2021年四川省資陽、眉山、遂寧、廣安、自貢、廣元等六市聯(lián)考高考物理一診試卷

2021年四川省資陽、眉山、遂寧、廣安、自貢、廣元等

六市聯(lián)考高考物理一診試卷

1.質(zhì)量分布均勻、半徑為R的球狀星云，其表面重力加速度為g。由于熱膨脹的發(fā)生

導致該星云半徑變?yōu)?R,若此過程中質(zhì)量保持不變且質(zhì)量仍分布均勻。忽略星云

自轉(zhuǎn)，則變化后的星云表面的重力加速度為（）

A.B.fC.令D.￡

481664

2.汽車在平直的公路上行駛的9-t圖象如圖所示。若汽車所8K）

受阻力恒定，則（）4二^-；

?（?I??

A.在0到3s內(nèi)汽車的位移為24mo-i-~5~a

B.在1s到2s內(nèi)汽車發(fā)動機的牽引力逐漸減小

C.在15到2s內(nèi)阻力的功率保持不變

D.汽車發(fā)動機在t=2.5s時牽引力的功率為其在t=0.5s時的功率的一半

3.如圖所示，與絕緣柄相連的平行板電容器，其帶電量為Q,正

對面積為S,板間距離為4為增大其板間電勢差，可以采取的

方式有（）

A.保持S、"不變，減少其帶電量。

B.保持。、d不變，減少其正對面積S

C.保持Q、S不變，減少其板間距離d

D.保持Q、S、d不變，在板間插入云母片

4.一質(zhì)量為，〃的小球被發(fā)射到空中，運動中小球受到方向水平向左、大小為F的恒

力作用。忽略空氣阻力，重力加速度為g。為了使小球能重新回到發(fā)射點，發(fā)射速

度方向與水平向右方向的夾角。應(yīng)該滿足（）

A.sin6=等B.cosG=詈C.tand=等D.cotd=詈

5.如圖甲所示的裝置來探究影響向心力大小的因素。某次探究中，將兩個質(zhì)量相同的

小球分別放置在水平長槽橫臂的擋板A處和水平短槽橫臂的擋板C處，A、C分別

到各自轉(zhuǎn)軸的距離相等，傳動皮帶與變速塔輪尸Q之間連接關(guān)系俯視圖如圖乙所示,

有RQ=2Rp,當轉(zhuǎn)動手柄使兩個小球在橫臂上隨各自塔輪做勻速圓周運動時，在球

與擋板間的相互作用力作用下使得彈簧測力筒下降，標尺M、N露出的紅白相間的

格子總數(shù)之比為（）

A.1：4B.1：2C.4：1D.2：1

6.如圖所示，輕繩上端A固定在天花板上，下端C與中點B處分別

與質(zhì)量為，*和2〃?的小球連接。現(xiàn)用與水平方向始終成30。角的拉

B

力廠將8點處小球向右上方緩慢提升,直到繩AB與豎直方向成60。

C*

角。關(guān)于該過程中繩A8上的彈力片B和拉力/變化情況的說法正

確的是（）

A.尸一直增大B.尸一直減小

C.以B先減小后增大D.自B先增大后減小

7.如圖所示，鐘表掛在豎直墻面上，秒針尾部有一質(zhì)量為機的

圓形小片尸，在秒針做勻速圓周運動過程中，以下分析正確的

是（）

A.在任意相等時間內(nèi)，P所受重力對P做的功相等?

