內(nèi)阻，則當(dāng)滑片在左端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻最大，等于電源的等效內(nèi)阻，故滑動(dòng)

變阻器上消耗的功率最大；在向右移動(dòng)過程中，外電阻減小，則消耗的功率減小，故B正確：

C、4為定值電阻，其功率隨電流的變化而變化，而在滑片移動(dòng)過程中，滑動(dòng)變阻器接入電阻越來

越小，則電流越來越大，故當(dāng)?shù)墓β试絹碓酱?，故C正確；

。、滑片向右滑動(dòng)過程中，電源的路端電壓減小，則電源的效率變小，故。正確；

故選：ABCD.

8.答案：BC

解析：解：4、當(dāng)3較小時(shí)，BP繩在水平方向的分量可以提供向心力，此時(shí)力P繩沒有力，設(shè)繩1與豎

直方向的夾角為。，繩2與豎直方向的夾角為a,

對(duì)物體P進(jìn)行受力分析，根據(jù)向心力公式則有：

TBPcos6=mg...(T)

2

TBPsin6=ma)lsin9...②

當(dāng)3較小時(shí)，細(xì)線1的拉力與角速度小成正比；

當(dāng)3增加到某值時(shí)，BP繩在水平方向的分量不足以提供向心力，此時(shí)繩子4P有力的作用，

TBPcos6=mg+TAPcosa...③

TBpSin9+TAPsina=m32r…④

當(dāng)3較大時(shí)，細(xì)線1的拉力與角速度32不是成正比；故A錯(cuò)誤；

B、由于4、B、P三點(diǎn)之間的距離都是0.5m,可知，當(dāng)BP恰好拉直時(shí)，8=60。，聯(lián)立①②可得：

3=2yJ10rad/s，即當(dāng)角速度3=2VTUrad/s時(shí)，細(xì)線2剛好伸直無拉力。故B正確；

C、當(dāng)BP恰好拉直時(shí),P的高度升高：h=l-lcos6=0.5-0.5xcos600=0.25m

物體P的線速度：v=o)-r=2-/10x0,5xsin60°=等m/s

物體P增加的機(jī)械能：△E=mgh+|mv2=1.0x10x0.25+1x1.0x(季產(chǎn)=6.25/.故C正確。

D、當(dāng)BP恰好拉直后，由③可知，細(xì)線2對(duì)物體P的拉力不可能大于細(xì)線1對(duì)物體P的拉力。故。錯(cuò)

誤；

故選：BC。

物體P的重力、繩子BP的張力及繩子ZP的張力的合力提供P作勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；用正交分解

法求出物體P分別在水平、豎直兩個(gè)方向受到的合力2也、刀＞，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律列方程，￡&=mco2r,

=0分析討論拉力即可；物體P增加的機(jī)械能等于增加的動(dòng)能與重力勢(shì)能之和。

本題的關(guān)鍵是對(duì)物體P進(jìn)行受力分析，知道用正交分解法求出物體P分別在水平、豎直兩個(gè)方向受到

的合力29無、由牛頓運(yùn)動(dòng)定律布列方程，^Fx=ma)2r,E￡y=0分析討論。

9.答案：吸收增加

解析：解：從a到b等容升壓，根據(jù)即=C可知溫度升高，一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能決定于氣體的溫

度，溫度升高，則內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=〃+Q可知，氣體不做功，氣體從外界吸

收熱量；在過程ca中壓強(qiáng)不變，體積減小，則由牛=C可知溫度降低，則單位時(shí)間內(nèi)碰撞器壁單位

面積的分子數(shù)增加。

故答案為：吸收；增加。

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能取決于溫度，根據(jù)圖線分析氣體狀態(tài)變化情況，根據(jù)取=判斷做功情

況，根據(jù)內(nèi)能變化結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析吸收或發(fā)出熱量；根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義確定分子數(shù)

的變化。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的知識(shí)，要能夠根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷

氣體內(nèi)能的變化與哪些因素有關(guān)(功和熱量)。

10.答案：1；0.25

解析：解：砂擺完成一次全振動(dòng)，紙向前移動(dòng)的距離為30cm,移動(dòng)的時(shí)間等于砂擺的周期，所以7=

;=1s.根據(jù)單擺的公式7=271Jl，L=g=0.25m.

故本題答案為：1,0.25.

砂擺完成一次全振動(dòng)，紙向前移動(dòng)的距離為30cm,移動(dòng)的時(shí)間等于砂擺的周期，根據(jù)單擺的公式7=

27rJ求出擺長(zhǎng).

解決本題的關(guān)鍵知道單擺完成一次全振動(dòng)為一個(gè)周期，以及知道單擺的周期公式7=2兀Jj.

11.答案：(1)力F單獨(dú)作用時(shí)與力a、F2共同作用時(shí)對(duì)橡皮條的作用效果相同；

(2)0

解析：解：(1)力F單獨(dú)作用時(shí)與力居、尸2共同作用時(shí)都使小圓環(huán)在。點(diǎn)保持靜止，是為了讓兩次拉長(zhǎng)

橡皮條時(shí)，橡皮條上產(chǎn)生的彈力大小和方向均相同，即兩次拉動(dòng)時(shí)產(chǎn)生了相同的作用效果；

(2)4、本實(shí)驗(yàn)通過作圖的方式確定力之間的關(guān)系，所以不需要兩拉力的方向相互垂直，故A錯(cuò)誤；

8、同一次實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要讓兩個(gè)力拉橡皮條和一個(gè)力拉橡皮條產(chǎn)生的作用效果相同，則必定結(jié)點(diǎn)。的

位置要相同：而在重復(fù)實(shí)驗(yàn)再次進(jìn)行驗(yàn)證時(shí)，結(jié)點(diǎn)。的位置可以與前一次不同，故B錯(cuò)誤；

C、本實(shí)驗(yàn)對(duì)兩彈簧測(cè)力計(jì)拉力示數(shù)的差值沒有要求，故C錯(cuò)誤；

D,為了防止出現(xiàn)摩擦，用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)，施力方向應(yīng)沿測(cè)力計(jì)軸線，為了準(zhǔn)確讀數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線

應(yīng)正對(duì)測(cè)力計(jì)刻度，故D正確。

故選：Do

故答案為：(1)力F單獨(dú)作用時(shí)與力&、尸2共同作用時(shí)對(duì)橡皮條的作用效果相同；

(2)0?