B.在任意相等時間內(nèi)，P所受重力對尸的沖量相等

C.秒針對P的作用力所做的功等于P的機械能變化量

D.秒針對P的作用力的沖量等于P的動量變化量

8.如圖，空間存在一方向水平向右的勻強電場，兩個可

以視為質(zhì)點的帶電小球尸和Q用相同的絕緣細繩懸掛

在水平天花板下，兩細繩都恰好與天花板垂直。N為

PQ連線中點，M點位于N點正上方且MPQ構(gòu)成等邊

三角形。則下列說法正確的是（）

A.P帶正電，Q帶負電

B.P所帶電量的大小與。所帶電量的大小相等

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C.在P、。所產(chǎn)生的電場與勻強電場疊加后形成的場中，N點電勢大于M點電勢

D.在P、。所產(chǎn)生的電場與勻強電場疊加后形成的場中，M點的場強為零

9.某實驗小組利用輕彈簧測量物體間的動摩擦因數(shù)，設(shè)計了如下實驗：

(1)如圖甲，在彈簧的下端懸掛小木塊，用刻度尺測出穩(wěn)定時彈簧的長度

(2)將一長木板平放在水平面上，同一小木塊放置于木板上表面，如圖乙，將圖甲

中的彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端拴接小木塊，使彈簧水平，用力向右拉動長

木板，長木板與小木塊發(fā)生相對運動，當小木塊穩(wěn)定時，測出此時彈簧的長度人。

(3)為了測量出物體間的動摩擦因數(shù)，實驗小組還只需要獲取的一個物理量是

4彈簧的勁度系數(shù)A

B.彈簧的原長

C.小木塊的質(zhì)量

.當?shù)刂亓铀俣萭

(4)實驗中對動摩擦因數(shù)測定的表達式是〃=(使用題中相關(guān)物理量字符表

示)。

(5)在本實驗中，請寫出一條提高測量動摩擦因數(shù)準確度的方法：o

10.在研究標有額定工作狀態(tài)為“3h1.5W”的小燈泡的伏安特性實驗中，實驗室提

供以下器材：

電流表A量程600mA,內(nèi)阻約為0.30

靈敏電流計G滿偏電流/g=500%4,阻值Rg=6OO0

電阻箱R最大阻值9999.90

滑動變阻器當最大阻值100

滑動變阻器/?2最大阻值500。

電源E電動勢為4%內(nèi)阻不計

開關(guān)，導線若干

(1)實驗設(shè)計電路如圖甲所示，因需要將靈敏電流計G與電阻箱組裝改裝成一個量

程31/的電壓表，請在虛線框中畫出電壓表的改裝電路，并將電阻箱的阻值調(diào)到

n,再將靈敏電流計表盤上的電流參數(shù)修改為對應(yīng)的電壓表的電壓參數(shù)。

(2)為了提高測量的準確度與有效性，應(yīng)該選擇的滑動變阻器為(選填"％”

或"')。

(3)用連線代替導線將圖乙中實物連接為完整電路。

(4)在實驗過程中，應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P置于變阻器的左端，再閉合5,將

滑片尸向右調(diào)節(jié)，得到多種狀態(tài)下小燈泡實際工作的電壓與電流的對應(yīng)數(shù)據(jù)。

(5)描繪出的小燈泡U-/曲線如圖丙所示，將該規(guī)格的兩個相同小燈泡串聯(lián)后再與

一電源電動勢E=4U、內(nèi)阻r=50的新電源相連接，則每個小燈泡在該電路中的

實際工作功率為勿(保留三位有效數(shù)字)。

11.科技在我國的“藍天保衛(wèi)戰(zhàn)”中發(fā)揮了重要作用，某科研團隊設(shè)計了一款用于收集

工業(yè)生產(chǎn)中產(chǎn)生的固體顆粒的裝置，其原理簡圖如圖所示。固體顆粒通過帶電室時

帶上正電荷，顆粒從A點無初速度地進入加速區(qū)，經(jīng)B點進入徑向電場區(qū)，沿;圓

弧BC運動，再經(jīng)C點豎直向下進入偏轉(zhuǎn)電場區(qū)，最終打在豎直收集擋板上的G點。

建立如圖所示坐標系，帶電室、加速區(qū)、徑向電場區(qū)在第二象限，偏轉(zhuǎn)電場區(qū)和擋

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板在第四象限。已知固體顆粒的比荷5=10-3(：/kg,加速區(qū)板間電壓為U=2x

103V,圓弧8c上各點的場強大小相同且為邑=2.5x104y/m,方向都指向圓弧

BC的圓心。點，偏轉(zhuǎn)電場大小為為=4x1。4。小、方向水平向右，擋板距離y

軸0.2m。不計重力、空氣阻力及顆粒間的作用力，求：

(1)帶電固體顆粒離開加速區(qū)的速度大小及圓弧8c的半徑；

(2)G點與x軸之間的距離。

12.如圖所示，滑塊3置于水平面上，木箱C置于滑塊8頂端，且木箱C的左端與B

的左端對齊，B、C處于靜止狀態(tài)。與3完全相同的滑塊A以速度v與滑塊B正碰，

碰撞時間極短，碰后二者粘在一起。當A、8、C三者達到共同速度時，木箱C剛

好從滑塊B上滑動到滑塊A上，即C的右端與A的右端對齊。已知：滑塊A、B的

質(zhì)量=MB=m,木箱C的質(zhì)量Me=2m,A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)〃1=2〃,

C與A、B頂部的動摩擦因數(shù)〃2=〃，重力加速度為g，運動過程中C不會從A、B

上滑落。求：

(1)滑塊A與滑塊B碰后瞬間的共同速度v；

(2)碰撞瞬間AB整體的加速度大小、C的加速度大小以及木箱C的長度卻

(3)從滑塊4與滑塊B碰后到滑塊A、B速度減為0的過程中，整個系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)

生的熱量Q。

13.關(guān)于氣體內(nèi)能，下列說法正確的是()

A.氣體的內(nèi)能是分子熱運動的動能和分子間的勢能之和

B.氣體被壓縮時，內(nèi)能可能減小

C.氣體吸收熱量后，溫度一定升高

D.一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)

E.當理想氣體的狀態(tài)改變時，內(nèi)能一定發(fā)生改變

14.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在狀態(tài)A時壓強為2.0x

105Pa,經(jīng)歷A-B-C-4的過程，整個過程中對外界放出

154.5/的熱量。求：

⑴該氣體在C狀態(tài)下的壓強pc；

(ii)在B-C過程中外界對該氣體所做的功。

15.一列機械波以5m/s的速度，沿x軸負方向傳播。在々=

0時，波形圖如圖所示，P、。質(zhì)點的平衡位置分別為

1.0m、2.0m。則質(zhì)點P振動的周期7-

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0.35s時，質(zhì)點。的振動方向為y軸方向（填“正”或"負"）；t3=0.45s時,

質(zhì)點P的加速度大?。ㄌ睢按笥?、“等于”或“小于”）質(zhì)點Q的加速度

大小。

16.如圖所示,半徑為R的半圓形玻璃磚。OP距離d=在R。

3

當從P點入射的光線與界面的夾角0=30。時，光能夠射

到。點（OQ連線垂直于界面OP）。已知真空中的光速為

C,求：

（1）半圓形玻璃磚的折射率及出射角a；

（2）光在玻璃磚中從P到。經(jīng)歷的時間。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：根據(jù)星云表面物體的重力等于萬有引力得：筌=m9①

K

設(shè)星云半徑變?yōu)?R時的加速度為勿，則零=根加②

由①②可得：91=?