(1)明確實(shí)驗(yàn)原理，知道本實(shí)驗(yàn)在同一次驗(yàn)證時(shí)需要保證效果相同；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)方法進(jìn)行分析，從而明確實(shí)驗(yàn)中應(yīng)注意的事項(xiàng)。

做探究共點(diǎn)力合成的規(guī)律實(shí)驗(yàn)：我們是讓兩個(gè)力拉橡皮條和一個(gè)力拉橡皮條產(chǎn)生的作用效果相同，

由此結(jié)合實(shí)驗(yàn)過程中需要注意的事項(xiàng)依次分析即可。

12.答案：0.650.650D測(cè)量時(shí)的溫度低于電阻絲正常工作時(shí)的溫度，其電阻小于正常工作時(shí)的電

阻

解析：解：(1)游標(biāo)卡尺精確度為0.05mm,游標(biāo)尺0刻線前的整毫米數(shù)為0,游標(biāo)尺的第13條刻線與

主尺的某一刻線對(duì)齊，故讀數(shù)為：0+13x0.05rmn=0.65mm；螺旋測(cè)微器精確度為0.01mm,要

估讀到下一位，固定部分讀數(shù)為OSnun,可動(dòng)部分讀數(shù)為15.0x0.01mm=0.150mm,故讀數(shù)為：

(0.5+0.150)mm=0.650mm

(2)電爐絲正常工作時(shí)的電阻為分成六段后每一段電阻為=答0=48.4。分成六段后每一段電

占1000

阻&約為8。，因?yàn)镽x>R和故應(yīng)采用分壓電路；皆=等=187.5,M==8。<187.5,故電

流表應(yīng)采用外接法。故。正確，4BC錯(cuò)誤。

(3)電爐絲正常工作時(shí)的電阻為48.40,分成六段后每段電阻約80,每一段接的都是3V電源，而整段

電阻絲正常工作時(shí)電壓為220V,故測(cè)量時(shí)的溫度遠(yuǎn)低于正常工作時(shí)的溫度，材料的電阻率隨溫度的

升高而增大，故測(cè)量值小于電爐絲正常工作時(shí)的阻值。這是主要原因，另外各小組將電阻絲接入電

路時(shí)，兩端會(huì)漏掉部分長(zhǎng)度，致使總長(zhǎng)度變小，電阻之和小于完整時(shí)的電阻。

故答案為：(1)0.650.650(2)0(3)測(cè)量時(shí)的溫度低于電阻絲正常工作時(shí)的溫度，其電阻小于正

常工作時(shí)的電阻或各組實(shí)驗(yàn)中電阻絲接入電路的長(zhǎng)度之和小于原來電阻絲的總長(zhǎng)度

游標(biāo)卡尺不估讀，螺旋測(cè)微器要估讀到下一位；確定好是分壓還是限流電路，再確定采用內(nèi)接還是

外接；根據(jù)材料的電阻率隨溫度的升高而增大，確定電阻之和偏小的原因。

測(cè)量電阻率的前提是先測(cè)電阻，測(cè)量電阻最基本的原理是伏安法，電路可分為測(cè)量電路和控制電路

兩部分設(shè)計(jì)。測(cè)量電路要求精確，誤差小，可根據(jù)電壓表、電流表與待測(cè)電阻阻值倍數(shù)關(guān)系，選擇

電流表內(nèi)、外接法?？刂齐娐逢P(guān)鍵是變阻器的分壓式接法或限流式接法。

13.答案：解：兩個(gè)小球在最高點(diǎn)時(shí)，受重力和管壁的作用力，這兩個(gè)力的合力作為向心力，離開軌

道后兩球均做平拋運(yùn)動(dòng)，4、B兩球落地點(diǎn)間的距離等于它們平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移之差.

對(duì)4球：3mg+7ng=m系

解得：vA=14gR

對(duì)B球：mg—0.75mg=

解得：vB=

由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得落地時(shí)它們的水平位移為:

SA=vAt=vA=4R

SB=vBt=VB后=R

得：SA-SB=4R—R=3R

即a、b兩球落地點(diǎn)間的距離為3R.

答：a、b兩球落地點(diǎn)間的距離為3R.

解析：對(duì)兩個(gè)球分別受力分析，根據(jù)合力提供向心力，求出速度，此后球做平拋運(yùn)動(dòng)，正交分解后，

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可.

本題關(guān)鍵是對(duì)小球在最高點(diǎn)處時(shí)受力分析，然后根據(jù)向心力公式和牛頓第二定律求出平拋的初速度,

最后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的分位移公式列式求解.

14.答案：解：(1)對(duì)小球受力平衡，彈簧彈力a=￡=5N

由胡克定律可知：Fi=k(L-Lo)

解得：L=0.15TH=15cm

(2)輕繩剪斷瞬間彈簧彈力不能突變，由三力平衡可知，重力和彈簧彈力合力大小即為F

在輕繩未剪斷之前：mg=-^―

Jtan0

輕繩剪斷之后由牛頓第二定律可知：F