故選：Ao

星云表面物體的重力等于萬有引力，根據(jù)表達式可求變化后的星云表面的重力加速度的

值。

本題主要考察星球表面重力等于萬有引力，也就是我們常說的黃金代換式。

2.【答案】D

【解析】解：A、位移可用圖象中圖線與時間軸圍成的面積表示，則在0到3s內(nèi)汽

車的位移為x=18m,故A錯誤；

B、在Is到2s內(nèi)汽車做勻減速直線運動，加速恒定，根據(jù)牛頓第二定律F-/=ma可

知：因為汽車所受摩擦力恒定，加速度恒定，所以其牽引力也恒定，故8錯誤；

C、瞬時功率的公式為P=Fv,在Is到2s內(nèi)，阻力恒定，但速度變化，所以阻力的功

率也發(fā)生變化，故C錯誤；

D、在0s到1s和在2s到3s時，汽車做勻速直線運動，此時汽車受力平衡，所受摩擦力

與牽引力大小相等，汽車所受阻力恒定，故在0s到1s和在2s到3s時汽車的牽引力相

等，由圖可知，在t=2.5s時汽車的速度是其在t=0.5s時的速度的一半，由瞬時功率的

公式為P=Fv,汽車發(fā)動機在t=2.5s時牽引力的功率為其在t=0.5s時功率的一半，故

￡＞正確。

故選：

汽車行駛過程中，由瞬時功率的公式為P=及牛頓第二定律F-f=ma即可求解。

本題考查了瞬時功率、牛頓第二定律、及速度圖像的綜合運用，牽引力的功率P=F%

3.【答案】B

【解析】解：A、根據(jù)電容的定義式C=保持5、d不變，電容C不變，當帶電量

。減小時，再根據(jù)〃=會知U減小，故A錯誤;

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B、根據(jù)電容的定義式C=，保持0、4不變，減少其正對面積S,則電容C減小，

因帶電量Q不變，再根據(jù)U=￡,知U增大，故B正確；

C、根據(jù)電容的定義式C=（篙，保持Q、S不變，減少其板間距離4,則電容C增大，

因帶電量。不變，再根據(jù)U=稱,知U減小，故C錯誤；

D、根據(jù)電容的定義式C=可知，保持。、S、4不變，在兩板間插入云母片，則電

容增大，因帶電量。不變，根據(jù)u=3,知U減小，故。錯誤。

故選：Be

依據(jù)控制變量法，根據(jù)通過電容的決定式。=盤來判定的變化，從而判斷

U=*C4nkaC

U的變化。

考查電容器的電容定義式與決定式的應(yīng)用，解決電容器的動態(tài)分析問題關(guān)鍵抓住不變量。

若電容器與電源斷開，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢

差保持不變。

4.【答案】C

【解析】解：為了使小球能重新回到發(fā)射點，且小球受到重力與恒定向左的作用力，那

么發(fā)射速度方向必須與小球受到的合力方向相反，

根據(jù)矢量合成法則，結(jié)合三角知識，如下圖所示：

則有：tand=F故ABD錯誤，C正確；

故選：Co

根據(jù)題目條件：回到出發(fā)點，則有加速度與速度共線且反向，依據(jù)矢量的合成法則，及

三角知識，即可求解。

考查運動的合成應(yīng)用，掌握矢量的合成法則，并知道三角函數(shù)的內(nèi)容，注意能重新回到

發(fā)射點的條件是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】A

【解析】解：變速塔輪PQ通過同一根皮帶帶動，皮帶上的線速度相等，由u=可

得塔輪PQ的轉(zhuǎn)動角速度之比生=M=士質(zhì)量相等的兩球放在與塔輪固定在一起的擋

(JL)2KpZ

板上的4和C處，從圖中可以看出兩球的轉(zhuǎn)動半徑之比為?=k根據(jù)向心力公式F=

r21

m32r可得向心力之比?=誓由此看來，BC。均錯誤，A正確。

F20)2

故選：Ao

根據(jù)皮帶傳送線速度大小相等的特點，求出與皮帶連接的變速輪塔對應(yīng)的轉(zhuǎn)動角速度之

比。再利用F=僧32r求出兩個球所需的向心力之比，從而得到彈力之比和格子數(shù)之比。

本實驗采用控制變量法，即要研究一個量與另外一個量的關(guān)系，需要控制其它量不變。

知道靠皮帶傳動，變速輪塔的線速度大小相等。

6.【答案】AC

【解析】解:

以BC整體為研究對象，受重力、AB繩的拉力、拉力凡緩慢提升過程中三個力合力始

終為零。用矢量三角形畫出AB繩的拉力方向變化過程的動態(tài)過程，如上圖，可知，隨

著8球的不斷升高，A8繩子的拉力與水平方向的夾角越來越小，根據(jù)矢量以B及尸長度

的變化可以看出：先減小后增大，F(xiàn)一直增大，故AC正確，8力錯誤。

故選：ACo

將B點處小球向右上方緩慢提升過程中系統(tǒng)處于平衡態(tài)，三個力中重力不變，拉力方向

不變，繩子拉力方向改變，以BC整體為研究對象用平行四邊形圖解的方法即可求解。

本題考查平衡條件中連接體問題的處理方法，及動態(tài)過程的分析。平行四邊形圖解法題

目的特點是:三個力中一個力大小和方向都不變，一個力方向不變，另一個力方向改變。

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7.【答案】BC

【解析】解：A、根據(jù)%=mgh,當秒針向下轉(zhuǎn)時，重力做正功，向上轉(zhuǎn)時，重力做

負功，故P所受重力對P所做功不相等，故A錯誤；

B、沖量為/=相等時間內(nèi)，重力不變，P所受重力對P的沖量相等，故B正

確；

C、除秒針以外，只有重力對P做功，故秒針對P做功等于P的機械能變化量，故C正

確；

。、合外力沖量等于動量變化量，只受重力、秒針對它的力，故。錯誤；

故選：BC。

根據(jù)勿=mg/i判斷重力做的功；根據(jù)/=mg△t判斷重力的沖量；根據(jù)秒針對尸做功判

斷P的機械能變化量；根據(jù)合外力沖量判斷動量變化量。

本題主要考查功、沖量、機械能變化量和動量變化量的理解，要注意P的機械能變化量

與秒針對P做功有關(guān)，只有重力做功則機械能守恒。

8.【答案】BD

【解析】解：48、可以用假設(shè)法判斷兩球的電性和電量，假設(shè)同為正電荷（或負電荷）,

則Q球（或尸球）受兩個水平向右（或左）的力，則不可能水平平衡，假設(shè)PQ分別為正電

和負電荷，則P球受兩個水平向右的力，Q球受兩個向左的力，則不能水平平衡，故只

能是P帶負電，。帶正電。若兩球的電量不相等，則兩球受勻強電場的力不相等，而

P。之間的庫侖力是相等的，那么至少有一球不能水平平衡。故A錯誤，B正確；

C、假設(shè)有一試探正電荷q從N點移到M點，根據(jù)等量異種電荷的特點（連線的中垂線

是等勢線）PQ的電場對＜7不做功，而勻強電場對q也不做功，則三個場的疊加場對q不

做功，故N點與M點電勢相等，故C錯誤；

。、設(shè)PQ所帶的電量均為。，相距為％勻強電場場強為E,根據(jù)平衡條件：EQ=字，

rz

所以E=*M點的合場強是由三個電場的疊加而成，P和Q在〃點的場強大小E]=

/2=竽方向互成120。，二者的合場強%=%=等方向水平向左，再與勻強電場

E=臀合成時，合場強恰好為零，故。正確。

故選：BD。

明確兩小球均受電場力和庫侖力作用而處于平衡狀態(tài)，由平衡條件進行分析，從而明確

兩球的電性及電量大小。根據(jù)靜電力做功判斷兩點的電勢高低，根據(jù)平形四邊形定則求

M點合場強的大小和方向。

先根據(jù)平衡判斷電性是前提，合電場的電勢是代數(shù)和，而場強是矢量和。

9.【答案】8合多次測量求解平均值

【解析】解：(3)在步驟(1)的實驗中，根據(jù)平衡條件可得：mg=-Lo)

在步驟(2)的實驗中，對小木塊根據(jù)平衡條件可得：即g=k(L2-L。)

聯(lián)立解得：4=產(chǎn)與

-—Lo

所以要測量出物體間的動摩擦因數(shù),實驗小組還需要測量彈簧的原長自，故B正確、ACZ)

錯誤；

(4)根據(jù)(3)可得動摩擦因數(shù)測定的表達式是〃="；

乙1一L0

(5)多次測量求解平均值。

故答案為：(3)B；(4)第；(5)多次測量取平均值。

(3、4)對小木塊根據(jù)平衡條件結(jié)合摩擦力的計算公式推導動摩擦因數(shù)的表達式，由此分

析所要測量的物理量；

(5)多次測量求解平均值可以減少誤差。

對于實驗題，要弄清楚實驗?zāi)康?、實驗原理以及?shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實

驗設(shè)計、實驗方法都是根據(jù)教材上給出的實驗方法進行拓展，延伸，所以一定要熟練掌

握教材中的重要實驗。

10.【答案】5400.0%0.38

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【解析】解：(1)將靈敏電流表改裝為

電壓表，需串聯(lián)一個大的分壓電阻，其

U3

阻值R=--/?0=—:-7/2-

也I且1g9500x10-6

600。=5400.0。；

(2)由于本實驗要求調(diào)壓范圍大，所以滑動變阻器采用分壓接法，故滑動變阻器選擇最

大阻值較小的Ri；

(3)按圖連接實物如圖所示;

(5)兩個相同的燈泡接入新電源后，根據(jù)歐姆定律寫出燈泡的電壓的表達式為2U=E-

Ir,代入數(shù)據(jù)可得：U=2-2.51,將此函數(shù)在燈

泡的U-/曲線中畫出來，如圖所示。圖象的交點

坐標為(0.324,1.20V),所以燈泡的實際功率為P=

UI=1.20x032W=0.38VV。

故答案為：(1)如圖所示、5400.0；

(1)把靈敏電流計改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點與歐姆定律求出

串聯(lián)電阻阻值。

(2)根據(jù)實驗原理及實驗要求選擇滑動變阻器；

(3)按電路圖連接實物，注意線條不要交叉；

(5)寫出燈泡電壓與電流的U-/圖象的函數(shù)表達式，在小燈泡的伏安曲線中畫出該直線,

由交點坐標求出實際功率。

本題考查了電壓表改裝、實驗數(shù)據(jù)處理問題，知道電壓表改裝原理、理解實驗原理是解

題的前提與關(guān)鍵，還有用圖象法解方程求工作點也很巧妙。

11.【答案】解：(1)設(shè)粒子離開加速區(qū)的速度為%,

-3322

在加速區(qū)由動能定理：qU=>VQ=2xIOx2x10mm/s,v0=2m/s；

粒子在徑向電場中沿圓弧運動，速度方向始終與電場方向垂直，即作勻速圓周運動，電

場力為電荷做圓周運動的向心力，

?272

即=R=^=^^m=0.16m；

(2]粒子在電場E2中作類平拋運動，設(shè)落到G點的時間為t

則x=爆I2,X為擋板到y(tǒng)軸的距離0.2m,解得t=0.1s,所以G點到x的距離d=vot,

求得d-0.2m.

答：(1)帶電固體顆粒離開加速區(qū)的速度大小為2m/s,圓弧BC的半徑為0.16m；

(2)G點與x軸之間的距離為0.2m.

【解析】在加速區(qū)由動能定理求解離開加速區(qū)的速度，粒子在徑向電場中沿圓弧運動，

速度方向始終與電場方向垂直，即作勻速圓周運動，電場力為電荷做圓周運動的向心力,

粒子在電場E2中作類平拋運動

本題考查帶電粒子在電場中的運動，并與勻速圓周運動和平拋運動相結(jié)合，注意要認真

分析每個運動過程及軌跡。

12.【答案】解：(1)滑塊A與滑塊B碰撞時，動量守恒，有外%=(MA+

解得〃

(2)碰撞后，木箱C做加速運動，加速度大小為由；滑塊A8做減速運動，加速度大小為

。2；設(shè)經(jīng)過《1，三者達到共速"1，木箱。加速的Mcg=Me/

解得%=4g

滑塊A、8—起減速(以+MB+Mc)g+[i2Mcg=(Mx+Ms)a2

解得。2=5Hg

根據(jù)運動學關(guān)系，有力=^-a2tl=&ti

解得巧=幼=彘

木箱C運動的位移為幾=yti

滑塊A、8運動的位移/8=等口

木箱C的長度為Z,=以8-和

解得木箱C的長度為L=[-

484g

(3)因為“2<Mi

木箱C與滑塊A8以不同的加速度做減速運動，木箱C的加速度大小為的,設(shè)滑塊的加

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速度大小為+MB+Mc)g-n2^c9=(M4+MB)a3

解得。3=3Hg

滑塊A、B一起繼續(xù)減速直至減為0,設(shè)減速時間為J，0=v3-a3t2

解得「2=贏

七時間后，木箱C減速到”2“2=%-。1亡2

解得%=工

1O

2

由能量守恒定律有+MB)V=\Mcv\+Q

解得Q=警

答：(1)滑塊A與滑塊B碰后瞬間的共同速度u=葭；誓

(2)碰撞瞬間A8整體的加速度大小為”g、C的加速度大小為5〃g,木箱C的長度L=急

(3)從滑塊A與滑塊B碰后到滑塊A、8速度減為0的過程中，整個系統(tǒng)因摩擦而產(chǎn)生的

熱量Q=警。

【解析】AB碰撞瞬時動量守恒，可以利用動量守恒定律求共同速度；碰后由于AB相對

C滑動，因此C受到摩擦力作用產(chǎn)生加速度開始加速運動，A8整體由于C的摩擦力減

速，可用牛頓第二定律分別求加速度，結(jié)合運動學公式求出兩者相對位移即為C的長度。

系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量?？山Y(jié)合功能關(guān)系求解。

本題考查范圍較廣，內(nèi)容較為綜合，涉及牛頓運動定律、動量守恒定律以及功能關(guān)系，

對學生綜合分析能力要求較高，難度較大。

13.【答案】ABD

【解析】解：A、氣體的內(nèi)能是分子熱運動的動能和分子間的勢能之和，故A正確；

B、氣體被壓縮時，外界對氣體做功”>0,如果向外界放熱Q<0,根據(jù)熱力學第一定

律，△[/=〃+(2,可能AUCO內(nèi)能減小，故B正確；

C、根據(jù)熱力學第一定律，△U=W+Q,氣體吸收熱量，若同時對外做功，氣體的內(nèi)

能不一定增大，溫度不一定升高，故C錯誤；

。、理想氣體分子間無分子勢能，故一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，故

。正確；

E、一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)改變時，若溫度不變，則其內(nèi)能不變，故E錯誤：

故選：ABD.

氣體的內(nèi)能是分子熱運動的動能和分子間的勢能之和；根據(jù)熱力學第一定律△U=W+

Q,分析得出內(nèi)能的變化，從而得到溫度如何變化，一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能，只跟

溫度有關(guān)，溫度改變時，其內(nèi)能一定改變。

本題考查了熱力學第一定律、內(nèi)能等知識，熟練掌握熱學部分的知識便可正確解答。

14.【答案】解：(i)氣體從C到A過程體積不變，由查理定律得：

PAPC

%F

5

代入數(shù)據(jù)解得：pc=4x10Pa

(ii)4-B-C-A整個過程，外界對氣體做功皿=WAB+WBC,

氣體從4到8過程外界對氣體做功：WAB=PA(VA-/)

4一8-。一4整個過程，氣體內(nèi)能不變，4U=0,由熱力學第一定律得：△U=W+Q

代入數(shù)據(jù)解得：WBC=554.57

在B-C過程中外界對該氣體所做的功為554.5/。

答：(i)該氣體在C狀態(tài)下的壓強pc是4x105Pa..

(ii)在B-C過程中外界對該氣體所做的功是554.5/。

【解析】⑴根據(jù)圖示圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用查理

定律求出在狀態(tài)C時氣體的壓強。

3)分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體內(nèi)能變化量，應(yīng)用熱力學第一定律求出在B-

C過程中外界對該氣體所做的功。

根據(jù)圖示圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用查理定律與熱力學

第一定律即可解題；應(yīng)用熱力學第一定律解題時注意各物理量正負號的含義。

15.【答案】I正等于

【解析】解：由圖可知，波長;1=2m則波的周期為：

A2

T=-=-s